2025年鲁教五四新版选择性必修1物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁教五四新版选择性必修1物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图甲所示；金属小球用轻弹簧连接在固定的光滑斜面顶端．小球在斜面上做简谐运动，到达最高点时，弹簧处于原长．取沿斜面向上为正方向，小球的振动图像如图乙所示．则。

A.弹簧的最大伸长量为4mB.t=0.2s时，弹簧的弹性势能最大C.t=0.2s到t=0.6s内，小球的重力势能逐渐减小D.t=0到t=0.4s内，回复力的冲量为零2、如图所示，O为弹簧振子平衡位置,将振子拉至A处后放手，振子可沿水平光滑杆在A、B间作简谐振动；则振子（）

A.从B→O回复力不断减小，速度不断减小B.从B→O回复力不断增大，速度不断增大C.在O处速度最大D.在B处速度最大3、质量为m的物体静止在光滑水平面上。现在水平推力F作用下运动，推力随时间变化的规律如图所示。关于物体在0–t1时间内的运动情况；描述正确的是（）

A.物体的速度先增大后减小B.物体的速度一直增大C.t1时物体速度大小为D.该过程物体作匀变速运动4、图甲为一列简谐横波在t=0时刻的波形图，图乙为x=2m处质点的振动图像。下列判断正确的是（）

A.波沿x轴负方向传播B.传播速度为10m/sC.波源在一个周期内走过的路程为4mD.t=0.1s时，x=1m处质点的加速度最大5、下列运动过程中，不属于在任何相等的时间内，物体动量变化相等的是（）A.自由落体运动B.平抛运动C.匀速圆周运动D.匀减速直线运动6、在足够长的光滑绝缘水平台面上，存在有平行于水平面向右的匀强电场，电场强度为E。水平台面上放置两个静止的小球A和B（均可看作质点），两小球质量均为m，带正电的A球电荷量为Q，B球不带电，A、B连线与电场线平行。开始时两球相距L，在电场力作用下，A球开始运动（此时为计时零点，即），后与B球发生正碰；碰撞过程中A；B两球总动能无损失。若在各次碰撞过程中，A、B两球间均无电荷量转移，且不考虑两球碰撞时间及两球间的万有引力，则（）

A.第一次碰撞结束瞬间B球的速度大小为B.第一次碰撞到第二次碰撞B小球向右运动了C.第二次碰撞结束瞬间B球的速度大小为D.相邻两次碰撞时间间隔总为7、一个士兵坐在皮划艇上，他连同装备和皮划艇的总质量是M=120kg，这个士兵用自动步枪在t=2s内沿水平方向连续射出20发子弹，每发子弹的质量是m=10g，子弹离开枪口时相对步枪的速度是v0=800m/s，射击前皮划艇是静止的，不考虑水的阻力。则以下说法正确的是（）A.每次射击后皮划艇的速度改变量都相同B.每次射击后皮划艇的速度改变量都不同，若射出第n发，则C.连续射击20发后皮划艇的速度是0.67m/sD.连续射击时枪受到的平均反冲作用力是40N8、如图所示为一弹簧振子的振动图像；下列说法正确的是（）

A.该振子做简谐运动的频率为4HzB.第2s末到第3s末时间内振子的速度变大C.第2s末到第3s末时间内振子的回复力变小D.经过100s振子通过的路程是5m9、如图甲所示为某款采用了主动降噪技术的汽车宣传海报；汽车主动降噪技术是指通过消音扬声器发出与噪音源相位相反；幅度相同的降噪声波，与外界噪音叠加以达到汽车降噪的一种降噪技术。如图乙所示为理想情况下的降噪过程，实线表示噪音声波，虚线表示降噪声波，假设两声波均为简谐波，下列说法正确的是（）

