山东省青岛西海岸新区第一中学2025届物理高一上期末检测模拟试题含解析

山东省青岛西海岸新区第一中学2025届物理高一上期末检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、“歼-20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中向下俯冲时，速度增加得很快。则A.加速向下俯冲时有惯性 B.加速向下俯冲时无惯性C.加速向下俯冲时惯性增大 D.加速向下俯冲时惯性减小2、如图所示，质量为20kg的物体在水平面上向右运动，同时受到一个向左的10N的拉力，已知物体与水平面之间的动摩擦因数为0.1．则物体受到的摩擦力为A.10N、向左 B.10N、向右C.20N、向左 D.20N、向右3、在初中已经学过，如果一个物体在力F的作用下沿着力的方向移动一段距离L，这个力对物体做的功是W=FL，我们还学过，功的单位时焦耳（J），由功的公式和牛顿第二定律可知，焦耳（J）与基本单位米（m）、千克（kg）、秒（s）之间的关系是（）A. B.C. D.4、如图所示，A、B两物体相距x＝3m，物体A以vA＝4m/s的速度向右匀速运动，而物体B此时的速度vB＝10m/s，在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度的大小为2m/s2.那么物体A追上物体B所用的时间为()A.7sB8sC.sD.3＋s5、如图所示，一倾角为45°的斜面固定于竖直墙上，为使一光滑的铁球静止，需加一水平力F，且F通过球心，下列说法正确的是（）A.球一定受墙的弹力且水平向左B.球一定受斜面的弹力且垂直斜面向上C.球可能受斜面的弹力且垂直斜面向上D.斜面和竖直墙之间可能没有弹力6、某人驾车从德州到潍坊用时4h，车上里程表的示数增加了300km，根据地图上的相关数据得到出发地到目的地的直线距离为240km，则整个过程中汽车的位移大小和平均速度的大小分别为A.240km60km/h B.240km75km/hC.300km60km/h D.300km75km/h7、如图，甲、乙两质点同时从离地高度为2H和H的位置自由下落，不计空气阻力，甲的质量是乙质量的2倍，则（）A.甲落地的时间是乙落地时间的2倍B.甲落地时的速率是乙落地时速率的倍C.甲、乙落地之前，二者之间的竖直距离保持不变D.甲、乙落地之前，两物体均处于超重状态8、质量分别为1kg和2kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今用大小为F=9N的力作用在A上使AB相对静止一起向左匀加速运动，则下列说法正确的是（）A.弹簧的弹力大小等于8NB.弹簧的弹力大小等于6NC.突然撤去F瞬间，A的加速度大小为0D.突然撤去F瞬间，B的加速度大小为3m/s29、如图所示，A、B分别是甲、乙两球从同一地点沿同一直线运动的v­t图象，根据图象可以判断出()A.在t＝4s时，甲球的加速度大于乙球的加速度B.在t＝4.4s时，两球相距最远C.在t＝6s时，甲球的速率小于乙球的速率D.在t＝8s时，两球相遇10、某人站在力传感器上先“下蹲”后“站起”，力传感器的示数随时间的变化情况如图所示，由图象可知A.“下蹲”时先超重后失重B.“下蹲”时先失重后超重C.“站起”时先超重后失重D.“站起”时先失重后超重11、如图所示，轻质弹簧一端固定在地面上。一小球从某高处自由下落到弹簧上端，将弹簧压缩至最低点，弹簧始终呈竖直状态且在弹性限度内。小球从开始下落至最低点的过程中，下列叙述正确的是A.小球刚接触弹簧时，速度最大B.小球的速度最大时，加速度为零C.小球处在最低点时，所受合外力向上D.小球接触弹簧以后，一直做减速运动12、甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v-t图象如右图所示，则前4s内A.乙比甲运动快B.2s末乙追上甲C.4s内甲的平均速度等于乙的平均速度D.乙追上甲时距出发点40m远二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，倾角为θ=37°、足够长的斜面体固定在水平地面上，小木块在沿斜面向上的恒定外力F作用下，从斜面上的A点由静止开始向上作匀加速运动，前进了4.0m抵达B点时，速度为8m/s．已知木块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，木块质量m=1kg．（g=10m/s2，取sin37°≈0.6，cos37°≈0.8）（1）木块所受的外力F多大？