2025年湘教新版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版必修3物理下册阶段测试试卷559考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab平行于电场线，ab＝cd＝4cm，ac＝bd＝3cm.则下述计算结果正确的是()

A.ab之间的电势差为40VB.ac之间的电势差为50VC.将q＝－5×10－3C的点电荷沿矩形路径abdc移动一周，电场力做功是－0.25JD.将q＝－5×10－3C的点电荷沿abd从a移动到d，电场力做功是0.25J2、如图所示为一电容式位移传感器；其原理是电介质板和物体固定在一起，当物体发生一小段位移时，插入两极板间的电介质的长度发生变化，导致电容发生变化。电介质板向右平移进入电容器一小段距离过程，则下列说法正确的是（）

A.平行板电容器的电容变小B.平行板电容器的带电量变小C.通过灵敏电流计的电流方向从a到bD.当电介质板停止运动后，电路中仍有电流通过3、两个固定的等量异种点电荷所形成的电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场；其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是（）

A.带正电B.速度先变大后变小C.电势能先变小后变大D.经过b点和d点时的速度大小相同4、真空中相距为3a的两个点电荷M、N，分别固定于x轴上x1=0和x2=3a的两点上，在它们连线上各点场强随x变化关系如图所示；以下判断中正确的是（）

A.点电荷M、N一定为同种电荷B.点电荷M、N一定为异种电荷C.点电荷M、N有可能是同种电荷，也可能是异种电荷D.x=2a处的电势一定为零5、导体a、b的伏安特性曲线如图所示；下列说法正确的是。

A.两导体的电阻B.两导体的电阻C.若将两导体串联接入电路，则它们消耗的电功率D.若将两导体并联接入电路，则它们消耗的电功率评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示，竖直向下的匀强电场中，用绝缘细线拴住的带电小球在竖直平面内绕点做圆周运动；以下说法中正确的是（）

A.带电小球可能做匀速圆周运动B.带电小球可能做非匀速圆周运动C.带电小球通过最高点时，细线的拉力一定最小D.小球一定带负电7、如图所示，匀强电场中，在P、Q两点放置等量异种点电荷，O为两点电荷连线的中点，A、B、C、D、F、G、H、I是以O为圆心的圆周上均匀分布的8个点，其中D、I两点在P、Q连线上。则下列说法正确是（）

A.A点和F点电场强度大小相等，方向相反B.I点和D点电场强度大小相等，方向相同C.B点和G点电场强度大小相等，方向相同D.F点和H点电场强度大小相等，方向相反8、真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量大小分别是QE和QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．则（）

A.E带正电，F带负电，且QE＜QFB.在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C.过N点的等势面与过N点的切线垂直D.负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能9、一质量为的带电液滴以竖直向下的初速度进入某电场中．由于电场力和重力的作用，液滴沿竖直方向下落一段距离后，速度变为．在此过程中，以下判断正确的是（）

A.重力对液滴做的功为B.合外力对液滴做的功为C.下落的过程中，液滴的电势能一定减少D.液滴的机械能减少了10、如图所示，直线A为某电源的U-I图线，曲线B为某小灯泡的U-I图线；用该电源和小灯泡组成闭合电路，则（）

A.电源的电动势为3V，内阻为0.5ΩB.此时小灯泡的电阻大于1ΩC.电源内阻消耗的热功率为2WD.电源的效率为33.3%11、如图甲所示，闭合开关，调节电阻箱的阻值，同时记录电阻箱的阻值R，电压表的数U1，电压表的示数U2。根据记录数据计算出流过电阻箱的电流I，分别描绘了a、b两条U­I图线；如图乙所示。则（）

A.流过电阻箱的电流的表达式为I＝B.小灯泡两端电压随电流变化的图像是aC.根据图乙可以求得电源的电动势E＝3.0V、内阻r＝0.4ΩD.该电路中小灯泡消耗的最大功率为1W12、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，电压表和电流表均为理想表．现闭合开关S，将变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是（）

A.电容器两极板间的电场强度变大，电容器的带电量减小B.电流表示数减小，电压表示数变大C.电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大D.电源的输出功率一定变小13、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像；下列结论正确的是（）