A.主动降噪技术应用了波的衍射原理B.噪音声波和降噪声波的波速大小一定相等C.图乙中噪音声波和降噪声波的频率可以不相等D.图乙中噪音声波和降噪声波相遇的P点的振幅增大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、一列简谐横波沿x轴传播，t＝0时刻波形如图中实线所示，t＝t1时刻的波形如图中虚线所示，质点P的位置在x＝4m处，质点Q在x＝5m处，质点P的振动方程为y＝－0.2sin2.5πt（m），则下列说法正确的是____。

A.这列波沿x轴正方向传播B.这列波传播速度大小为10m/sC.从t＝0时刻开始，质点Q经过0.2s到达平衡位置E.t1时刻可能是1.4s末E.t1时刻可能是1.4s末11、下列关于“探究碰撞中的不变量”实验叙述中正确的是（）A.实验中探究不变量的对象是相互碰撞的两个物体组成的系统B.实验对象在碰撞过程中存在内部相互作用的力，但外界对实验对象的合力为零C.物体的碰撞过程，就是机械能的传递过程，可见，碰撞过程中的不变量就是机械能E.两个物体碰撞前要沿同一直线，碰撞后可不沿同一直线运动E.两个物体碰撞前要沿同一直线，碰撞后可不沿同一直线运动12、一列简谐横波在t＝0时刻的图像如图甲所示，平衡位置位于x＝15m处的A质点的振动图像如图乙所示。下列说法中正确的是（）

A.这列波沿x轴负方向传播B.这列波的波速是m/sC.从t＝0开始，质点P比质点Q晚0.4s回到平衡位置D.从t＝0到t＝0.1s时间内，质点Q加速度越来越小13、人们有时用“打夯”的方式把松散的地面夯实，假设某次打夯两人同时通过绳子对重物各施加一个力，力的大小恒为320N，方向恒与竖直方向成37°，重物离开地面30cm后停止施力，重物自由下落把地面砸深2cm，已知重物的质量为50kg，g取10m/s2，以地面为重力势能的零势能面，则有（）

A.两根绳子对重物的合力为512NB.重物机械能的最大值为153.6JC.重物对地面的平均冲击力是500ND.完成一次“打夯”重力的冲量为014、如图所示：一轻弹簧左端固定在足够长的木块A的左端挡板上，右端与小物块B连接，A、B及A与地面间的接触面均光滑．开始时，A和B均静止，现同时对A、B施加大小相等、方向相反的水平恒力F1和F2．则从两物体开始运动到以后的整个运动过程中（弹簧形变始终不超过其弹性限度），对A、B和弹簧组成的系统；正确的说法是（）

A.由于F1、F2大小相等、方向相反，故系统动量守恒B.由于F1、F2大小相等、方向相反，故系统机械能守恒C.当弹簧的弹力与F1、F2大小相等时，A、B的动能均达到最大值D.当弹簧的形变量最大时，A、B均处于平衡状态15、沿x轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为则下列说法正确的是（）

A.从图示时刻开始，经质点a通过的路程为40cm，此时相对平衡位置的位移为零B.图中质点b的加速度在增大C.若产生明显的衍射现象，该波所遇到障碍物的尺寸一般不小于200mE.若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，则另一列波的频率为50HzE.若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，则另一列波的频率为50Hz16、关于机械波的说法中，正确的是()A.产生多普勒效应的原因是波源的频率发生了变化B.产生干涉现象时，介质中振动加强的点振动能量最大，减弱点振动能量可能为零C.振动图像和波动图像横坐标反映的意义是不同的D.超声波比次声波更容易发生衍射评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示，图甲为一列沿水平方向传播的简谐横波在t＝0时的波形图，图乙是这列波中质点P的振动图线，那么：

①该波的传播速度为________m/s；

②该波的传播方向为________(填“向左”或“向右”)；

③图甲中Q点(坐标为x＝2.25m处的点)的振动方程为：y＝________cm.18、双缝干涉实验。

（1）实验过程：让一束单色光投射到一个有两条狭缝S1和S2的挡板上，两狭缝相距很近，两狭缝就成了两个波源，它们的频率、相位和振动方向总是相同的，两个波源发出的光在挡板后面的空间互相叠加发生______。