（2）若在木块到达B点时撤去外力F，求木块还能沿斜面上滑的距离S和返回B点的速度16、（12分）小明同学在社会实践时发现一口深井．他将一小石块从井口静止释放，同时利用智能手机开始计时，经过s听到石块撞击水的声音．重力加速度取,则小明同学可估算出：（不计声音的传播时间）(1)井口到水面的距离是多少？(2)小石块撞击水面时的速度是多大？17、（12分）如图，一质量为1kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角θ为30°，现小球在F=10N的沿杆向上的拉力作用下，从A点静止出发沿杆向上运动，已知杆与球间的动摩擦因数m为．试求：（1）小球运动的加速度a1；（2）若F作用2s后撤去，小球上滑过程中距A点最大距离Sm；（3）若从撤去力F开始计时，小球经多长时间将经过距A点上方为4.64m的B点

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、A【解析】惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的唯一量度，与物体是否运动以及做何种运动无关，所以加速向下俯冲时惯性不变。故选A。2、C【解析】物体相对地面向右运动，受到地面向左的滑动摩擦力．物体对地面的压力大小等于物体的重力，由摩擦力公式f＝μFN求出摩擦力【详解】依题意，物体相对于地面向右运动，受到地面的滑动摩擦力方向向左．物体在水平面上运动，F也在水平方向向左，则物体对地面的压力大小等于物体的重力，即：FN＝mg＝20×10＝200N，所以物体受到的滑动摩擦力大小为：f＝μFN＝0.1×200＝20N，故C正确，ABD错误；故选C【点睛】本题容易出错是滑动摩擦力的方向，认为与F方向相反，是向右，要抓住滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，不是与外力方向相反3、B【解析】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的但为叫做导出单位【详解】根据W=FL可得，所以1J=1N•m，根据牛顿第二定律F=ma可知，力的单位为：1N=1kg•m/s2，故ACD错误；所以有：1J=kg•m2/s2，故B正确．所以B正确，ACD错误【点睛】物理公式不仅确定了各个物理量之间的关系，同时也确定了物理量的单位之间的关系，根据物理公式来分析物理量的单位即可4、A【解析】B速度减为零的时间，此时B的位移xB＝＝25m，A的位移xA=vAt0=4×5m=20m，因为xA＜xB+x，可知B速度减为零时A还未追上B，根据x+xB=vAt知，追及的时间t=s＝7s．故选A5、B【解析】由题意可知，小球处于平衡状态；则可知小球所受各力的合力为零；对小球进行受力分析，小球受重力、推力、竖直墙的支持力及斜面对小球的支持力；可采用分解法将斜面支持力向水平方向和竖直方向分解，分别列出水平和竖直方向上的平衡方程，分情况进行讨论即可求解【详解】A项：对小球进行受分析，如图所示：若压力F等于N2水平向上的分力时，小球对竖直面没有压力，故N1有可能为零，故A错误；B、C项：由小球的受力分析可知，如果小球不受斜面的弹力，即小球受到mg，F，N1三力的作用，小球不可能平衡，所以小球一定受斜面的弹力且垂直斜面向上，故B正确，C错误；D项：对小球和斜面为整体受力分析可知，在水平方向有推力F，所以斜面和竖直墙之间一定有弹力且方向向左，故D错误故应选：B【点睛】在解答平衡类的问题时，在注意准确的进行受力分析；而物体处于平衡状态时是指物体所受合力为零，若力为三个一般采用合成的方式，若力为三个以上，一般采用正交分解的方式，列出平衡方程即可求解6、A【解析】明确位移的定义即可由题意得出位移；再根据平均速度等于位移与时间的比值即可求得平均速度【详解】位移大小为两点间直线距离的长度，由题意可知，位移为240km；平均速度为，故A正确，BCD错误【点睛】本题考查位移以及平均速度的计算；要注意明确位移和路程；平均速率和平均速度的区别7、BC【解析】A．甲落地的时间是，乙落地时间，所以甲落地的时间是乙落地时间的倍，故A错误；B．根据可知，甲落地时的速率是乙落地时速率的倍，故B正确；C．根据可知经过相等的时间内两个物体下落的高度相等，所以甲、乙落地之前，二者之间的竖直距离保持不变，故C正确；D．