2025年统编版2024必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版2024必修3物理下册月考试卷280考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，a、b、c、d、e为同一直线上的五个点，相邻两点间的距离都为L．处于a、e两点的点电荷的电荷量都为q，处于a点的为负电荷，处于e点的为正电荷．在c点有一与直线垂直的均匀带电薄板，带电量为Q，电性未知．已知d点的电场强度为零，则b点的电场强度大小为（已知静电力常量为k）（）

A.B.C.D.2、如图所示的电路中，是定值电阻，R是滑动变阻器，电流表A和电压表V均为理想电表．闭合开关S，当滑动变阻器的触头P从左端滑向右端的过程中，下列说法中正确的是

A.表V示数增大，表A示数减小，电容器C的电荷量减小B.表V示数减小，表A示数增大，电容器C的电荷量减小C.表V示数增大，表A示数增大，电容器C的电荷量减小D.表V示数减小，表A示数减小，电容器C的电荷量增大3、如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图。单刀多掷开关S可以与不同接点连接。下列说法正确的是（）

A.当S接1或2时为直流电压档，接1时量程较大B.当S接1或2时为直流电流档，接2时量程较小C.当S接3或4时为直流电流档，接3时量程较大D.当S接5或6时为直流电压档，接6时量程较小4、如图甲、乙所示的两电路中，定值电阻电流表和电压表均为理想电表，在两电路两端各加一恒定的电压后，A1和A2示数分别为I1和I2，V1和V2分别为U1和U2；则（）

A.B.C.D.5、使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开。下面各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（）A.B.C.D.6、一电子只在静电力作用下沿+x方向运动，其所在位置处的电势Φ随位置x变化的图线如图中抛物线所示；下列说法正确的是（）

A.x1与x3，处的电场方向相同B.从x1运动到x2，电场力对电子做正功C.电子在x1处的速率小于在x3处的速率D.电子从x2运动到x3，加速度逐渐减小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示电路中，滑片P位于滑动变阻器R2正中间，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表．当滑动变阻器R2的滑片P滑动时，关于两个电压表V1与V2的示数；下列判断正确的是()

A.P向a端滑动的过程中，V1的示数逐渐增大、V2的示数逐渐减小B.P向a端滑动的过程中，R2消耗的功率一定逐渐减小C.P向b端滑动的过程中，V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值D.P向b端滑动的过程中，V2示数改变量与流过R2的电流改变量的比值保持不变8、下图中能产生感应电流的是（）A.B.C.通入增大的电流（水平直导线在水平圆环的正上方）D.9、在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，各电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列说法正确的是（）

A.不变，不变B.变大，变大C.变大，不变D.变大，不变10、如图所示，光滑绝缘半球形的碗固定在水平地面上，可视为质点的带电小球1、2的电荷分别为其中小球1固定在碗底A点，小球2可以自由运动，平衡时小球2位于碗内的B位置处，如图所示。现在改变小球2的带电量，把它放置在图中C位置时也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的两倍；则（）

A.小球2在C位置时的电量是B位置时电量的一半B.小球2在C位置时的电量是B位置时电量的八分之一C.小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小D.小球2在B点对碗的压力大小大于小球2在C点时对碗的压力大小11、如图所示，空间中存在着匀强电场，长方体中是边长为1m的正方形，棱AB长2m，E、F为棱AB、CD的中点，为棱的中点。已知电势则下列说法正确的是（  ）

A.电场强度方向与CE连线平行B.电场强度大小为C.B、两点的电势差与A、E两点的电势差相同D.把0.1C正电荷从D点移到B点，电场力做功-0.2J12、如图所示，光滑竖直圆环轨道，O为圆心，半径为R，b点与O点等高，在最低点a点固定一点电荷Q，在b点恰好能静止一质量为m、电荷量为的套在环上的带孔小球。现将点电荷a的电量增加为原来的两倍，小球将沿圆环轨道向上运动，到最高点c时速度为则（）

A.点电荷Q电性为负B.小球在b点刚开始运动瞬间的加速度向上，大小为gC.小球在c点时对轨道的压力向下，大小为D.现在b、c两点间的电势差13、如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷＋Q，a、b、c、d、e、f为以O为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（）