（2）实验现象：在屏上得到______的条纹。19、相位差：两个相同_______的简谐运动的相位的差值，Δφ＝_______。20、有两个同学利用假期分别去参观北京大学和南京大学的物理实验室，各自在那里利用先进的DIS系统较准确地探究了“单摆的周期T与摆长L的关系”，他们通过校园网交换实验数据，并由计算机绘制了T2-L图象，如图甲所示。去北大的同学所测实验结果对应的图线是________（选填“A”或“B”）。另外，在南大做探究的同学还利用计算机绘制了a、b两个摆球的振动图象（如图乙），由图可知，两单摆摆长之比=________。在t=1s时，b球振动方向是________。

21、一列沿x轴传播的简谐横波在t＝0时刻的波形图如图所示，此时质点Q沿y轴负方向运动，质点P的纵坐标为经1s质点Q第一次到达波谷位置，则质点P振动的周期为______s，该简谐横波沿x轴______（填“正”或“负”）方向传播，质点P从t＝0时刻开始经经______s第一次运动到波谷。

22、如图所示，一个位于原点O的波源沿y轴做简谐运动，振动周期为4s，形成沿x轴传播的双向波。该波的波速____________m/s，位于平衡位置的m和m两点振动方向____________（选填“相同”或“相反”）。

23、消除噪声污染是当前环境保护的一个重要课题。如图所示的消声器可以用来消除高速气流产生的噪声。波长为0.6m的噪声声波沿水平管道自左向右传播，此声波到达A处时，分成两束波，这两束波在B处相遇，若A、B两点间弯管与直管的长度差为某些特定值时，消声器对该声波达到了良好的消声效果，则这些特定值中的最小值为______m，消声器是波的______现象在生产中的应用。

评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)24、O点是弹簧振子的平衡位置，在图上标出振子在B点的振动位移和在A点的加速度。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)25、有两组同学利用假期分别去参观北京大学和南京大学的物理实验室，各自利用先进的DIS系统较准确地探究了“单摆的周期T与摆长L的关系．”

（1）以下对实验的几点建议中，有利于提高测量结果精确度的是_____．

A．实验中适当加长摆线。

B．单摆偏离平衡位置的角度大一些。

C．当单摆经过最大位移处开始计时。

D．测量多组周期T和摆长L，作关系图象来处理数据。

（2）他们交换了实验数据，并由计算机绘制了图象，如图甲所示，去北京大学的同学所测实验结果对应的图线是_____（选填“A”或“B”）．

（3）在南京大学做探究的同学还利用计算机绘制了当地两种单摆的振动图象（如图乙），由图可知，两单摆摆长之比=_____．

26、用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示。

（1）实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的___________（选填选项前的字母）。

A.长约1m的细线B.长约1m的橡皮绳。

C.直径约2cm的均匀铁球D.直径约2cm的均匀木球。

（2）实验中，用米尺测量出悬线长度为l，用游标卡尺测量出小球的直径为d，则摆长___________，用秒表测得单摆完成n次全振动所用的时间t，则根据以上数据计算重力加速度___________（用L，n，t表示）；

（3）若测量结果得到的g值偏大，可能是因为___________（选填选项前的字母）。

A.测量摆长时；将悬线长作为单摆的摆长。

B.摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C.实验中误将49次全振动数为50次。

D.开始计时；秒表过早按下。

（4）测量出多组周期T摆长L数值后，画出图像如图，若测得此图线的斜率为k，则重力加速度___________（用k表示）。

（5）为了减小测量误差，以下措施中正确的是___________（填字母）。

A.单摆的摆角应尽量大些。

B.摆线应尽量短些。

C.选体积较小；质量较大的摆球。

D.测量周期时；应取摆球通过最高点作为计时的起；终点位置。

E.测量周期时，应测摆球30~50次全振动的时间算出周期27、如图所示。在水平桌面的左端固定一个圆弧槽滑道，滑道的末端与水平桌面相切。桌面的右端附近固定一个光电门。直径为d、质量为m1的小球1从圆弧槽上某处静止释放。下滑到水平桌面向右运动通过光电门与静止在桌面右边缘的质量为m2的小球2发生正碰；碰后小球1向左弹回，小球2离开桌面做平抛运动。

