2025届河南省鹤壁市淇县第一中学物理高二上期中质量跟踪监视试题含解析

2025届河南省鹤壁市淇县第一中学物理高二上期中质量跟踪监视试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、自由摆动的秋千，摆动的幅度越来越小。在这个过程中，下列说法正确的是A．能量正在消失B．动能不断减少C．动能和势能相互转化，机械能守恒D．总能量守恒，减少的机械能转化为内能2、如图所示，在光滑的水平面上放有两个小球A和B其质量mA<mBB球上固定一轻质弹簧.若将A球以速率V去碰撞静止的B球，碰撞时能量损失不计，下列说法中正确的是（）A．当弹簧压缩量最大时，A球速率最小B球速率最大B．当弹簧恢复原长时，B球速率最大C．当A球速率为零时，B球速率最大D．当B球速率最大时，弹性势能不为零3、如图所示是两个同种等电荷量的点电荷A、B形成的电场，图中示意性地画了几条电场线，其中O点为A、B连线的中心，PQ是AB的垂直平分线.下列说法中正确的是（）A．PQ直线上电场强度处处为零，PQ直线上所有点在同一等势面内B．PQ直线上电场强度沿中垂线指向O，PQ直线上O点电势最高C．PQ直线上O点处电场强度最大，电势也最高D．PQ直线上O点处电场强度为零，但在PQ直线上O点电势最高4、下述关于在如图所示的电路中电源电动势为E，内电阻为r．闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q，将滑动变阻器P的滑动触头,从图示位置向a端移动一些,待电流达到稳定后，则与P移动前相比()A．U变小 B．I变大 C．Q增大 D．Q减小5、如图所示，用绝缘丝线悬挂着的环形导体，位于与其所在平面垂直且向右的匀强磁场中，若环形导体通有如图所示方向的电流I，试判断环形导体的运动情况（）A．环形导体向右倾斜B．环形导体仍静止不动C．环形导体向左倾斜D．条件不够，无法判断6、关于点电荷的下列说法中正确的是：A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．点电荷是元电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两只电压表V1和V2是由完全相同的电流表改装而成的，V1的量程为5V，V2的量程为15V，为了测量15—20V的电压，把V1、V2串联起来使用，在这种情况下()A．V1和V2的指针偏转角度之比等于两个电压表的内阻之比B．V1和V2读数相等C．V1和V2的读数之比等于两个电压表的内阻之比D．V1和V2两表指针偏转角相等8、如图所示，边长为a的等边三角形ABC所在平面内有一电荷量为Q的固定点电荷，A、B两点电势相等、一个电子从A点以某一速度沿AC力向射入该电场，恰好做匀速圆周运动。已知电子带电量大小为e，e<Q，不计电子重力，下列说法正确的是（）A．该固定点电荷带正电，位于A、B连线中点B．电子能从A点运动到B点，电势能先减少后增加C．B点电场强度大小是C点的4倍D．电子从A点射入的速度大小为9、如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动．则PQ所做的运动可能是(说明：导体棒切割磁感线速度越大，感应电流越大)()A．向右匀加速运动 B．向左匀加速运动C．向右匀减速运动 D．向左匀减速运动10、如图所示，平行金属板中带电质点P原处与静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向上运动 D．上消耗的功率逐渐增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用50分度的游标卡尺测定一金属杆的直径，另一同学用螺旋测微器测小球的直径示数如所示，则该金属杆的直径为____________mm,小球的直径是______mm。12．（12分）图甲为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I-U图线的实验电路图．(1)根据电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整_________．(2)若给定的实验仪器中没有合适的电压表，现用一只满偏电流为10mA，内阻为r=100Ω的电流表进行改装．若将该表改装成3V量程的电压表，应______（填“串”或“并”）联一只_______Ω的电阻．(3)实验得到的小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示．则该小灯泡的阻值随所加电压（0~2.5V）的增大而_________（填“增大”或“减小”）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一个物体从静止开始做匀加速直线运动，加速度为3m/s2，则物体在第2秒末的速度大小是多少？2秒内的位移大小是多少米．14．（16分）如图所示，EF与GH间为一无场区．无场区左侧A、B为相距为d、板长为L的水平放置的平行金属板，两板上加某一电压从而在板间形成一匀强电场，其中A为正极板．无场区右侧为一点电荷Q形成的电场，点电荷的位置O为圆弧形细圆管CD的圆心，圆弧半径为R，圆心角为120°，O、C在两板间的中心线上，D位于GH上．一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子以初速度v0沿两板间的中心线射入匀强电场，粒子出匀强电场经无场区后恰能进入细圆管，并做与管壁无相互挤压的匀速圆周运动．（不计粒子的重力、管的粗细）求：(1)O处点电荷的电性和电荷量；(2)两金属板间所加的电压．15．（12分）如图所示，用丝线吊一质量为m、带电荷量为＋q的小球，置于水平方向的匀强电场中，静止时悬线与竖直方向的夹角为，求：（1）匀强电场的场强大小和方向？（2）若悬线突然断了，则小球做什么运动？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A.自由摆动的秋千，摆动的幅度越来越小，说明秋千受到空气阻力作用，机械能不断减少，但总能量守恒，故A错误；B.秋千向下摆动时动能是增大的，故B错误；C.秋千在运动的过程中，要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能不守恒，故C错误；D.任何形式的能在转化为其他形式能的过程中，能的总量都是保持不变的，即总能量是守恒的，减少的机械能转化为内能，故D正确；2、B【解析】分析小球的运动过程：A与弹簧接触后，弹簧被压缩，弹簧对A产生向左的弹力，对B产生向右的弹力，A做减速运动，B做加速运动，当B的速度等于A的速度时压缩量最大，此后A球速度继续减小，B球速度继续增大，弹簧压缩量减小，当弹簧第一次恢复原长时，B球速率最大．由以上分析可知，当弹簧压缩量最大时，两球速度相同．故A错误；弹簧被压缩后，B球的速度一直在增大，当弹簧恢复原长时，B球速率达到最大值．故B正确；由于质量mA＜mB，A的速度变化比B快，A球的速度是1时，弹簧仍然处于压缩状态，B球的速率没有达到最大．故C错误；当弹簧恢复原长时，B球速率达到最大值，所以此时弹簧的弹性势能是1．故D错误．故选B.3、D【解析】

