2025年西师新版选修三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版选修三物理下册月考试卷558考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、已知用频率为γ的单色光照射某金属表面时，逸出的光电子的最大初动能为E，已知普朗克常量为h，则要使此金属发生光电效应的极限频率应为A.γ-EhB.γ+EhC.γ-D.γ+2、在如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻都标志在图中，当滑动变阻器的滑片P向a端移动时；以下说法中正确的是。

A.电压表示数变小，电流表示数变小B.电阻两端的电压增大C.电源的总功率减少但电源的输出功率增大D.如果设定流过电阻电流变化量的绝对值为流过滑动变阻器的电流变化量的绝对值为则有3、如图所示，一定质量的理想气体由状态A变化到状态B再变化到状态C，其中状态A到状态B过程为等压变化过程，状态B到状态C过程为等容变化过程，A、C两个状态处在同一条双曲线上；则下列说法正确的是（）

A.状态A到状态B过程，气体放出热量B.状态A到状态B过程，气体对外做功，内能增加C.状态B到状态C过程，气体内能增加D.状态A到状态B，再到状态C过程，气体分子的平均动能先减小后增大4、如图，光滑斜面的倾角为，斜面上放置一矩形导体线框，边的边长为，边的边长为，线框的质量为，电阻为，线框通过绝缘细线绕过光滑的滑轮与重物相连，重物质量为，斜面上线（平行底边）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为，如果线框从静止开始运动，进入磁场的最初一段时间是做匀速运动的，且线框的边始终平行底边，则下列说法正确的是

A.线框进入磁场前运动的加速度为B.该匀速运动过程产生的焦耳热为(Mg－mgsin)l2C.线框做匀速运动的总时间为D.线框进入磁场时匀速运动的速度为5、如图所示；平行板电容器与电源相接，充电后切断电源，然后将电介质插入电容器极板间，则两板间的电势差U及板间场强E的变化情况为()

A.U变大，E变大B.U变小，E变小C.U不变，E不变D.U变小，E不变6、用电器到发电站的距离为l，线路上的电流为I，已知输电线的电阻率为ρ.为使线路上的电压降不超过U，那么，输电线横截面积的最小值为()A.B.C.D.7、光纤是在日常生活中广泛应用的技术．我们将激光信号通入光纤中，通过全反射传递信息．激光相比于普通光最大的优势在于它的相干性好，因此我们可以进行调制．关于激光和光导纤维的说法正确的是（）A.光导纤维内芯折射率小于外层折射率B.一束光导纤维同时刻只能传输某一个频率的光信号C.使用普通的自然光也可以进行调制D.调制激光信号就是按照要求改变激光的频率、振幅、相位和偏振8、以下有关近代物理内容的叙述，其中正确的是（）A.某种元素的半衰期为T，经过2T时间后该元素完全变成了另一种元素B.裂变产物是中等质量的核，的平均结合能大于的平均结合能C.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半轻较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量也减小D.光电效应和康普顿效应深入揭示了光的粒子性。前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量外还具有动量评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、下列判断正确的是_______________。A.“PM2.5”在空气中的运动属于布朗运动B.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大C.用手捏面包，面包体积会缩小，说明分子之间有间隙E.一定质量的单晶体在熔化过程中分子势能一定是增大的E.一定质量的单晶体在熔化过程中分子势能一定是增大的10、下列说法正确的是（）A.在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变B.空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水的饱和蒸汽压的比值C.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润E.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降至绝对零度E.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降至绝对零度11、如下图所示，质量为m的通电细杆放在倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆与导轨间的动摩擦因数为μ，当有电流通过细杆，细杆恰好静止于导轨上．细杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是A.B.C.D.12、如图光滑金属导轨efgh由宽窄两部分组成,导轨电阻不计,其中倾斜导轨与水平导轨用光滑绝缘材料连接(长度可忽略,导体AB经过此处时动能不变)水平倾斜导轨都有垂直导轨平面的匀强磁场,磁感应强度大小均为B,方向如图所示．eg间距为L连接有阻值为R的电阻,h间距为2L,导体棒AB长L,CD长2L,质量均为m,电阻均为r,倾斜导轨与水平面夹角为θ．现导体棒AB由距水平面H高处静止释放(H足够高)AB、CD在运动过程中与导轨接触良好并始终垂直导轨(em、gn足够长,AB不会越过mn两点,重力加速度g),则()