实验中测出小球1连续两次通过光电门的时间分别为t1、t2桌面离水平地面高度为h，小球2碰后做平抛运动的水平距离为x。

(1)若两球的碰撞为弹性碰撞，则两球的质量大小关系应满足m2________m1（填“＜”“＞”或“＝”）。

(2)改变小球1在圆弧槽上静止释放的位置·重复实验，实验中测出多组与x的数据。若要验证两小球在碰撞过程中动量守恒，以x为横轴。以_____为纵轴。作出的图像为线性图像。已知重力加速度为g，若线性图像（直线）的斜率k=___________，则可验证两小球在碰撞过程中动量守恒。28、在“用单摆测定重力加速度”的实验中；

（1）为了尽量减小实验误差，以下做法正确的是______。

A．选用轻且不易伸长的细线组装单摆。

B．选用密度和体积都较小的摆球组装单摆。

C．使摆球在同一竖直平面内做小角度摆动。

D．选择最大位移处作为计时起点。

（2）一位同学在实验中误将49次全振动计为50次，其他操作均正确无误，然后将数据代入单摆周期公式求出重力加速度，则计算结果比真实值________（填“偏大”或“偏小”）。

（3）为了进一步提高实验精确度，可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据，再以L为横轴、T2为纵轴建立直角坐标系，得到如图所示的图线，并求得该图线的斜率为k，则重力加速度g=____。

评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)29、某同学将0.5kg的足球以5m/s的速度踢到竖直墙上；足球以5m/s的速度被弹回。

（1）足球的初动量和末动量是否相同？

（2）足球的动量变化量是多少？30、从微观角度看，气体对容器的压强是大量气体分子对容器壁的频繁撞击引起的．正方体密闭容器中有大量运动的粒子，每个粒子质量为m，单位体积内的粒子数量为n．为简化问题，我们假定：粒子大小可以忽略；速率均为v；且与容器壁各面碰撞的机会均等；与容器壁碰撞前后瞬间，粒子速度方向都与容器壁垂直，且速率不变．

①利用所学力学知识，推导容器壁受到的压强p与m、n和v的关系；

②我们知道，理想气体的热力学温度T与分子的平均动能E1成正比，即式中为比例常数．请从微观角度解释说明：一定质量的理想气体，体积一定时，其压强与热力学温度成正比．31、两个粒子都带正电，的电荷量是的2倍，的质量是的4倍。以已知速度向静止的粒子飞去。由于静电力，它们之间的距离缩短到某一极限值后又被弹开，然后各自以新的速度做匀速直线运动。设作用前后它们的轨迹都在同一直线上，计算之间的距离最近时它们各自的速度。32、如图所示，一半径为R的光滑圆轨道固定在竖直平面内，两小球A、B从与圆心O等高处同时由静止开始释放，释放后两小球沿圆轨道运动。两小球第一次发生弹性正碰后，小球A静止，小球B继续沿圆轨道运动。已知小球B的质量为m，重力加速度大小为g；小球A；B可视为质点且碰撞时间极短。求：

（1）两小球第一次发生弹性碰撞后的瞬间，小球B的速度v的大小；

（2）小球B第一次通过圆轨道最高点时，轨道对小球B的作用力F的大小。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A.小球的振幅等于振子位移的最大值，由图读出，振幅为由于当振子到达最高点时，弹簧处于原长，所以弹簧的最大伸长量为故选项A错误；

