2022届高考物理一轮复习定基础汇编试题04牛顿运动定律【含答案】

专题04牛顿运动定律

一、单选题

1.将质量均为M=lkg的编号依次为........6的梯形劈块靠在一起构成倾角0=37°的三

角形劈面，每个梯形劈块上斜面长度均为L=0.2m,如图所示，质量m=lkg的小物块A与斜

面间的动摩擦因数为必=0.5,斜面与地面的动摩擦因数均为4二03,假定最大静摩擦力

与滑动摩擦力相等，现使A从斜面底端以平行于斜面的初速度v°=4.5i)/s冲上斜面，下列说

法正确的是：(sin370=0.6,cos37°=0.8)

A.若所有劈均固定在水平面上，物块最终从6号劈上冲出

B.若所有劈均固定在水平面上，物块最终能冲到6号劈上

C.若所有劈均不固定在水平面上，物块上滑到5号劈时，劈开始相对水平面滑动

D.若所有劈均不固定在水平面上.物块上滑到4号劈时，劈开始相对水平面滑动

BC

【解析】A、B项：若所有弱均固定在水平面上，根据牛顿第二定律得，物块的加速度大小

。=殁in37。+XAFOS370=10喔o=%足370+H身os370=10%,则物块速度减为零时位移为:

V2-诏=Tax,解得x=LO125M<6L,所以物块最终能冲到6号上,故A错误,B正确;

C、D项：若所有骂均不固定在水平面上，物块与斜面间的弹力：2%="oG7°=8",物块与斜面间的

滑动摩摭力：工=岗珠=4",地面对劈的支持力：国产9+$837°-布i°37°，当

工cos37°+我sin37°=也/时刚好开始滑动，代入数据可得好2.3,即滑动到4号时，

劈相对水平面不动，物块上滑到5号劈时，劈开始相对水平面滑动，故C正确，D错误。

点晴：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡、牛顿第二定律、运动学规律

进行求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁。

2.如图，滑块以初速度％沿表面粗糙且足够长的固定斜面.，从顶端下滑，直至速度为零.

对于该运动过程，若用力、s、八a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小,

t表示时间，则下列图象最能正确描述这一运动规律的是:

由题意知，在下滑的过程中，根据牛顿第二定律可得：-mgs\nO+ptngcQsO=ma,故加

速度保持不变，物块做匀减速运动，所以C、D错误；根据匀变速运动的规律x=

可得B正确：下降的高度"=招而。，所以A错误。

3.在2002年9月，伽利略的自由落体实验被物理学家评选为最美丽的实验。以下关于“伽

利略对自由落体的探究过程”的归纳不事项的是（）

A.发现问题：伽利略发现亚里士多德“重物比轻物下落得快”的观点有自相矛盾的地方

B.提出假设：伽利略认为，重物与轻物应该下落得同样快，他猜想落体运动应该是一种最

简单的变速运动，速度的变化对位移来说是均匀的

C.实验验证：在验证自己猜想的实验时，由于实验仪器不能精确测量快速下落物体所需的

时间，所以他设想通过斜面落体来“冲淡重力”

D.合理外推：伽利略将他在斜面实验中得出的结论做了合理的外推，从而确定了自由落体

运动是初速度为零的匀加速直线运动，且所有物体自由下落时的加速度都相同。

B

试题分析：伽利略根据亚里士多德的论断，假定大的石块下落速度为8,小石块下落速度为

4,把它们捆在一起，大石块会被小石块拖着而减慢，所以速度会小于8,但两石块捆在一

起会更重，下落速度应当等于8,这样得出了相互矛盾的结论，伽利略认为，重物体与轻的

物体下落一样快；所以运用归谬推理否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落

慢的错误论断，故A正确；伽利略提出“自由落体”是一种最简单的直线运动--匀加速直

线运动，故B错误；为“冲淡”重力，伽利略设计用斜面来研究小球在斜面上运动的情况;

故C正确；伽利略将他在斜面实验中得出的结论做了合理的外推，从而确定了自由落体运动

是初速度为零的匀加速直线运动，且所有物体自由下落时的加速度都相同，故D正确.本题

选不正确的，故选B.

本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学

研究的方法.