AC.根据等量同种电荷电场的特点：两电荷连线的中点O场强为零，其他各点场强都不为零，故A错误，C错误；BD.根据电场强度合成规律，OP间电场方向从O指向P，OQ间电场方向从O指向Q，根据顺着电场线方向电势降低，PQ不是一个等势面，可知，O点电势最高，故C错误，D正确。故选：D.4、C【解析】当滑动变阻器P的滑动触头从图示位置向a一端移动时，其接入电路的电阻值增大，外电路总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律可知，干电路的电流I减小；变阻器两端的电压U=E-I（R2+r），I减小，U增大，即电容器C两端的电压增大，所带电荷量Q增大．故C正确，ABD错误；故选C．点睛：本题是含有电容器的动态变化分析问题，要综合考虑局部与整体的关系．对于电容器，电容不变时，关键确定电压．5、B【解析】

根据左手定则可知，通电导线在磁场中受力的方向，并由受力方向来判定导体运动情况。【详解】根据左手定则，环形导体所受到的安培力方向与导体平面平行，导致安培力只能使导体处于收缩状态，因此仍能静止不动。故B正确，A、C、D错误。故应选：B。【点睛】通电电流处于匀强磁场中，受到安培力作用，根据左手定则判断．注意本题强调环形导体与磁场垂直放置。6、D【解析】

AC．带电体看作点电荷的条件：当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状和电量多少无具体关系，AC错误；

B．点电荷是一种理想化的物理模型，元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，B错误；D．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理，比如两个挨的很近的带电金属球，其电荷分布由于电荷间的相互作用力使得不能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理，D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】（1）设电压表V1的内阻为R1，电压表V2的内阻为R2，由电压表的改装原理可知，：A：根据通过电流表的偏角与电流成正比可知，串联时电流相等，偏角也应相等，A错误；B：若将二者串联起来，通过它们的电流相同，则V1的读数，V2的读数为，所以，B错误；C：根据B的分析可知，，C正确；D：由电流表的指针偏角与通过的电流成正比可知，V1与V2的偏转角度相等，D正确；故选CD．8、CD【解析】

A．根据点电荷电场分布的对称性和一个电子从点以某一速度沿方向射入该电场，恰好做匀速圆周运动，通过作图可知电荷在点，如图所示根据库仑力提供向心力可知电荷为正电荷，故A错误；B．由于、两点电势相等，电子在、两点电势能相等，电子能从点运动到点，动能不变，根据能量守恒可得电势能不变，故B错误；C．根据几何知识知根据知点电场强度大小是点的4倍，故C正确；D．根据库仑力提供向心力知解得故D正确；故选CD。9、BC【解析】

MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；根据右手螺旋定则，与楞次定律可知PQ的运动情况．【详解】MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手螺旋定则与楞次定律可知，PQ可能是向左加速运动或向右减速运动．故BC正确，AD错误。故选BC。【点睛】本题关键是分析好引起感应电流的磁通量的变化，进而才能分析产生电流的磁通量是由什么样的运动产生的。10、BCD【解析】

AB.由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联，再与R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当R4的滑片向a移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，路端电压增大；电路中总电流减小，则R1两端的电压减小，又路端电压增大，则并联部分的电压增大，据欧姆定律可知流过R3的电流增大；电路中总电流减小，流过R3的电流增大，则流过R2的电流减小，电流表示数减小；流过R2的电流减小，R2的电压减小，又并联部分的电压增大，则R4电压增大，电压表读数增大；故A错误，B正确；C.因电容器两端电压增大，板间场强增大，质点受到的向上电场力增大，质点P将向上运动，故C正确；D.因R3两端的电压增大，由P=可知，R3上消耗的功率增大，故D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.206.700【解析】

游标卡尺的主尺读数为4mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.02mm=0.20mm，所以最终读数为：4mm+0.20mm=4.20mm；螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为6.5mm+0.200mm=6.700mm。12、（1）如图；（2）串200（3）增大【解析】(1)根据电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整如图(2)现用一只满偏电流为10mA，内阻为r=100Ω的电流表进行改装．若将该表改装成3V量程的电压表，应串联一只电阻，阻值大小(3)实验得到的小灯泡的伏安特性曲线如图，根