A.a、c两点的电场强度相同B.b点的电势等于d点的电势C.点电荷＋q在球面上任意两点之间移动时，静电力一定做功D.将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电势能的变化量一定最大14、有三个质量相等、分别带有正电与负电及不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强射入，分别落到极板A、B、C处；如图所示．则下列说法正确的有（）

A.粒子A带负电，B不带电，C带正电B.三个粒子在电场中运动的时间不相等C.三个粒子在电场中运动的加速度aA<aB<aCD.三个粒子到达极板时的动能EA>EB>EC15、如图所示，当电路里滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时（）

A.电容器C两极板间的电场强度增大B.电压表的读数减小C.R1消耗的功率减小D.R2消耗的功率增大评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、如图，电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，电阻R1=4Ω，R2=22Ω，滑动变阻器R的阻值0~30Ω。闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示。则______Ω；R1消耗的最小电功率为P＝_______W。

17、（1）电流是矢量，电荷定向移动的方向为电流的方向。（______）

（2）由R＝可知，导体的电阻与导体两端电压成正比，与流过导体的电流成反比。（______）

（3）由ρ＝知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积成正比，与导体的长度成反比。（______）

（4）公式W＝UIt适用于任何电路求电功。（______）

（5）公式Q＝I2Rt只适用于纯电阻电路求电热。（______）

（6）电流I随时间t变化的图像与时间轴所围面积表示通过导体横截面的电荷量。（______）18、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，由图像可求出电源的内阻为_________Ω，电源的短路电流为___________A，若电阻是4Ω的定值电阻接在该电源两端，此时电源的效率为___________．

19、判断下列说法正确还是错误。

（1）天然磁体和人造磁体都能吸引铁质物体。______

（2）磁场看不见、摸不着，因此磁场是人们假想的，实际并不存在。______

（3）电流与电流的相互作用是通过电场产生的。______

（4）磁感线可以用细铁屑来显示，因而是真实存在的。______

（5）一环形电流产生的磁场，环内的磁感线与环外的磁感线数目相等。______20、波长、频率与波速:如图邻近的两个______（或波谷）的距离叫作波长,波长用符号______来表示;波的频率是在1s内有多少次______（或波谷）通过,频率用符号______来表示;波速是用来描述波传播______的物理量,波速用符号______来表示。

评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)21、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

22、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)23、某实验小组要测量一根镍铬合金丝通过额定电流（0.4A）时的电阻。把合金丝绕成螺线圈固定在接线板上；提供的实验器材如图乙所示：直流电源；电表、电压表、滑动变阻器（最大阻值50Ω）、开关和导线若干。

（1）采用如图甲所示的电路测电阻时，电压表一端接线固定，另一端接线接a点，调节滑动变阻器，使得电流表示数为0.40A，此时电压表示数为10.0V；保持滑动变阻器滑片位置不变，电压表另一端接b点时，发现电流表示数几乎不变，电压表示数变为10.5V。那么本实验中电压表另一端接线接______点时，得到的结果更接近合金丝电阻的真实值，此时电阻的测量值为_________Ω。（计算结果保留三位有效数字）

（2）实验之前滑动变阻器滑片的位置如图乙所示，根据第（1）问的解答，为保证实验的安全性，请你用笔划线代替导线把乙图的电路连接完整_________。24、（1）有一金属材料制成的圆柱形物体，当用游标卡尺来测它的截面直径d时，示数如图甲所示，则d＝________mm。然后利用伏安法测量该物体的电阻，此时电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则金属物体两端的电压为U＝________V，流过该物体的电流为I＝________A。

（2）在测量一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝直径的过程如图丁所示，校零时的读数为_______mm，合金丝的直径为_______mm。

评卷人得分六、解答题(共4题，共32分)25、如图所示，电源电动势内阻标有“”的灯泡恰好能正常发光，电动机的绕线电阻

(1)求干路中的电流；

(2)若电动机以的速度匀速竖直向上提升重物，取求该重物的质量。

26、规格为“220V；110W”的电风扇；线圈电阻为40Ω，求：

（1）接上220V的电压后；排气扇转化为机械能的功率和发热的功率；

（2）如果接上电源后，扇叶被卡住，不能转动，求电动机消耗的功率和发热的功率。27、如图所示，是位于竖直平面内、光滑绝缘的圆形轨道，轨道半径为下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中。现将一质量为带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上的A点并从静止释放，滑块受到的电场力大小为滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，A、B两点之间的距离为重力加速度为