A.导体棒A在倾斜导轨的最终速度为B.从释放到最终稳定,通过电阻R上的电荷量为C.最终CD棒的速度为D.最终AB棒的速度为13、如图甲，固定在光滑水平面上的正三角形金属线框，匝数n＝20，总电阻R＝2.5Ω，边长L＝0.3m，处在两个半径均为r＝的圆形匀强磁场区域中．线框顶点与右侧圆心重合，线框底边中点与左侧圆心重合．磁感应强度B1垂直水平面向上，大小不变；B2垂直水平面向下，大小随时间变化．B1、B2的值如图乙所示；则()

A.通过线框的感应电流方向为逆时针方向B.t＝0时刻穿过线框的磁通量为0.1WbC.在0.6s内通过线框中的电荷量约为0.13CD.经过0.6s线框中产生的热量约为0.07J14、某输电线路横穿公路时；要在地下埋线通过，为了保护线路不至于被压坏，预先铺设结实的过路钢管，再让输电线从钢管中穿过．电线穿管的方案有两种：甲方案是铺设两根钢管，两条输电线分别从两根钢管中穿过；乙方案是只铺设一根钢管，两条输电线都从这一根钢管中穿过，如图12所示．如果输电导线输送的电流很大，那么，以下说法正确的是()

A.无论输送的电流是恒定电流还是交变电流，甲、乙两方案都是可行的B.若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的C.若输送的电流是交变电流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D.若输送的电流是交变电流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的15、如图所示，一个带电荷量为-Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个带电荷量为+q、质量为的点电荷乙，从A点以初速度沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为A、B间距离为L0，静电力常量为则下列说法正确的是。

A.点电荷乙从A点向甲运动的过程中，加速度先减小再增大B.点电荷乙从A点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C.OB间的距离为D.在点电荷甲形成的电场中，AB间电势差评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、关于饱和汽与饱和汽压，气体和液体之间的动态平衡是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率__________，一定温度下的饱和汽压与体积__________．17、研究性学习小组围绕一个量程为30mA的电流计展开探究．

（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示的电路．图中电源电动势未知，内阻不计．闭合开关，将电阻箱阻值调到10Ω时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到85Ω时，电流计指针指在如图（b）所示位置，则电流计的读数为______m。A．由以上数据可得电流计的内阻Rg=______Ω

（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（c）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为______Ω（填“0”或∞”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻，找出对应的电流刻度，则“15mA“处对应表笔间电阻阻值为______Ω．

若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电源电动势不变但将两表笔断开，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果与原结果相比将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．18、热平衡的性质：达到热平衡的系统都具有相同的_______。19、一定质量的理想气体由状态a经状态b、c、d又回到状态a，其体积V随温度T的变化图象如图所示。已知该气体在状态a时温度为压强为体积为在状态b时体积为其中则由状态a到状态b过程中，气体______（选填“吸热”或“放热”），由状态a到状态c气体的内能增加了100J，由状态d到状态a气体对外做的功则由状态c到状态a气体放出的热量为______J。

20、几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作______21、一种海浪发电机的气室如图所示。工作时；活塞随海浪上升或下降，改变气室中空气的压强，从而驱动进气阀门和出气阀门打开或关闭。气室先后经历吸入；压缩和排出空气的过程，推动出气口处的装置发电。气室中的空气可视为理想气体。

(1)下列对理想气体的理解，正确的有_____

A．理想气体实际上并不存在；只是一种理想模型。

B．只要气体压强不是很高就可视为理想气体。

C．一定质量的某种理想气体的内能与温度；体积都有关。

D．在任何温度；任何压强下；理想气体都遵循气体实验定律。

(2)压缩过程中，两个阀门均关闭。若此过程中，气室中的气体与外界无热量交换，内能增加了3.4×104J，则该气体的分子平均动能_____（选填“增大”“减小”或“不变”），活塞对该气体所做的功_____（选填“大于”“小于”或“等于”）3.4×104J。