B.由图可知时；弹簧处于原长，弹簧的弹性势能最小，为零，故选项B错误；

C.到内；小球的沿斜面向下运动，小球的重力势能逐渐减小，故选项C正确；

D.时小球经过平衡位置沿斜面向上运动，时小球经过平衡位置沿斜面向下运动，根据动量定理可知回复力的冲量不为零，故选项D错误；2、C【分析】【详解】

AB．从B→O；位移减小，回复力不断减小，速度不断增大，选项AB错误；

CD．在O处，加速度为零，速度最大，选项C正确，D错误。3、B【分析】【分析】

【详解】

AB．由于推力的方向和运动方向始终一致；因此物体始终做加速运动，速度一直增大，A错误，B正确；

C．在图像中，图像与时间轴围成的面积等于冲量的大小，根据动量定理

可得t1时物体速度大小为C错误；

D．由于整个过程中；推力的大小发生变化，因此物体作变加速运动，D错误。

故选B。4、D【分析】【详解】

A．由图乙可知，x=2m处质点在t=0时处于平衡位置，且向下振动。故由甲图可知，波沿x轴正方向传播。故A错误；

B．有图甲可知波长为4m，由图乙可知周期为0.2s，故波的传播速度为

故B错误；

C．由图甲可知波的振幅为0.2m，故波源在一个周期内走过的路程为

故C错误；

D．由图甲可知在t=0时，x=1m处质点处于振幅最大处，当t=0.1s时；质点往上振动半个周期，刚好达到振幅最大处，此时质点的加速度最大，故D正确。

故选D。

【点睛】

机械振动问题中，一般根据振动图像或质点振动得到周期、振动方向。再根据波形图得到波长和传播方向。从而得到波速及质点振动情况等。5、C【分析】【详解】

根据题意得

所以相等时间动量变化相等

说明外力不变；ABD所受外力都是恒力，C外力方向一直在变是变力。

故选C。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．碰前球A的加速度为

碰前A的速度为

碰前B的速度为由于A、B质量相等，碰撞过程中两球总动能无损失，交换速度，则碰后A、B的速度分别为

故A错误；

BC．设A、B球发生第一次、第二次、第三次碰撞的时刻分别为t1、t2、t3，则有

第一次碰后，经过（）的时间A、B球发生第二次碰撞，设碰前瞬间A、B的速度分别为则有

解得

则第二次碰前瞬间A、B的速度分别为

第二次碰撞后瞬间，设A、B的速度分别为则有

第一次碰撞到第二次碰撞B小球向右运动的距离为

故B；C错误；

D．第二次碰后经过（）的时间A、B球发生第三次碰撞，设碰前瞬间A、B两球的速度分别为依此类推可得，相邻两次碰撞的时间间隔总为

故D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

C．射出第1发子弹的过程中，根据动量守恒定律得

解得

射出第2发子弹的过程中，根据动量守恒定律得

解得

同理

连续射击20发后皮划艇的速度是

C错误；

AB．射出第n发，皮划艇速度的改变量为

解得

A错误；B正确；

D．根据动量定理得

解得

D错误。

故选B。8、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图像，振子的周期

则频率为

A错误；

BC．第2s末到第3s末时间内振子的从平衡位置向最大位移处振动，速度越来越小，位移越来越大，根据

则回复力逐渐增大；BC错误；

D．经过100s振子通过的路程是

D正确。

故选D。9、B【分析】【详解】

A．主动降噪技术应用了波的干涉原理；故A错误；

B．声波在同种介质中波速大小相等；故B正确；

C．两声波频率相等时才能产生稳定干涉；故C错误；

D．降噪声波与噪音声波相位相反，频率相同，干涉相消，P点的振幅为零；故D错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)10、B:D:E【分析】【详解】

A．由质点P的振动方程可知，t=0时刻质点P正在平衡位置沿y轴负方向运动，根据振动与波动的关系可知，波沿x轴负方向运动；A项错误；

B．设波动的周期为T，则

求得T=0.8s

波传播的速度

B项正确；

C．由于t=0时刻质点Q沿y轴负方向运动；因此经过0.2s不可能到达平衡位置，C项错误；

D．从t=0时刻开始经过0.4s，即经过半个周期，质点Q经过的路程为2A=0.4m；D项正确；

E．由图可知

（n=0，1，2，），当n=1时，t1=l.4s；故E项正确。

故选BDE。11、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．实验的形式可以改变；但是“探究碰撞中的不变量”实验研究的始终是两个相互碰撞的物体组成的整体系统。在此过程中，摩擦力为0，整体外力合力为0，AB正确；