甲、乙落地之前，加速度均为g，则两物体均处于完全失重状态，故D错误；故选BC8、BD【解析】对整体由牛顿第二定律得：对BF=mBa=2×3=6N撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，由牛顿第二定律，对A：对B：所以BD正确，AC错误故选：BD。9、ABD【解析】A.甲球的加速度故甲球的加速度大小为10m/s2．负号表示加速度方向与速度方向相反．乙球的加速度故甲球的加速度大于乙球的加速度．故A正确．B.当两物体速度相同时两物体相距最远，即：40+a1t=-20+a2（t-2）解得：t=4.4s即4.4s时两物体相距最远，故B正确．C.t=6s时甲球的速度v1=v0+a1t=40+（-10）×6=-20m/s乙球的速度甲球的速率大于乙球的速率，故C错误．D.设T时刻两物体相遇，故有解得T=8s故D正确．10、BC【解析】人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，对应先失重再超重；起立对应先超重再失重，对应图象可知，该同学先做了一次下蹲，后做了一次起立的动作，故AD错误，BC正确；故选BC。11、BC【解析】设小球所受的弹力为F，当小球压缩弹簧的过程中，F竖直向上，且由零逐渐增大，所以合力F合=mg-F，方向向下，且逐渐减小，即加速度向下且逐渐减小，小球接触弹簧时有向下的速度，所以小球向下做加速运动；当F=mg，加速度为0，速度达到最大；小球继续向下运动，弹力F继续增大，合力F合=F-mg，方向向上，且继续增大，即加速度向上且逐渐增大，所以小球向下做减速运动，到达最低点时，速度为0，合力向上，且加速度到达最大值；故AD错误，BC正确；故选BC。12、CD【解析】A、从图象中可以看出内，，内，，故A错误；B、根据图象中图形所包围的面积知：内，位移为，，所以第末乙没有追上甲，故B错误；C、在内，甲的位移为，，两者位移相等，时间也相等，则甲的平均速度等于乙的平均速度，故C正确；D、末乙追上甲，由上面分析可知距出发点远，故D正确二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）18J（2）3.2m；m/s【解析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出上滑做匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出外力F的大小（2）根据牛顿第二定律求出撤去外力后上滑的加速度，结合速度位移公式求出木块沿斜面上滑的距离，根据牛顿第二定律求出下滑时的加速度，结合速度位移公式求出返回B点的速度【详解】（1）根据速度位移公式得，木块上滑加速度，根据牛顿第二定律得，F﹣mgsin37°﹣μmgcos37°=ma1，解得F=mgsin37°+μmgcos37°+ma1=10×0.6+0.5×10×0.8+1×8N=18N（2）物块匀减速上滑的加速度大小=gsin37°+μgcos37°=10×0.6+0.5×10×8=10m/s2，所以还能沿斜面上滑的距离s=物块向下做匀加速运动的加速度=gsin37°﹣μgcos37°=10×0.6﹣0.5×10×0.8=2m/s2则返回B点的速度=m/s答：（1）木块所受的外力F为18N；（2）木块还能沿斜面上滑的距离为3.2m，返回B点的速度为m/s【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，理清物体的运动规律是解题的关键，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁16、(1)20m；(2)20m/s【解析】小石块从井口静止释放，运动中不计空气阻力，则只受重力，属于特殊的匀变速直线运动—自由落体运动，由其运动学公式求解位移和速度.【详解】(1)由自由落体的位移公式得代入数据得(2)由自由落体的速度公式得代入数据得【点睛】解决本题的关键知道自由落体运动的特点，结合匀变速直线运动的运动学公式灵活求解.17、（1）2m/s2；（2）5m；（3）1.1s；【解析】（1）根据牛顿第二定律求出小球运动的加速度（2）根据速度时间公式和位移公式求出刚撤去拉力F时小球的速度和位移，根据牛顿第二定律求出撤去F时的加速度，结合运动学公式求出上滑的位移，从而得出小球上滑过程中距A点最大距离（3）小球经过A点上方的B点，可能向上做匀减速经过B点，也可能返回时做匀加速运动经过B点，根据牛顿第二定律和运动学公式求出运动的时间【详解】（1）在力F作用时有：F﹣mgsin30°﹣μmgcos30°=ma1代入数据解得a1="2"m/s2（2）刚撤去F时，小球速度v