4.在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体.当电

Y

梯匀速运动时，弹簧被压缩了X,某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了历（重力加速度为

g）.则电梯在此时刻后的运动情况可能是（）

A.以大小为Ug的加速度加速上升

10

B.以大小为1g的加速度减速上升

10

C.以大小为&的加速度加速下降

10

D.以大小为&的加速度减速下降

10

D

因为电梯匀速时，弹簧被压缩了〉：，由此可以知道，mg=kx,

Y

某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了二，弹簧的弹力变大了，由受力情况和牛顿第二定律

10

11V1

可得：k------mg=ma解得a=一g,方向向上。

1010

物体可能以a=J-g加速上升，也可能以。减速下降。

故选D

5.甲、乙两辆汽车从同一点同时出发，沿同一方向行驶，它们运动的v-t图象如图所示。

下列判断正确的是（）

A.在匕时刻以前，乙车的速度比甲车的大

B.在ti时刻以后，乙车的加速度比甲车的大

C.在0-&时间内，甲车所受合力大于乙车所受合力

D.在0〜匕时间内，甲、乙两车的平均速度相等

B

从图中可知，人时刻前乙车速度小于甲车的速度，A错误；在v-t图象中，斜率代表加速度，

有图可知，乙的斜率大于甲的斜率，故乙时刻后乙车加速度大于甲车的加速度，B正确；在

0~乙时刻内，乙车的加速度大于甲车的加速度，根据牛顿第二定律F=ma可知，甲车所受合

力小于乙车所受合力，C错误；在乙时刻内，甲所围面积大于乙所围面积，即甲的位移

大于乙的位移，根据于=日可知，甲车的平均速度大于乙车的平均速度，I）错误.

t

6.如图所示，质量分别为腐和⑶的两小球用轻绳连接在一起，并用细线悬挂在天花板上，

两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为%与。2（80。2）。现将力、B

间轻绳剪断，则两小球开始摆动，最大速度分别为匕和如最大动能分别为员和6B,则下

列说法中正确的是

\VUi

A.nh＞股

B.轻绳剪断时加速度之比为tan%:tan02

C.水V6

D.&＞氏；

A

试题分析：未剪断细绳时两球都处于平衡状态，设两球间的水平细绳的拉力大小为T.对A

球分析受力如图

由平衡条件得：T=叫幽响，同理,对B球有：T=mBglan02）则得四"£响=rn^gtan^，因缺％

故啊。物,A正确.轻绳剪断时加速度之比为4二%=%更盛二如竺弟=§加区.成辿,B错误：声

啊啊

球摆到最低点时速度最大，动能最大.根据机械能守恒得：入球有掰/也。-asd）=：啊）3雀

）

=#见。-的g,同理对B可得心="煤BO-CGS%）,由图知：L^＞LB,区＞%＞故也＞%

错误;最大动能加=/乂=7MM（〜。他），%=

Ci%诏=mBgLB。-cos%），由图知：L^＞LB

2

司＞劣，但阳/〈掰》，J（不一定大于％,D错误.选A.

未剪断细绳时两球都处于平衡状态，由平衡条件列式，得到水平绳的拉力与质量的大小，从

而得到两球质量关系.将A、B间轻绳剪断瞬间，由牛顿第二定律求加速度之比，两小球摆

动过程中，机械能守恒，到达最低点时的速度，根据机械能守恒定律列式，分析最大速度的

大小.

7.如图所示，水平传送带在电动机带动下始终保持以速度v匀速运动，某时刻质量为m的

物块无初速地放在传送带的左端，经过一段时间物块能与传送带保持相对静止。已知物块与

传送带间的动摩擦因数为若当地的重力加速度为g,对于物块放上传送带到物块与传送

带相对静止的过程，下列说法中正确的是（）

A.物块所受摩擦力的方向水平向左

B.物块运动的时间为——

2〃g

C.物块相对地面的位移大小为一

2

D.物块相对传送带的位移大小为二二

2〃g

D

试题分析：物块相对传送带向左滑动，摩擦力方向水平向右，即物块所受合外力为

vv2

f=jumg，加速度a=〃g,物块运动的时间/=——，物块相对地面的位移大小$=,

4g2〃g

v2

物块相对传送带的位移大小As=W-S=—,故ABC错误，D正确.故选D.

根据相对运动方向求得摩擦力方向；由受力分析求得合外力，即可由牛顿第二定律求得加速

度，然后根据匀变速运动规律求得运动时间、位移，然后由几何关系求得相对位移.