(3)上述过程中，气体刚被压缩时的温度为27℃，体积为0.224m3，压强为1个标准大气压。已知1mol气体在1个标准大气压、0℃时的体积为22.4L，阿伏加德罗常数NA=6.02×1023mol-1，则此时气室中气体的分子数为_____。（计算结果保留一位有效数字）22、一个质量m=1.0kg的物体，放在水平桌面上，物体与桌面间的动摩擦因数为=0.2，当物体受到一个F=10N水平推力的作用时，在10s内推力的冲量大小为______N·s．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)26、有一电流表A，量程为1mA，内阻r1约为100Ω．要求测量其内阻．可选用器材有，电阻箱R0；最大阻值为99999.9Ω；

滑动电阻箱甲；最大阻值为10kΩ；

滑动电阻箱乙；最大阻值为2kΩ；

电源E1；电动势约为2V，内阻不计；

电源E2；电动势约为6V，内阻不计；

开关2个；导线若干．

采用的测量电路图如图所示；实验步骤如下：

a.断开S1和S2，将R调到最大；

b.合上S1调节R使A满偏；

c.合上S2，调节R1使A半偏，此时可以认为A的内阻rg＝R1；试问：

（ⅰ）在上述可供选择的器材中，可变电阻R1应该选择____；为了使测量尽量精确，可变电阻R应该选择____；电源E应该选择____．

（ⅱ）认为内阻rg＝R1，此结果与rg的真实值相比____．（填“偏大”、“偏小”或“相等”）27、图（a）是白炽灯L1（220V，100W）和L2（220V；60W）的伏安特性曲线．

（1）随着灯泡L1功率的增大，其灯丝阻值逐渐____．（选填变大；变小或不变）

（2）若将它们串联后接在220V电源上，则此时L1灯的实际功率为____W．

（3）若用图（b）电路测量L1灯的伏安特性，由于电表存在内阻，实际测得的伏安特性曲线比图（a）中描绘出的理想伏安特性曲线在I﹣U图中位置来得偏____（选填高或低）．

（4）用图（b）所示电路测量L1灯伏安特性时，已知R0=10Ω，E=300V．则电路中可变电阻R的最大值和最大电流选用下列那种规格，测量效果最好____．。A．5Ω，10AB．50Ω，6AC．500Ω，1AD．5000Ω，1A评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)28、如图所示，倒悬的导热汽缸中封闭着一定质量的理想气体，轻质活塞可无摩擦地上下移动，活塞的横截面积为S，活塞的下面吊着一个重为G的物体，大气压强恒为p0。起初环境的热力学温度为T0时，活塞到汽缸底面的距离为L。当环境温度逐渐升高，导致活塞缓慢下降，该过程中活塞下降了0.1L，汽缸中的气体吸收的热量为Q。求：

（1）汽缸内部气体内能的增量ΔU；

（2）最终的环境温度T。29、如图甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与AB成角射入后对射出的折射光线的强度进行记录，发现它随着角的变化而变化；变化关系如图乙所示；如图丙所示是这种材料制成的玻璃砖，左侧是半径为R的半圆，右侧是长为4R，宽为2R的长方形，一束单色光从左侧A'点沿半径方向与长边成45°角射入玻璃砖，求：

①该透明材料的折射率；

②光线在玻璃砖中运动的总时间.（光在空气中的传播速度为c)

30、如图所示，一束质量为m、电荷量为q的粒子，恰好沿直线从两带电平行板正中间通过，沿圆心方向进入右侧圆形匀强磁场区域，粒子经过圆形磁场区域后，其运动方向与入射方向的夹角为θ(弧度)．已知粒子的初速度为v0；两平行板间与右侧圆形区域内的磁场的磁感应强度大小均为B，方向均垂直纸面向内，两平行板间距为d，不计空气阻力及粒子重力的影响，求：

(1)两平行板间的电势差U；

(2)粒子在圆形磁场区域中运动的时间t；

(3)圆形磁场区域的半径R．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

根据光电效应方程：又因为：可求极限频率为所以A、B、D错误；C正确．2、D【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑片滑向a端时，接入电路的电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，内电压减小，由U=E–Ir可知路端电压增大，即电压表示数增大，因路端电压增大，R1两端的电压减小，故并联部分电压增大，由欧姆定律可知电流表示数增大，故AB错误；电源的总功率P=EI可知随着干路电流减小，电源的总功率减小，因不知道电源内阻和外电路的电阻关系，故输出功率无法判断，选项C错误；因I1=I2+I3，由上述分析知，I1减小；I3变大；I2减小；可知>故选D．3、B【分析】【分析】