A.电源的电动势为6.0VB.电源的内阻为12ΩC.电源的短路电流为0.6AD.电流为0.2A时的外电路的电阻是28Ω14、如图甲所示，定值电阻闭合开关S，改变电阻箱R阻值，得到多组R、I值，并作出了如图乙所示的图线；则（）

A.电源电动势为5.0VB.电源内阻为2.5ΩC.从系统误差角度看，利用该装置测得的电动势大于其真实值D.从系统误差角度看，利用该装置测得的内阻大于其真实值评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、正三角形ABC的边长为10cm，在三角形的顶点A和B上分别放有带电荷量为和的点电荷，这两个点电荷在三角形的顶点C处产生的合场强大小为________N/C．16、匀强磁场：

（1）特点：磁场中各个点的磁感应强度大小_______、方向_______。

（2）匀强磁场的磁感线：用一些间隔_______的_______直线表示。17、某电热水壶铭牌的部分参数如表中所示，从表中可知，该电热水壶正常工作时电压U=______V，功率P=_____W，电流I=______A。

产品型号

DF-938

额定电压

220V

额定频率

50HZ

额定功率

1100W18、如图所示，平行板电容器板面水平，放置于空气中，两板与电源相接，A板接静电计小球，B板接静电计外壳，开始开关S闭合；有一个带电粒子在电容器中恰好静止。

（1）将A板水平向左移动一段距离，粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）。电容器所带的电荷量的变化情况是___________（填“增多”；“减少”或“不变”）。

（2）如果先断开开关S，再把A板向左移动一段距离，则粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）静电计指针张角的变化情况是___________（填“增大”；“减小”或“不变”）。

19、某同学利用螺旋测微器和游标卡尺分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图所示，该工件的直径为______cm，高度为______cm。

20、电阻连接方法如图所示，则________点间电阻最大，最大值为________Ω；________点间电阻最小，最小值为________Ω．

评卷人得分四、实验题(共3题，共12分)21、要描绘标有“2.5V0.2A”字样的小灯泡的伏安特性曲线，小兰同学做了以下实验．可供选择的实验器材有：

a.直流电源3V(内阻不计）

b.直流电流表（量程为300mA，内阻约为5)

c.直流电流表（量程为3A,内阻约为0.1)

d.直流电压表（量程为3V,内阻约为30k)

e.滑动变阻器（最大阻值为100额定电流为0.5A)

f.滑动变阻器（最大阻值为10额定电流为2A)

g.开关一个，导线若干

(1)实验中电流表应选用_____，滑动变阻器应选用_______：(填对应器材前的字母序号）

在如图所示的虚线框中画出正确的实验电路图_______（虚线框中已将部分电路画出，请补齐电路的其他部分）；

(3)将如图所示的实物图连接完整____；

(4)开关闭合前，图中滑动变阻器的滑片应滑至____(填“a”或“b”)端，图中滑动变阻器的滑片应滑至最__(填“左”或“右”）端．22、有一种名为辉钼（MoS2）的单分子层材料；非常薄，很容易用在纳米技术上；在制造微型晶体管；发光二极管（LED）、太阳能电池等方面有很大潜力。某学习小组利用辉钼制成的半导体来探究其电限的决定因素，做了如下实验：

（1）用多用电表×1档测其电阻，表盘指针如图。则半导体材料的电阻为________

（2）某同学利用器材连接电路如图所示。闭合电键后；发现电路有故障（已知电源；电表和导线均完好，电源电动势为12V）；

①若电流表示数为零、电压表示数几乎为12V，则可能发生故障的是________处；

A.半导体材料B.滑动变阻器C.电键D.电源。

②若电流表、电压表示数均为零，该同学利用多用电表检查故障时将选择开关能至_______档。

A.欧姆×10B.直流电压25VC.直流电流500mAD.交流电压25V23、一兴趣小组要测一节干电池的电动势（约1.5V）和内阻（小于1Ω）；借助以下实验器材进行实验。