8.2017年3月31日，在国际泳联跳水系列赛喀山站10米台决赛中，我国男女选手双双夺

得冠军.如图是运动员某次跳台比赛中的图像（取竖直向下为正方向），，=0时运动

员起跳离开跳台.将运动员视为质点，则运动员

A.乙时刻到达水面

B.G时刻到达水下最深处

C.时刻处于超重状态

D.。时刻浮出水面

C

由y-f图像可知运动情景，Z=0时刻，运动员起跳；/时刻，运动员到达最高点；z=，2

时刻，运动员到达水面；z=13时刻，运动员在水中减速向下运动，超重状态；，=乙时刻，

运动员在水中到达最低点，故C正确，ABD错误;

故选C。

9.如图所示，套有光滑小铁环的细线系在水平杆的两端A、B上，当杆沿水平方向运动时,

小环恰好悬于A端的正下方并与杆保持相对静止，已知小环质量为m,重力加速度为g,下

列分析正确的是（）

A.杆可能作匀速运动B.杆一定向右作匀加速运动

C.杆可能向左作匀减速运动D.细线的张力可能等于mg

C

对小环受力分析：受绳的拉力和重力，如图，设细线夹角为e：

由题知竖直方向平衡：mg=T+Tcos0

设水平方向上加速度为a,由牛顿第二定律得：TsinO=ma

由于0°ve<90°,得：T二罐八Vmg,加速度方向水平向右；故杆和小环向右做加速

1+COS。

度的匀加速或向左匀减速运动，由上分析，可知，故ABD错误，C正确；故选C.

10.放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关

系和物块速度v与时间t的关系如图所示。取重力加速度g=10m/s'。由此两图线可以求得

物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数P分别为

A.m=0.5侬，〃=0.2B.m=1.5kg,jU=—

C.m=0.5侬,〃=0.4D.僧=1奴,〃=0.2

C

由v-1图象看出，物体在4s-6s做匀速直线运动，由平衡条件知与=居=2N,由速度图

象可知，2-4s物体加速度为〃=包=匕二殳=2相//,此时有F；F3N,由牛顿第二定律得

Art

F2-Fr-ma,代入解得旷0.5kg,rfl。=〃〃话，的=玛，解得"=0.4,故C正确，ABD错

误；

故选C。

11.如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为的固定斜面上，滑块与斜面之间的动摩擦因数

为若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g.则()

A,将滑块由静止释放，如果">tan。，滑块将下滑

B.给滑块沿斜面向下的初速度，如果tan。，滑块将减速下滑

C.用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果"=tan。，拉力大小应是〃zgsin。

D.用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果〃=tan。，拉力大小应是2mgsin。

D

物体由静止释放，对物体受力分析，受重力、支持力、摩擦力如图.

物体下滑时，应满足条件：mgsinO>〃mgcos0.解得〃vtan。.故A错误；给滑块沿斜

面向下的初速度.如果〃vian。，则有：mgsine>jumgcos。,物体将加速下滑.故B错

误；

用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，根据平衡条件，有

F+mgsin0-ptwngCQS0=0,又〃=tan8.解得尸=0.故C错误；用平行于斜面向上的

力拉滑块向上匀速滑动，根据平衡条件，有F-mgsinO-pmmgcos0=O.由题"=tan。.故

解得F=2mgsine.故D正确.

故选D.

12.对于一些实际生活中的现象，某同学试图从惯性角度加以解释，其中正确的是（）

A.采用了大功率的发动机后，某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机

的速度，这表明：可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性

B.”强弩之末势不能穿鲁编”，这表明强弩的惯性减小了

C.货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这会改变它的惯性

D.摩托车转弯时，车手一方面要适当的控制速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜，这是

为了通过调控人和车的惯性达到安全行驶的目的

C

惯性是物体的因有属性，大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与其它任何因素无

关，AB错误；摘下或加挂一些车厢，改变了质量，从而改变惯性，C正确；人和车的质量不

变，则其惯性不变，D错误.

13.如图所示，三物体A、B、C均静止，轻绳两端分别与A、C两物体相连接且伸直，mA=3kg,

耽=2kg,nk-lkg,物体A、B、C间的动摩擦因数均为u=0.1,地面光滑，轻绳与滑轮间的

摩擦可忽略不计。若要用力将B物体从AC间拉动出，则作用在B物体上水平向左的拉力至

少应大于（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2）（）

B

A.12NB.5NC.8ND.6N

D

A、B间最大静摩擦力为品=unug=O.1X3ON=3N,当B刚要拉动时，右侧绳子的拉力至少等

于A、B间最大静摩擦力，即产3N.再对三个物体组成的整体进行研究，由于地面光滑,

由平衡条件得到，水平向左的拉力最小值为F=2T=6N.故选D.

点睛：本题中当A、B刚要相对运动时，静摩擦力达到最大，而BC间并没有相对滑动.采用

隔离法和整体法相结合的方法进行分析求解.

14.如图所示，50个大小相同、质量均为朋的小物块，在平行于斜面向上的恒力尸作用下

一起沿斜面向上运动.已知斜面足够长，倾角为30°,各物块与斜面的动摩擦因数相同，

重力加速度为.则第46个小物块对第45个小物块的作用力大小为（）

A.1。FB.10尸

451

C.2侬+10/D.因为动摩擦因数未知，所以不能确定

B

【解析】以50个小物块组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律得：

。二」一AOnoSO。=工4siNOo+xzcoSO。）,以下面45个小物块为研究对象,

50z«50m

由牛顿第二定律得9一452口30。一月.45Hos30。一4=45相0,解得国=\尸，故B正确.