【详解】

AB．状态A到状态B过程；气体压强不变，体积变大，则温度升高，气体对外做功且内能增加，可知气体吸收热量，选项A错误，B正确；

C．状态B到状态C过程；气体体积不变，压强减小，则温度降低，则气体内能减小，选项C错误；

D．状态A到状态B，再到状态C过程；气体的温度先升高后降低，则气体分子的平均动能先增大后减小，选项D错误。

故选B。4、B【分析】【分析】

线框进入磁场的过程做匀速运动，M的重力势能减小转化为m的重力势能和线框中的内能；根据能量守恒定律求解焦耳热．线框进入磁场前，根据牛顿第二定律求解加速度．由平衡条件求出线框匀速运动的速度，再求出时间．

【详解】

线框进入磁场前，根据牛顿第二定律：解得：故A错误；线框进入磁场的过程做匀速运动，M的重力势能减小转化为m的重力势能和线框中的内能，根据能量守恒定律得：焦耳热为Q=（Mg-mgsinθ）l2，故B正确；设线框匀速运动的速度大小为v，则线框受到的安培力大小为根据平衡条件得：F=Mg-mgsinθ，联立两式得：匀速运动的时间为故CD错误．所以B正确，ACD错误．

【点睛】

本题是电磁感应与力平衡的综合，安培力的计算是关键．本题中运用的是整体法求解加速度．5、B【分析】【详解】

在空气平行板电容器两极板间插入电介质，根据电容的决定式分析得知，电容C增大，因切断电源，则两极板所带电荷量Q一定，由电容的定义式得到，板间电压U减小．根据可知，电场强度E减小，故B正确，ACD错误；6、B【分析】【详解】

输电线的总长为2l，由则S=．

A．与结论不相符，选项A错误；

B．与结论相符，选项B正确；

C．与结论不相符，选项C错误；

D．与结论不相符，选项D错误；7、D【分析】【分析】

【详解】

根据全反射的条件可知，光导纤维内芯折射率大于外层折射率，选项A错误；一束光导纤维同时刻能传输不同频率的光信号，选项B错误；自然光中各种频率的光都有，不可以进行调制，选项C错误；调制激光信号就是按照要求改变激光的频率、振幅、相位和偏振，选项D正确.8、D【分析】【详解】

A.某种元素的半衰期为T，经过2T时间后，为两个半衰期，有发生衰变，故A错误；

B.属于重核，它们的平均结合能小于的平均结合能；故B错误；

C.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，氢原子吸收能量，原子总能量增大；根据库仑力提供向心力可得：可知；电子的动能减小，故C错误；

D.光电效应和康普顿效应效应深入揭示了光的粒子性．前者表明光子具有能量后者表明光子除了具有能量外还具有动量，故D正确；二、多选题(共7题，共14分)9、A:D:E【分析】【详解】

A．“PM2.5”是指直径小于等于2.5微米的颗粒物；是分子团的运动，属于布朗运动，A正确；

B．潮湿时；空气的相对湿度较大，干燥时，空气的相对湿度较小，但绝对湿度大小不能确定，B错误；

C．用手捏面包；面包体积会缩小，只能说明面包内有气孔，C错误；

D．人类利用能源时；是将高品质的能量释放出来并最终转化为低品质的内能．所以可利用的能源会逐渐减小，D正确；

E．一定质量的单晶体在熔化过程中温度不变；分子的平均动能不变，所吸收的热量全部用来增大分子势能，E正确。

故本题选ADE。10、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．在熔化过程中；晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能增加，故A错误；

B．相对湿度为某一被测蒸气压与相同温度下的饱和蒸气压的比值的百分比；相对湿度则给出大气的潮湿度，故B正确；

C．附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时；附着层内分子之间的作用表现为斥力，附着层由扩展趋势，这样液体与固体间表现为浸润，故C正确；