A.毫安表mA（量程0~600mA；内阻约为0.1Ω）；

B.微安表G（量程内阻为100Ω）；

C.滑动变阻器R1（0~20Ω）；

D.滑动变阻器R2（0~1kΩ）；

E.电阻箱R（0~9999.9Ω）；

F.定值电阻R01（阻值为2.50Ω）；

H.开关；导线若干。

（1）将微安表G改装为量程2V的电压表，该小组应将电阻箱调到的阻值为______Ω。

（2）该小组设计电路原理图如图1所示，则应该选择的滑动变阻器为______（填器材对应的符号）。

（3）该小组根据记录的数据，作出微安表G的示数I1随毫安表mA的示数I2变化的图像如图2所示，则该节干电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω。（保留2位小数）

评卷人得分五、解答题(共4题，共8分)24、如图，边长为l的n匝正方形线框内部有一边长为的正方形区域的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B；则穿过线框的磁通量是多少？

25、在一个点电荷Q的电场中，以点电荷Q的位置为原点O建立平面直角坐标系，如图1所示，在其中A、B两点分别放置试探电荷，试探电荷受到静电力的大小F跟试探电荷的电荷量q的关系分别如图2中直线a、b所示。已知A点的坐标为（0.3m；0）。

（1）求A点电场强度的大小EA和B点电场强度的大小EB。

（2）求B点到点电荷Q的距离rB。

（3）将一试探电荷从B点移动到A点，请根据点电荷场强分布的特点，自选两条移动路径证明，电场力做的功WBA与路径无关（在图中画出所选择的路径）。

26、经典电磁理论认为：当金属导体两端电压稳定后；导体中产生恒定电场，这种恒定电场的性质与静电场相同.由于恒定电场的作用，导体内自由电子定向移动的速率增加，而运动过程中会与导体内不动的粒子发生碰撞从而减速，因此自由电子定向移动的平均速率不随时间变化.金属电阻反映的是定向运动的自由电子与不动的粒子的碰撞.假设碰撞后自由电子定向移动的速度全部消失，碰撞时间不计.

某种金属中单位体积内的自由电子数量为n，自由电子的质量为m，带电量为e.现取由该种金属制成的长为L，横截面积为S的圆柱形金属导体，将其两端加上恒定电压U，自由电子连续两次与不动的粒子碰撞的时间间隔平均值为t0.如图所示.

(1)求金属导体中自由电子定向运动受到的电场力大小；

(2)求金属导体中的电流I；

(3)电阻的定义式为电阻定律是由实验得出的.事实上，不同途径认识的物理量之间存在着深刻的本质联系，请从电阻的定义式出发，推导金属导体的电阻定律，并分析影响电阻率ρ的因素.27、如图所示，滑动变阻器的总电阻R＝1000Ω，A、B两端电压U＝100V，调节滑片P使其下部电阻R1＝400Ω.

（1）空载时，C、D两端电压多大？

（2）在C、D间接入一个R0＝400Ω的电阻，C、D两端的电压多大？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

ab之间的电势差为选项A正确；ac处在同一等势面上，则ac之间的电势差为0V，选项B错误；将q＝－5×10－3C的点电荷沿矩形路径abdc移动一周，电场力做功为零，选项C错误；将q＝－5×10－3C的点电荷沿abd从a移动到d，电场力做功是选项D错误；故选A.2、C【分析】【详解】

AB．电介质板向右平移进入电容器一小段距离过程，电容器间的介电常数增大，由电容的决定式可知电容增大；因U不变，由电容的定义式可知，电容器的带电量Q增大；故AB项错误；

C．电容器的带电量增大，则电源对电容进行充电，故通过灵敏电流计的电流方向从a到b；C项正确；

D．当电介质板停止运动后；电容无充放电，故电路中无电流，D项错误。

故选C。3、D【分析】【详解】

A．根据两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面的特点可得；该图中的等势面中，正电荷在上方，负电荷在下方；从粒子运动轨迹看出，轨迹向上弯曲，可知带电粒子受到了向上的力的作用，所以粒子带负电，A错误；