15.如图所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为0的斜面光滑，系统静止时，

弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）

A.两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsin9

B.A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsin。

C.B球的受力情况未变，瞬时加速度大小为0.5gsin。

D.弹簧有收缩的趋势，A、B两球的瞬时加速度大小相等方向相反

B

系统静止，根据平衡条件可知，对6球：尸弹=峻in%对月球：少绳=少弹+〃冷5%

细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：

〃球受力情况未变，瞬时加速度为零：对力球根据牛顿第二定律得：折力/旧（尸弹+峻in6）

/np2gsin0,方向沿斜面向下，故/⑦错误，B正确。

故选：Bo

点睛：根据平衡条件可知：对A、B球受力分析，求出弹簧弹力和绳子拉力。细线被烧断的

瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不会瞬间发生改变；对A、B球分别进行受力

分析，根据牛顿第二定律即可求出各自加速度.

16.如图，电梯的顶部挂有一个弹簧测力计，其下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，

弹簧测力计的示数为10N,在某时刻电梯中相对电梯静止不动的人观察到弹簧测力计的示数

变为8N,glOm/s2,以下说法正确的是（）

A.电梯可能向下加速运动，加速度大小为2m/s2

B.电梯可能向下减速运动，加速度大小为12m/s2

C.此时电梯对人的支持力大小等于人的重力大小

D.此时电梯对人的支持力大小小于人对电梯的压力

A

AB、电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10M知重物的重力等于10M弹簧测力计的示

数变为8N时，对重物有：加夕丹侬，解得平2m/方向竖直向下，则电梯的加速度大小为

2向方向竖直向下。电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动。故力正确，B

错误；

C、由于加速度方向竖直向下，人处于失重状态，电梯对人的支持力大小小于人的重力大小,

C错误；

D、电梯对人的支持力与人对电梯的压力是作用力与反作用力，大小相等，D错误。

故选：Ao

17.如图，物体A、B用细绳连接后跨过滑轮，A放在在倾角为30°的光滑斜面上，B悬挂

着。已知质量股=3niB,不计滑轮摩擦，那么下列说法中正确的是（）

A.细绳对物体B的拉力大小为〃%g

B.物体A的加速度〃="疝30°

C.现将斜面倾角由30°增大到53°,绳子的拉力减小

D.物体A和物体B互换位置后，滑轮受到绳子的作用力保持不变

D

AB、设细绳拉力为T,对A：mAgs\ng0-T=mAa

对B:T—mBg=mBa

联立解得：叫3””,

啊+%

倾角为30°时,加速度为g/8,49mg/8,.

所以，细绳的拉力不等于B的重力，A错误，B错误;

C、斜面倾角增大，加速度将增大，根据T-旭湛=掰5。，细绳拉力将熠大，C错误;

D、物体A和物体B互换位置后，设细绳拉力为F,对A:mAg-F=m^

对B；FmBgsinO=mBa\f=°=网超滑轮受到绳子的作用力保

加八十机88

持不变，D正确。

故选：Do

18.质量为mo=2Okg、长为L=5m的木板放在水平面上，木板与水平面的动摩擦因数为

PFO.15O将质量m=10kg的小木块（可视为质点），以v产4m/s的速度从木板的左端被

水平抛射到木板上（如图所示），小木块与木板面的动摩擦因数为口2=0.4（最大静摩擦力等

于滑动摩擦力，g=10m/s2）o则下列判断正确的是（）

A.木板一定静止不动，小木块不能滑出木板

B.木板一定静止不动，小木块能滑出木板

C.木板一定向右滑动，小木块不能滑出木板

D.木板一定向右滑动，小木块能滑出木板

A

试题分析：比较小物块对木板摩擦力与地面对木板摩擦力的大小，从而判断出木板能否保持

静止，然后对小物块进行分析,综合牛顿第二定律和运动学公式判断其能否从木板右端滑出.

m对外的摩擦力工=42mg=0.4x100=4O7V,地面对外的摩擦力

力=从（m+，％）g=0.1x（10+20）xl0=30N,因为工>力，所以木板一定向右运动,

对m,由牛顿第二定律4=—L=",g=4m/d,对加0,由牛顿第二定律有

m

。二区二£="二为=0.5机/J,设经过时间t,小木块和木板速度相等%-。工二%"