C．“探究碰撞中的不变量”实验为验证动量守恒定律；所以碰撞中守恒的是动量，不是机械能，C错误；

D．利用气垫导轨探究碰撞中的不变量；为准确测量，导轨必须保持水平状态，D正确；

E．保证两物体发生的是一维碰撞；两物体碰撞前后要沿同一直线运动，E错误。

故选ABD。12、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图乙知，t＝0时刻质点A的速度方向为沿y轴正方向，在题图甲中，由波形平移法可知该波的传播方向为沿x轴负方向；故A正确；

B．由题图甲知该波的波长为。

由题图乙知周期。

则波速为。

故B错误；

C．t＝0时刻质点P沿y轴负方向运动，质点Q沿y轴正方向运动，所以质点P比质点Q晚回到平衡位置；晚了。

故C正确；

D．t＝0时刻质点Q向y轴正方向振动，t＝0.1s时回到平衡位置，则从t＝0到t＝0.1s时间内，质点Q的加速度越来越小；故D正确。

故选ACD。13、A:B【分析】【详解】

A．两根绳子对重物的合力为

A正确；

B．根据功和能的关系，重物机械能的最大值拉力的功

B正确；

C．设重物落地速度为v，根据动量定理

解得

重物对地面的平均冲击力大于500N；C错误；

D．重力的冲量等于重力与重物运动时间的乘积；完成一次“打夯”重力的冲量不等于0，D错误。

故选AB。14、A:C【分析】【详解】

对A、B和弹簧组成的系统所受合外力为零，因此系统动量守恒，故A正确；由于均对系统做正功，因此系统机械能不守恒，机械能增加，故B错误；根据牛顿第二定律可知，开始A、B均做加速度逐渐减小的加速运动，当时，A、B所受合外力均为零，此时二者速度最大，动能最大，然后开始做加速度逐渐增大的减速运动，当二者速度减为零时，弹簧最长，型变量最大，故C正确D错误．15、B:D:E【分析】【详解】

A．由图λ=4m，则

经0.01s质点a通过的路程为S=2A=40cm；恰好到达最低点。故A错误。

B．波沿x轴正方向传播，此时b质点振动方向向下，位移沿负方向增大，而

所以图中质点b的加速度在增大。故B正确。

C．由于波长λ=4m；若产生明显的衍射现象，该波所遇到障碍物的尺寸一般不大于4m，故C错误。

D．该波沿x轴的正方向传播，结合图像可知t=0时刻b正在向下运动，所以从图示时刻开始，经质点b位于对称位置处；即平衡位置上方，并向上做减速运动。故D正确。

E．该波的频率

根据波发生下干涉的条件可知；若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，则另一列波的频率为50Hz。故E正确。

故选BDE。16、B:C【分析】【详解】

A．产生多普勒效应的原因不是波源频率不变；而是接收频率发生变化，故A错误；

B．频率相同的波；发生干涉现象时，介质中振动方向相同，即为加强的点，则振动能量最大，同理，减弱点振动能量可能为零，故B正确；

C．振动图象和波的图象中；横坐标所反映的物理意义是不同的，振动图象横轴是表时间，而波动图象是表各质点平衡位置，故C正确；

D．因频率越高；波长越小，则次声波的波长比超声波的波长长，因此次声波更容易发生衍射，故D错误。

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

①[1]波的周期T=2s，波长λ=1m，则波速v==0.5m/s

②[2]P点向上运动；根据“上下坡法”，可知波是向左传播；

③[3]Q点此时从最大位移开始向平衡位置运动，振动图象是一条余弦曲线，A=0.2cmω==πrad/s

Q点的振动方程为y=0.2cosπtcm

【点睛】

此题是振动图像和波的图像的结合题；解决本题的关键能够通过图象获取信息，会通过上下坡法判断质点振动和波传播方向的关系．【解析】0.5向左0.2cosπt18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.干涉现象②.明暗相间19、略