（1）若滑块从水平轨道上距离B点的点A由静止释放，求滑块到达点时对轨道的作用力；

（2）若改变的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从点飞出轨道，求的大小。

28、如图所示，一足够长的带电绝缘板静止在水平地面上，其质量M=0.5kg、所带电荷量q=3C，在板的右端放置一个质量为m=0.5kg不带电的小染料块（可视为质点），小染料块与绝缘板之间的动摩擦因数μ1=0.2，绝缘板与地面之间的动摩擦因数μ2=0.4。某时刻起在空间加电场强度E=3N/C沿板水平向右的匀强电场（忽略绝缘板所带电荷的影响），小染料块和绝缘板将开始运动，且发生相对滑动，经t=2s后撤去电场。小染料块与绝缘板相对滑动时会留下一条彩色痕迹，不计相对滑动时各自质量的变化，重力加速度g取10m/s2；板所带电荷量不变。

（1）小染料块和绝缘板在电场中运动时；加速度大小分别为多少？

（2）撤去电场后；某时刻小染料块和绝缘板的速度相等，求该速度的大小；

（3）求小染料块在绝缘板上所留痕迹的长度。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

根据电场叠加原理，可知处于a、e两点的点电荷在d点的电场强度为：

方向向左．d点电场强度为零，则均匀带电薄板在d点的电场强度与a、e两点的点电荷在d点的电场强度等大反向，即为方向向右．根据对称性可知，处于a、e两点的点电荷在b点的电场强度为方向向左，均匀带电薄板在b点的电场强度为方向向左，根据电场叠加原理可知，b点的电场强度为故选A．2、D【分析】【详解】

当滑动变阻器的触头P从左端滑向右端的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电阻R与并联的电阻减小，外电路总减小，总电流增大，故路端电压减小，则电压表V的示数减小，又流过的电流即为总电流，故两端的电压增大，而电容器与并联，故电容器两端的电压也增大，根据Q=CU，可知电容器的电荷量增大；因路端电压减小，而两端的电压增大，故R与并联的电压减小，故流过的电流减小；即电流表的示数减小，故ABC错误，D正确；故选D．

【点睛】

当滑动变阻器的触头P从左端滑向右端的过程中，分析外电路总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断电压表示数的变化．根据欧姆定律分析R、并联的电压如何变化，分析通过的电流如何变化，再分析电流表示数的变化．根据电压的变化，判断电容器所带电量的变化．3、B【分析】【详解】

AB．当开关S旋到位置1；2位置；电阻与表头并联，则多用电表就成了电流表，接1时分流电阻小，其分流大，则量程大；接2时分流电阻大，其分流小，则量程小，故A错误，B正确；

C．当开关S旋到位置3或4；电路中有电源，则多用电表就成了欧姆表，故C错误；

D．当开关S旋转到5；6位置；表头与电阻串联，则多用电表就成了电压表，串联电阻越大，则量程越大，所以接5时量程较小，接6时量程较大，故D错误。

故选B。4、A【分析】【详解】

甲图中三个电阻并联，电流表A1测量的是电流之和，A2测量的是电流之和，故

乙图中三个电阻串联，电流表V1测量的是电压之和，V2测量的是电压之和，故

故选A。5、B【分析】【详解】

由于同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷。

故选B。6、C【分析】【详解】

A．根据电势变化可知，x1的电场方向沿x轴正方向，x3处的电场方向沿x轴负方向；A错误；

B．从x1运动到x2；电势降低，电子电势能增大，故电场力对电子做负功，B错误；

C．电子运动过程中仅电场力做功，故电子电势能与动能的总和不变，电子在x1处的电势能大于在x3处的电势能，故电子在x1处的速率小于在x3处的速率；C正确；

D．由图像的斜率变化可知，电子从x2运动到x3；加速度逐渐增大，D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)7、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