/20

OQA

即：4-41=0.5t,得，=-5,共同速度u=0.5x-=—m/s,小木块的位移

999

44

4-

+-88

%+匕9V9

X==X-二詈加，木板的位移々-Z=-X-

-229229一〃z,小木块相对木板

81

44

的位移以=演一42=—<L=2m,所以小木块不能滑出长木板，故C正确；

19.如图所示质量均为m=L5XlC*g的甲、乙两车同时同地出发，在同一半直公路上行驶,

二者所受阻力均为车重的k=0.5倍，由于牵引力不同，甲车做匀速直线运动，乙车做匀加速

直线运动，取g=10m/s2,则以下叙述正确的是（）

A.乙车牵引力为F2=7.5XIO?N

B.t=1s时两车速度相同且v=lm/s

C.t=1s时两车间距最大，且最大间距为Ln=lm

D.0〜2s内阻力对两车做的功均为Wf=-3Xl（fJ

C

A、由图可以知道,两车在2s时的位移相同，则说明汽车的平均速度相同；即：

一4r

廿田=^7===2m/s

因乙车做匀加速直线运动,故乙车的2s末的速度为4m/s;加速度

△v4

a=—=一=2m/s9

垓2;由牛顿第二定律可以知道:尸一0-5mg=ma；计算得

^^=10.5x10^；故人错误；

B、因平均速度等于中间时刻的瞬时速度，因此乙在1s末的速度为“乙一2m/s,而甲一直以2m/s

的速度匀速行驶;故B错误；

C、开始时甲的速度大于乙的速度,所以距离越来越大,速度相等时，距离达最大，由公式

,2+0

1=2x1-------x1=1m

〃=得Is末间距最大;最大间距为：2故C正确

D、因为位移相同,阻力大小相同;故阻力做功相同;均为:皿=fs=-0.5mgx4=-3x1（6故

D错误，

综上所述本题答案是：C

20.在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做了巨大贡献.以

下选项中符合伽利略和牛顿观点的是（）

A.两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大

B.人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方

C.两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢

D.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不

受力时的“自然状态”

B

【解析】A项，物体速度与其受力没有直接关系，故A错误

B项，设人起跳前一瞬间车速为v,人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上起跳后，人在水平方向以速度

v做匀速运动，而车厢在做加速运动，车厢在水平方向上的位移大于人在水平方向上的位移，则人会落在走

跳点的后方，故B正确

C项，自由落体运动，物体下落的快慢与物体的轻重没有关系，故C项错误。

D项，在光滑水平面上，做匀速直线运动的物体，其受力平衡，说明匀速直线运动状态也是“自然状态”，

故D项错误。

综上所述本题正确答案为:B

21.如图所示，水平地面上有一车厢，车厢内固定的平台通过相同的弹簧把相同的物块A、

B压在竖直侧壁和水平的顶板上，已知A、B与接触面间的动摩擦因数均为〃，车厢静止时，

两弹簧长度相同，A恰好不下滑，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,现使车

厢沿水平方向加速运动，为保证A、B仍相对车厢静止，则（）

A.速度可能向左，加速度可大于（1+4）9

B.加速度一定向右，不能超过（1一4）9

C.加速度一定向左，不能超过〃9

D,加速度一定向左，不能超过（1一4）9

B

F=四

A恰好不下滑，对A分析有，=根5=〃'=〃「弹，则有弹一7,弹簧处于压缩；现使车厢沿

mg

水平方向加速运动，为保证A、B，乃相对车厢静止，墙壁对A的支持力必须大于丁，根据牛

顿第二定律可知加速度方向一定向右；

对B分析，盘=〃（尸弹-则有aW（l-〃）g,故B正确，ACD错误;

故选B。

22.太阳神车由四脚的支架吊着一个巨大的摆锤摆动，游客被固定在摆下方的大圆盘A上,

如图所示.摆锤的摆动幅度每边可达120。.6台大功率的异步驱动电机同时启动，为游客

创造4.3g的加速度，最高可飞跃至15层楼高的高空.如果不考虑圆盘A的自转，根据以上

A.当摆锤摆至最高点的瞬间，游客受力平衡

B.当摆锤摆至最高点时，游客可体验最大的加速度

C.当摆锤在下摆的过程中，摆锤的机械能一定不守恒

D.当摆锤在上摆过程中游客体验超重，下摆过程游客体验失重

C

A、当摆锤摆至最高点的瞬间，摆锤与游客将开始下降，具有向下的加速度，游客受力不平

衡，故A错误:

B、当摆锤摆至最高低时，摆锤的速度最大，向心加速度最大，所以游客可体验最大的加速

度，故B错误：

C、当摆锤在下摆的过程中，由于电动机做正功，摆锤的机械能一定不守恒，故C正确；

D、当摆锤在上摆过程中，摆锤向上做匀减速运动，加速度方向向下，游客体验失重，故D

错误；

故选C。

23.2015年莫斯科世锦赛上，我国男子短道速滑队时隔15年再次站到5000m接力的冠军颁

奖台上。观察发现，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向前

滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲，甲获得更大的速度向前冲出。在乙推甲的过程中，忽略运

动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则（）o

A.甲对乙的作用力与乙对甲的作用力相同

B.甲对乙的作用力一定做正功，乙的动能增大

C.乙对甲的作用力一定做正功，甲的动能增大

D.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少最

C

【解析】A、由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，所以甲对乙的作用力与乙对耳

的作用力大小相等，方向相反，故A错误；

B、甲对乙的作用力一定做负功，乙的动能减小，故B错误；

C、乙对甲的作用力一定做正功，甲的动能增大，故C正确；

D、甲、乙间的作用力大小相等，不知道甲、乙的质量关系，不能求出甲乙动能变化关系，故D错误；

故选C。

24.物理学中有些结论不一定要通过计算才能验证，有时只需通过一定的分析就能判断结论

是否正确。根据流体力学知识，喷气式飞机喷出气体的速度v与飞机发动机燃烧室内气体的

压强P、气体密度P及外界大气压强p。有关。试分析判断下列关于喷出气体的速度的倒数，

的表达式正确的是

B.1=

VY(P+〃o)

D.2P(p-po)

试题分析：先根据等式两边单位相同判断；再根据内外压强差越大，喷气速度越大判断.

物理表达式两侧单位要相同，AB选项右侧单位为依/犷='=Jd/加2=$/川,C

PaNIm

选项右侧单位是m/s,D选项右侧单位也不是s/m,故CD均错误；结合实际情况，内外压强

差越大，喷气速度越大，显然A符合，B不符合，故A正确B错误.

25.某质量为m的电动玩具小车在平直的水泥路上由静止沿直线加速行驶.经过时间t前进

的距离为x,且速度达到最大值片,设这一过程中电动机的功率恒为P,小车受阻力恒为F,

则t时间内()

A.小车做匀加速运动

B.小车受到的牵引力逐渐增大

C.合外力对小车所做的功为Pt

2

D.牵引力对小车所做的功为Fx+lmvn

2

D

电动机功率恒定，P二F命v,结合牛顿第二定律可知FkF=ma,v=at可知，当速度增大时，

牵引力减小，加速度减小，故小车做加速度减小的变加速运动，故AB错误；整个过程中，

牵引力做正功，阻力做负功，故合力做功为归Imv/,Pi为牵引力所做的功，故C错误；

2

整个过程中，根据动能定理可知心r"=LmVn2,解得Pt=Fx+Lmv/,故D正确；故选1).

22

点睛：小车的恒定功率启动方式是一种最快的启动方式，是加速度不断减小的加速运动，运

动学公式不再适用，但可以根据动能定理列式求解.

26.极限跳伞(skydiving)是世界上最流行的空中极限运动，它的独特魅力在于跳伞者可

以从正在飞行的各种飞行器上跳下，也可以从固定在高处的器械、陡峭的山顶、高地甚至建

筑物上纵身而下，并且通常起跳后伞并不是马上自动打开，而是由跳伞者自己控制开伞时间，

这样冒险者就可以把刺激域值的大小完全控制在自己手中。伞打开前可看做是自由落体运

动，打开伞后减速下降，最后匀速下落。如果用h表示人下落的高度，t表示下落的时间，

E0表示人的重力势能,Ek表示人的动能，E表示人的机械能，v表示人下落的速度，在整个过

程中，忽略伞打开前空气阻力，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能

符合事实的是（）

【解析】运动员先做自由落体运动，由机械能守恒可得：Ee=AE?=mgh,与下落的高度成正比；打开降落伞

后做加速度逐渐减小的减速运动，由动能定理可得：AEL（f-mg）Ah;随速度的减小，阻力减小，由牛顿

第二定律可知，人做加速度减小的减速运动，最后当阻力与重力大小相等后，人做匀速直线运动：所以动

能的变化减慢，即动能先激小快，后减小慢，当阻力与重力大小相等后，人做匀速直线运动，动能不再为

生变化.故B选项的图符合题意.故B正确，ACD错误,故选B.

点睛：解决本题的关键知道图象的物理意义，搞清运动员的运动情况，通过加速度变化判断

合力的变化，通过下降的高度判断重力势能的变化.