BC．粒子从a到c到e的过程中电场力先做负功后做正功；速度先减小后增大，电势能先增大后减小，选项BC错误；

D．因为bd两点在同一等势面上，所以在bd两点的电势能相同，所以经过b点和d点时的速度大小相同；D正确。

故选D。4、A【分析】【详解】

ABC．由图可知处；电场强度为零，两个点电荷在此处产生的电场强度大小相等方向相反，所以两电荷必为同种电荷，所以A正确，BC错误；

D．x=2a处的电场强度为零，因为电势的零点可以人为选择，所以此处电势不一定为零，故D错误．5、B【分析】【详解】

AB．两个导体a和b，根据欧姆定律：可知该图象中，图线的斜率表示电阻的倒数，所以a的电阻值大，b的电阻值小。故A错误；B正确；

C．若将它们串联接入电路，电流相同，由P=I2R可知电阻值较大的a消耗的电功率大。故C错误；

D．若将它们并联接入电路，则它们两端得电压是相等的，由可知，电阻值较大的a消耗的电功率大小。故D错误.

故选B。二、多选题(共9题，共18分)6、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．小球所受重力与电场力的合力为零时；细线的拉力提供向心力，合力做功为零，小球做匀速圆运动，故A正确；

B．当小球所受重力与电场力的合力不为零时；合力对小球所做的功不为零，小球速度大小发生变化，小球做变速圆周运动，故B正确；

C．当小球做匀速圆周运动时；细线的拉力提供向心力，在圆周上任意一点细线的拉力都相等，故C错误；

D．依题意；不能确定小球电性，故D错误。

故选AB。7、B:C【分析】【详解】

由等量异种电荷电场分布情况可知；关于二者连线中点对称的两点场强大小相等，方向相同。题目中各点的电场是由点电荷形成的电场与匀强电场叠加而成的。叠加时遵循平行四边形定则。

A．因为A、F两点关于O点对称，所以两点电荷在A、F的场强大小相等，方向相同，故与匀强电场叠加后A点和F点电场强度大小相等；方向相同，A错误；

B．因为I、D两点关于O点对称，所以两点电荷在I与D两点电场强度大小相等，方向相同，故与匀强电场叠加后I点和D点电场强度大小相等；方向相同，B正确；

C．因为B、G两点关于O点对称，所以两点电荷在B与G两点电场强度大小相等，方向相同，故与匀强电场叠加后B点和G点电场强度大小相等；方向相同，C正确；

D．点电荷在H与F两点电场强度大小相等；方向不相同，则与匀强电场叠加后电场强度不相同。D错误。

故选BC。8、A:C【分析】【详解】

A.根据电场线的指向知E带正电，F带负电；N点的场强是由E、F两电荷在N点产生场强的叠加，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，且∠NEF＞∠NFE，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而NF＞NE，所以由点电荷场强公式知QE＜QF．故A正确；

B.只有电场线是直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行时，带电粒子的运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故在M点由静止释放一带正电的检验电荷，不可能沿电场线运动到N点．故B错误．

C.因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直．故C正确．

D.沿电场线方向电势逐渐降低，φM＞φN，再根据Ep＝qφ，q为负电荷，知EpM＜EpN．故D错误；9、B:D【分析】【详解】

带电液滴从h高度下落，则重力做功为故A错误；由动能定理得：故B正确；下落的过程中，依据电场力与电势能变化的关系，电场力做负功，故电势能增加，故C错误；由功能关系：所以电场力做为即电场力做负功，根据除重力以外的力做功，导致机械能变化，可以知道液滴的机械能减少了故D正确，故选BD．

【点睛】带电液滴在电场力和重力的作用，以竖直向下的初速度沿竖直方向下落，根据功能关系可得出电场力做的功；根据除重力以外的力做功，导致机械能变化，即可求解．10、A:C【分析】【详解】