P向a端滑动的过程中，R2的阻值减小，电路电流I增大，所以V1的示数U1=IR1增大，电源内电压Ur=Ir也增大，再由可得V2的示数U2减小，所以A正确；R2消耗的功率由于不知R2与R1+r的大小关系，所以不能确定功率p2的变化，故B错误；P向b端滑动的过程中，R2的阻值增大，电流减小，所以R1+r的电压减小，由所以R2的电压变化量大于V1示数改变量的绝对值，所以C正确；可得保持不变，故D正确．8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．要使线圈中产生感应电流；则穿过线圈的磁通量要发生变化，回路要闭合。因为线圈不闭合，不能产生感应电流，故A错误；

B．两导体棒向左右两侧运动；闭合回路面积增大，且闭合，又在匀强电场中，故产生感应电流，故B正确；

C．通电直导线在铁环的正上方；根据安培定则可知，穿过铁环的磁通量始终是0，增大电流不能在铁环中产生感应电流，故C错误；

D．线框向右运动；穿过线圈的磁通量减小，所以产生感应电流，故D正确。

故选BD。9、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由题图电路图可知，U1、U2分别是R1、R2两端的电压，电流表测通过这个电路的总电流，U3是路端电压，由欧姆定律可知（因R1是定值电阻）

所以A正确；

BC．由闭合电路欧姆定律有U2=E-I（R1＋r）（因E、R1、r均是定值）=R2

R2变大，变大，的大小为R1＋r；保持不变，故B错误；C正确；

D．由欧姆定律有=R1＋R2

因R2变大，则变大，又由于U3=E-Ir

可知的大小为r；保持不变，故D正确；

故选ACD。10、B:C【分析】【详解】

CD．设小球2在B、C位置时所受库仑力大小分别为F1、F2，所受碗的支持力大小分别为N1、N2，碗的半径为R，小球2的重力为mg，根据平衡问题的相似三角形法可得

由题意可知

解得

根据牛顿第三定律可知小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小；故C正确，D错误；

AB．设小球2在C位置时的电量为根据库仑定律可得

解得

故A错误；B正确。

故选BC。11、B:D【分析】【详解】

A．根据匀强电场特点，平行等距的两线段电势差相等，则UAE=UEB=UFC

解得

同理可得

EDF1B1等势面如图所示，则电场强度方向应该是过点F做EDF1B1平面的垂线；故A错误；

B．场强沿FD方向的分量为

同理场强沿FF1、FE方向的分量均为故电场强度大小为

故B正确；

C．B、F1两点的电势差UBF1为2V，A、E两点的电势差UAE为-2V；故C错误；

D．把0.1C正电荷从D点移到B点，电场力做功为

故D正确。

故选BD。12、B:D【分析】【详解】

A．由于小球原来静止可知小球之间是斥力，因此点电荷Q电性为正；A错误；

B．开始时小球在静止，根据平衡条件有：

点电荷a电量增为原来两倍时，在竖直方向，由牛顿第二定律可得：

解得：a＝g

方向竖直向上；B正确；

C．小球在c点时，重力、支持力和库仑力的合力提供向心力

解得：

由牛顿第三定律可知，压力大小

方向为竖直向上；C错误；

D．对小球由b到c过程列动能定理：

解得：

故D正确。

故选BD。13、B:D【分析】【详解】

A．点电荷＋Q在a、c两点的电场强度大小相等；方向相反，可知与匀强电场叠加后，合场强大小不相等，故A错误；

BC．点电荷＋Q在b、d两点的电势相等，匀强电场在b、d两点的电势相等，电势是标量，可知点电荷和匀强电场叠加后，b点的电势等于d点的电势，点电荷＋q沿bedf在球面上b、d两点之间移动时；静电力不做功，故B正确，C错误；