27.为了缓解高三学生学习压力，学校往往会在高考前夕举行拔河比赛，帮助学生释放压力，

激情迎考，如图所示。为了分析何题的方便，我们把拔河比赛简化为两个人拔河，如果绳质

量不计，且保持水平，甲、乙两人在“拔河”比赛中甲获胜，则下列说法中正确的是（）

A.甲对乙的拉力始终大于乙对甲的拉力

B.甲把乙加速拉过去时，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力

C.只有当甲把乙匀速拉过去时，甲对乙的拉力大小才等于乙对甲的拉力大小

D.甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的

摩擦力

D

甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力，大小始终相等，与运动状态无关，故

ABC错误；即不管哪个获胜，甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是当地面对

甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，甲才能获胜，故D正确；故选D.

28.下列哪个仪器测量的物理量不是国际单位制中的基本物理量（）

A.弹簧测力计B.刻度尺

C.秒表D.托盘天平

A

测力计是测量力的仪器.力不是基本物理量.故A正确；刻度尺是测量长度的仪器，是测量

的力学基本量，故B错误秒表是测量时间的仪器，是测量的力学基本量，故C错误；托盘天

平是测量质量的仪器，是测量的力学基本量，故D错误；本题选测量的物理量不是力学基本

量的，故选A.

29.如图所示，质量为物和版的两个材料相同的物体用细线相连，在大小恒定的拉力〃作

用下，先沿水平面，再沿斜面，最后竖直向上匀加速运动，不计空气阻力，在三个阶段的运

动中，线上的拉力大小（）

A.由大变小B.由小变大

C.由大变小再变大D.始终不变且大小为一——F

町十加2

D

设物体与接触面的动摩擦因数为〃，在水平面有：4二/―4（〃4+切2）g二"——"g

仍+m2g+nty

对m1进行受力分析，则有：工—从町8二町,二叫"〃叫g

町+丐

所以71二班一

tnx+吗

在斜面上有：.二尸一〃（町+吗）gc°s6（g+，％）gsine

叫十%

对加1受力分析则有：T2-l^cosl^sin8二mIs2

解得：T2"叫』

7Ml+吗

竖直向上运动时有：q=尸一（二+吗）g=—^―-g

7Ml+吗网+吗

对坨1进行受力分析则有：

T3F1萨mla3

解得：了3=一^-广

叫+吗

所以绳子的拉力始终不变且大小为一^^故〃正确，力先错误

+m2

故选：D.

点睛：先对整体进行受力分析求出整体加速度，再对n进行受力分析，根据牛顿第二定律

求出细线上的弹力，叫的加速度和整体加速度相同.

30.如图表示的是一条倾斜的传送轨道，B是传送货物的平台，可以沿着斜面上的直轨道运

送物体。某次传送平台B沿轨道将货物A向下传送到斜轨道下端，运动过程可用如图中的速

度•时间图像表示。下述分析中不正确的是()

A.0〜4时间内，B对A的支持力小于重力，摩擦力水平向右

B.0〜弓时间内，B对A的支持力等于重力，摩擦力水平向左

C.G〜与时间内，B对A的支持力大于重力，摩擦力水平向左

D.0〜4时间内出现失重现象；q时间内出现超重现象

B

【解析】A、。-，】时间内，从图像上可以看出，整体沿斜面向下做匀加速运动，此加速度可以分解为水平

向右和竖直向下的加速度，在分析A的受力可以得到，竖直方向上A有向下的加速度，导致B对A的支挂

力小于重力，水平方向由向右的加速度，导致A受到摩擦力水平向右的摩擦力，故A正确3

B、4-马时间内，从图像上可以看出，整体向下做匀速运动，A受力应该是平衡得，所以竖直方向上B对上

的支持力等于重力，水平方向上不受摩擦力的作用，故B错误；

C、-与时间内，从图像上可以看出，整体沿斜面向下做匀减速运动，此加速度可以分解为水平向左和竖

直向上的加速度，再分析A的受力可以得到，竖直方向上A有向上的加速度，导致B对A

的支持力大于重力，水平方向由向左的加速度，导致A受到摩擦力水平向左的摩擦力，故C

正确；

D、G时间段内，整体沿斜面向下做匀加速运动，失重状态，G-4整体沿斜面向下做匀

减速运动，超重状态，故D正确；本题要选不正确的，所以答案是B

综上所述木题答案是：B

31.如图所示，物体叠放在物体B上，B置于光滑水平面上，A、B质量分别为m,F6kg,m方2kg,

A、B之间的动摩擦因数〃=0.2,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对A施加一水平力F

用，则A、B的加速度可能是（g取10m/s2）

---------F

A-►

B

A.aA=6m/s2.3B=2m/s2

B.as=2m/s2.a»=6m/s2

C.a^=8m/s2.a»=4m/s2

D.a\=10m/s2.aa=6m/s2

D

试题分析：通过隔离法求出尔夕发生相对滑动的临界加速度，再通过整体法结合牛顿第二

定律求出拉力.根据拉力的大小与该临界情况拉力的关系，讨论两者的加速度

对6而言，当力必间的摩擦力达到最大值时，此时的加速度达到最大，则力==12N,

则最大加速度〃="超=—/n；?=6m/s2.对整体运用牛顿第二定律可得

mB2

F={mA+mB）a=^N,即当拉力增加到48N时，发生相对滑动，当/W48N时，

2

aA=aB<6m/s,当TrAdSN时，aA>aB,且〃A>6/%/S2,即=6m//恒定不变，

故D正确.