【分析】【详解】

略【解析】①.频率②.φ1－φ220、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由单摆的周期公式。

T=2π解得。

T2=L即图象的斜率。

k=重力加速度大；斜率小，我们知道北京的重力加速度比南京的大，所以去北大的同学所测实验结果对应的图线是B；

[2]从题图乙可以得出。

Tb=1.5Ta由单摆的周期公式得。

Ta=2πTb=2π联立解得。

[3]从题图乙可以看出，t=1s时，b球正在向负最大位移处运动，所以在t=1s时，b球的振动方向沿y轴负方向。【解析】B沿y轴负方向21、略

【分析】【详解】

[1][2]t＝0时刻质点Q沿y轴负方向运动，根据“同侧法”可知，该简谐横波沿x轴负方向传播，质点Q第一次到达波谷位置需要经历故有

[3]根据“同侧法”可知，t＝0时刻质点P沿y轴正方向运动，且此时质点P的纵坐标为则质点P平衡位置对应坐标x应满足

解得

t＝0时刻波源方向上离质点P最近的波谷在x=6m处，其振动形式传递过来所需时间为【解析】4负22、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，波长为

则该波的波速为

[2]位于平衡位置的m的点振动方向沿y轴正方向，位于平衡位置的两点振动方向沿y轴正方向，所以位于平衡位置的m和m两点振动方向相同。【解析】1相同23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据干涉特点知，两相干波源的距离差为半波长的奇数倍时，此点为振动减弱点，则为消除噪声，A、B两点间弯管与直管的长度差的最小值为半波长的1倍；即0.3m；

[2]消声器是波的干涉现象在生产中的应用。【解析】①.0.3②.干涉四、作图题(共1题，共10分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

弹簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如图。

【解析】五、实验题(共4题，共20分)25、略

【分析】【详解】

第一空：A.实验中适当加长摆线；增大单摆的振动周期，以利用减小周期的测量误差，A正确；

B.单摆的振动周期与振幅无关；增大单摆偏离平衡位置的角度，不能提高测量结果精确度，B错误．

C.当单摆经过最大位移处开始计时；摆球速度较慢，周期测量误差较大，应从单摆经过平衡位置时开始计时，C错误．

D.测量多组周期T和摆长L，作关系图象来处理数据；可减小误差，提高精确度，D正确．

第二空：由得知图象的斜率越大，则重力加速度越小，因为南京当地的重力加速度小于北京，去北大的同学所测实验结果对应的图线的斜率小，应该是B图线．

第三空：由振动图线知，两单摆的周期比为由得两单摆摆长之比．【解析】ADB16:926、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]AB．实验过程单摆摆长应保持不变；应选择长约1m的细线作为摆线，摆线不能选择有弹性的橡皮绳，故A正确，B错误；

CD．为减小实验误差；应选择密度大而体积小的球作为摆球，应选择直径约1cm的均匀铁球作为摆球，不要选用直径约10cm的均匀木球，故C正确，D错误。

故选AC；

(2)[2]摆线长度与摆球半径之和是单摆摆长，单摆摆长

[3]单摆周期

(3)[4]由单摆周期公式得，重力加速度

A．测量摆长时；将悬线长作为单摆的摆长，所测摆长L偏小，所测重力加速度偏小，故A错误；

B．摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了，所测摆长L偏小，所测重力加速度偏小，故B错误；

C．实验中误将49次全振动数为50次；所测周期T偏小，所测重力加速度偏大，故C正确；

D．开始计时；秒表过早按下，所测周期T偏大，所测重力加速度偏小，故D错误。

故选C；

(4)[5]由单摆周期公式得，重力加速度

由图示T2-L图象可知，图象的斜率

重力加速度为

(5)[6]A．单摆在摆角小于5°时的运动是简谐运动；单摆的摆角