D．点电荷＋Q在球面上任意点的电势均相等；匀强电场在球面上的a点的电势最高，在球面上的c点的电势最低；故叠加后球面上的a点的电势最高，c点的电势最低，根据

可知将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电场力做功最大；电势能的变化量最大，故D正确。

故选BD。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

ABC．三个微粒的初速度相等，水平位移根据水平方向上做匀速直线运动，所以由公式

得

三个微粒在竖直方向上的位移相等，根据

得

从而得知B仅受重力作用；A受电场力向上，C所受的电场力向下，所以B不带电，A带正电，C带负电，A错误，BC正确；

D．根据动能定理，三个微粒重力做功相等，A电场力做负功，C电场力做正功，所以C的动能变化量最大，A的动能变化量最小，初动能相等，所以三个微粒到达极板时的动能为

D错误。

故选BC。15、A:C【分析】【详解】

A．滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，通过电源的电流减小，路端电压增大，由欧姆定律知两端电压减小；电容器两极间电压增大，两板间的电场强度增大；选项A正确；

B．以上分析知；滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，路端电压增大，电压表的读数增大；选项B错误；

C．以上分析知，滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，通过的电流减小，消耗的功率减小；选项C正确；

D．通过的电流减小，而接入电路的电阻增大，故消耗的功率变化无法确定；D选项错误。

故选AC.三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

[1]．根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（R1+r）

则由数学知识得知：=R1+r=4+1=5Ω．

[2]．当变阻器与电阻R2并联的电阻最大时，外电路电阻最大，总电流最小，R1消耗的电功率最小，此时有：RaP=RPb+R2

又RaP+RPb=30Ω，R2=22Ω；

解得：RaP=26Ω，RPb=4Ω

则外电路总电阻为：R=RaP+R1=13Ω+4Ω=17Ω

电路中总电流为：

R1消耗的最小电功率为：【解析】51.7817、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）电流虽然有方向；但是不符合平行四边形定则，是标量，故错误；

（2）导体的电阻是自身的性质；与导体两端的电压，通过导体的电流无关，故错误；

（3）导体的电阻率是自身的性质；与导体的电阻和横截面积的无关，与导体的长度无关，故错误；

（4）公式W＝UIt适用于任何电路求电功；故正确；

（5）公式Q＝I2Rt只适用于所有电路求电热；故错误；

（6）电流I随时间t变化的图像与时间轴所围面积表示通过导体横截面的电荷量，故正确。【解析】×××√×√18、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，电源的电动势为：

电阻的内阻：

[2]电源的短路电流为：

[3]电阻是的定值电阻接在该电源两端，电路的电流为：

路端电压为：

此时电源的效率为：【解析】2.03.066.7%19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]天然磁体和人造磁体都能吸引铁质物体；该说法正确；

（2）[2]磁场看不见；摸不着；但是磁场是真实存在的，磁感线是人们假想的，实际并不存在。该说法错误；

（3）[3]电流与电流的相互作用是通过磁场产生的；该说法错误；

（4）[4]磁感线可以用细铁屑来显示；但是磁感线不是真实存在的，该说法错误；

（5）[5]一环形电流产生的磁场，环内和环外磁感线是闭合的，则环内的磁感线与环外的磁感线数目相等，该说法正确。【解析】①.正确②.错误③.错误④.错误⑤.正确20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4][5][6]波长、频率与波速:如图邻近的两个波峰（或波谷）的距离叫作波长,波长用符号λ来表示;波的频率是在1s内有多少次波峰（或波谷）通过,频率用符号f来表示;波速是用来描述波传播快慢的物理量,波速用符号c来表示。【解析】①.波峰②.λ③.波峰④.f⑤.快慢⑥.c四、作图题(共2题，共18分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】五、实验题(共2题，共4分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]电压表一端接线固定，另一端接线接a点换为另一端接b点时，电流表示数几乎不变，但电压表示数变化较大，说明电流表内阻对实验影响较大，电压表内阻对实验几乎没有影响，所以应该采用外接法，即电压表另一端接线接a点时；得到的结果更接近合金丝电阻的真实值。

[2]此时电阻的测量值为。

（2）[3]为了保证实验的安全性；开关闭合前滑动变阻器接入电路的阻值应该调到最大，所以滑动变阻器下方接线柱接右下方；由于电压表的示数能够达到10.0V，所以电源电动势应该选12V的，如图所示。

【解析】a25.024、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]游标卡尺主尺的读数为30mm，游标尺上第10条刻度线与主尺某刻度线对齐，由于游标尺是20分度的，所以读数为30mm＋0.05×10m