32.如图甲所示，一轻质弹簧的下端，固定在水平面上，上端叠放着两个质量均为勿的物体

A.8（物体8与弹簧栓接），弹簧的劲度系数为h初始时物体处于静止状态。现用竖直向

上的拉力少作用在物体力上，使物体4开始向上做加速度为a的匀加速运动，测得两个物体

的£图象如图乙所示（重力加速度为g）,则（）

A.施加外力的瞬间，，、的大小为2勿（g-a）

B.尔夕在乙时刻分离，此时弹簧的弹力大小加（差a）

C.弹簧弹力等于0时，物体8的速度达到最大值

D.8与弹簧组成的系统的机械能先增大，后保持不变

B

解:A、施加F前,物体AB整体平衡,根据平衡条件，有：

2Mg=kx;解得：

x=2巡

k

施加外力F的瞬间,对B物体,根据牛顿第二定律,有：

F邦・Mg・FAB=Ma

其中：FstYMg

解得:FAB=M（g-a）,故A错误.

B、物体A、B在3时刻分离，此时A、B具有共同的v与a;且FAB=O;

对B:F弹'-Mg=Ma

解得:F弹'=M（g+a）,故B正确.

C、B受重力、弹力及压力的作用；当合力为零时,速度最大,而弹簧恢复到原长时,B受到的合

力为重力，已经减速一段时间;速度不是最大值;故C错误；

D、B与弹簧开始时受到了A的压力做负功,故开始时机械能减小;故D错误；

故选:B

33.如图所示，放在固定斜面上的物块力以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块A上再放

另一物块8它们在下滑过程中保持相对静止，则（）

A.物块48可能匀速下滑

B.物块月4仍以原来的加速度a匀加速下滑

C.物块在将以大于a的加速度匀加速下滑

D.物块力夕将以小于a的加速度匀加速下滑

B

解.：只有A时物体加速度。=螫叱上螫"=gsin。-〃geos®,若增加B物体把他

tn

们看成整体，加速度a=也+M）gsin"勺+⑷餐吨=的皿-〃geos。加速度不

变。故选B

34.在物理学发展过程中，有许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）

A.牛顿通过多年观测记录行星的运动，提出了行星运动的三大定律

R.卡文迪许发现万有引力定律,被人们称为“能称比地球质量的人”

C.伽利略利用“理想斜面”得出“力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的

原因”的观点

D.开普勒从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者

亚里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点

C

解：A、开普勒提出了行星运动的三大定律,牛顿在此基础上发现了万有引力定律，故A错误.

B、牛顿发现万有引力定律后，英国物理学家卡文迪许利用扭秤实验装置比较准确地测出了

万有引力常量G,所以B选项是错误的.

C、伽利略利用“理想斜面”否定了“力是维持物体运动的原因”的观点，得出了“力是改变

物体运动状态的原因”的观点，故C正确.

D、伽利略从理论和实验两个角度，证明了轻、重物体下落一样快，从而推翻了古希腊学者亚

里士多德的“小球质量越大下落越快”的错误观点.故D错误.

所以C选项是正确的

35.如图所示，质量为M的斜面体B放在水平面，斜面的倾角。二30°,质量为m的木块A

_1

放在斜面上，木块A下滑的加速度0一*匕斜面体静止不动，则（）

A

B

A.木块与斜面之间的动摩擦因数为0.25

B.地面对斜面体的支持力等于（M+m）g

平

C.地面对斜面体的摩擦力水平向右，大小为8»

D.地面对斜面体无摩擦力作用

C

【解析】As根据牛顿第二定律，沿斜面方向mgsin30O-/ngcos30°=ma=ng,解得卜=7,A错误;

B、把斜面和木块看做一个整体，沿竖直方向-&=3in30%得无=（M+瓶加一B错

、C3

i天；

C、把斜面和木块看做个整体，沿水平方向摩擦力提供加速度，f8,C

正确，D错误。

故选：Co

36.将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v-t图象如

图所示.以下判断正确的