A．直线A的纵截距表示电源电动势，斜率的绝对值表示电源内阻，根据图像可得E=3V，

故A正确；

B．电源的U−I图线与小灯泡的U−I图线的交点为小灯泡接在电源两端的工作电压，此时小灯泡的工作电压为2V，工作电流为2A，所以小灯泡的电阻为

故B错误；

C．电源内阻消耗的热功率为

故C正确；

D．电源的效率为

故D错误。

故选AC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．电阻箱两端的电压。

则通过电阻箱的电流。

A正确；

B．灯泡与电阻箱串联，电压表测灯泡两端的电压，灯泡两端的电压随电流的增大而增大，由题图乙所示图像可知，图线b是灯泡两端电压随电流变化的图像；B错误；

C．随着电流的增大，路端电压减小，故题图乙中图线a是电源的U-I图像，由图线a可知；电源电动势。

内阻。

C错误；

D．由图线a可知；灯泡两端的最大电压为2V，电流为0.5A，则灯泡的最大功率。

D正确。

故选AD。12、B:C【分析】【详解】

当变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，R2电压减小，则电容器板间电压减小，板间的电场强度变小，电容器所带电量减小，故A错误．总电流减小，电流表示数减小．则R2电压和内电压均减小，由闭合电路欧姆定律知，R1电压变大，所以电压表示数变大，故B正确．电压表的示数U和电流表的示数I的比值=R1；变大，故C正确．由于电源的内外电阻的大小关系未知，所以不能确定电源输出功率如何变化．故D错误．故选BC.

点睛：本题是电路的动态分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．分析电源的输出功率变化时，要根据推论：内外电阻相等时，电源的输出功率最大来分析．13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据闭合电路的欧姆定律可得。

由图可知直线与y轴截距为电源电动势，即故A正确；

B．图像中纵轴的起点不是原点；电源内阻为直线斜率的绝对值，即。

故B错误；

C．电源短路时外电阻为零；因此短路电流。

故C错误；

D．当时；外电阻的阻值。

代入数据解得可解得故D正确。

故选AD。14、A:D【分析】【详解】

AB．根据闭合电路欧姆定律

解得

根据图像

解得

A正确；B错误；

C．该装置电流表内阻位置，实际的欧姆定律可得

整理

因此可发现斜率不变则测量的电动势和真实电动势一样；C错误；

D．该装置测得的内阻是定值电阻；电源内阻、电流表内阻的串联值；由于电流表内阻未知，所以内阻测量值大于真实值，D正确。

故选AD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

[1]如图所示，根据场强的合成可知：

【解析】16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]匀强磁场中各个点的磁感应强度大小相等；方向相同。

（2）[3][4]匀强磁场的磁感线：用一些间隔相等的平行直线表示。【解析】①.相等②.相同③.相等④.平行17、略

【分析】【详解】

[1]根据电热水壶的铭牌可知：220V表示电水壶的额定电压为U=220V；即正常工作时电压为220V；

[2]1100W表示水壶的额定功率为P=1100W；

[3]额定电流为【解析】2201100518、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两极板电压不变，根据

将A板水平向左移动一段距离；两板间距离不变，所以两极板间的电场强度不变，粒子的运动情况是静止。

[2]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

电容器所带的电荷量的变化情况是减少。

（2）[3]如果先断开开关S，两极板的电荷量保持不变，根据

再把A板向左移动一段距离，正对面积减小，所以电场强度增大，则

粒子的运动情况是向上运动。

[4]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

则两极板间的电势差增大，所以静电计指针张角的变化情况是增大。【解析】①.静止②.减少③.向上运动④.增大19、略

【分析】【详解】

[1]工件的直径为d=6mm+0.01mm×12.0=6.120mm=0.6120cm

[2]工件的高度为h=50mm+0.05mm×18=50.90mm=5.090cm【解析】0.61205.09020、略

【分析】【详解】

[1][2]由图可知AB电阻最大，电路为：R3、R4并联与R1串联，在与R2并联。，即R3、R4并联，在与R1的阻值为：

则AB电阻为：

同理DB间电阻也为

[3][4]连接AD时短路，此时电阻最小即为0。【解析】A、B或D、BA、D0四、实验题(共3题，共12分)21、略

【分析】【详解】

由灯泡的规格可知，灯泡的额定电流为：为了减小电流的读数误差，电流表应选b，由于本实验应用滑运变阻器的分压式，所以滑动变阻器应选阻值较小的即f；由于灯泡电阻较小，根据“小外偏小”所以电流表应外接，电路图如下：

(2)根据实验原理图；从电流的正极出来，连接电路如图：

(3)为了保护用电器，在开关闭合之前，滑动变阻器应移到b端，在实物图中应移到最左端．【解析】（1）bf（2）如图；

（3）如图；

（4）b左22、略

【分析】【详解】

（1）[1]半导体材料的阻值为R=1×19Ω