D．将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子；则这两个分子间分子力从零先增大，表现为引力，当分子间距离减小到某一值时，分子力又开始减小，分子间距离小于平衡位置后，分子力再增大，分子力开始做正功后做负功，所以分子势能是先减小再增大，故D正确；

E．根据热力学第二定律；尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机也不可以使温度降至绝对零度，故E错误。

故选BCD。11、C:D【分析】【分析】

通过受力分析；根据杆子所处的状态为平衡状态，合力为0，去判断是否有摩擦力．

【详解】

A图中杆子受重力；支持力；水平向右的安培力，可知，杆子可能受摩擦力，也可能不受．故A错误．B图中若杆子受的重力与所受的竖直向上的安培力相等，杆子不受摩擦力．若重力大于安培力，则受重力、支持力，安培力、摩擦力．所以杆子可能受摩擦力，可能不受摩擦力．故B错误．C图中杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，若要处于平衡，一定受摩擦力．故C正确．D图中杆子受重力水平向左的安培力、支持力，若要处于平衡，一定受摩擦力．故D正确．故选CD．

【点睛】

解决本题的关键会正确地进行受力分析，能够根据受力平衡判断摩擦力的存在．12、A:C【分析】【详解】

A．由平衡条件可得：解得：故A正确；

B．若导体棒恰好在到达倾斜导轨底端时达到稳定；则通过R的电荷量为。

但导体棒可能在之前就达到稳定，故B错误；

CD．AB棒进入水平轨道后与CD棒组成闭合回路，由导体棒切割磁感线和运动学知识可知，AB棒向右减速动CD棒向右加速运动，CD棒运动后回路中的电动势为当时，电路中的电流为零，即有此后两棒做匀速直线运动；

对AB棒从速度为到最终稳定即速度过程中应用动量定量有：（取向右为正方向）

同理对CD棒应用动量定理有：

结合

联立解得：

故C正确，D错误．13、A:C:D【分析】【分析】

根据楞次定律判断感应电流的方向；根据磁通量Φ=BS求解，S是有效面积；由求解电荷量；由Q=I2Rt求解热量．

【详解】

A．由磁感应强度B1垂直水平面向外，大小不变；B2垂直水平面向里；大小随时间增大，故线框总的磁通量减小，由楞次定律可得，线框中感应电流方向为逆时针方向，故A正确；

B．t=0时刻穿过线框的磁通量为：Φ=B1××πr2-B2××πr2=1×0.5×3.14×0.12-2××3.14×0.12Wb=0.005Wb；故B错误；

C．在t=0.6s内通过线框中的电量故C正确；

D．由Q=I2Rt=（）2×△t≈0.07J；故D正确．

故选ACD．14、B:C【分析】若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的，B正确．输电线周围存在磁场，交变电流产生变化的磁场，因此在输电过程中输电线因电流变化引起自感现象，当输电线上电流很大时，强大的自感电流有可能将钢管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的．在乙方案中，两条输电线中的电流方向相反，产生的磁场互相抵消，使自感现象的影响减弱到可以忽略不计的程度，是可行的，C正确．此题类似于课本中提到的“双线并绕”．15、A:C【分析】【详解】

A项：点电荷乙从A点向甲运动的过程中；受向左的静电力和向右的摩擦力，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，点电荷乙先减速后加速，所以加速度先减小后增大，故A正确；

B项：点电荷乙向左运动过程中电场力一直做正功；因此电势能一直减小，故B错误；

C项：当速度最小时有：解得：故C正确；

D项：点电荷从A运动B过程中，根据动能定理有：解得：故D错误。三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】由动态平衡的概念可知，汽化与液化的速率相等，一定温度下饱和汽压与体积无关.【解析】相等无关17、略

【分析】【分析】

【详解】

试题分析：（1）据十分之一估读法；读数为：12.0A；

当电阻箱阻值为10Ω时有：当电阻箱阻值为85Ω时：则电流计内阻有：电源电动势为：．

（2）将电流计改装成欧姆表后，指针处于30mA处时有：代入数据可以求得电阻箱此时阻值为：当指针示数为15mA时，电流总电流为：欧姆表读数为：

（3）电源内阻增大后；将两表笔断开，指针仍能满偏，说明电源内阻与电阻箱阻值之和与原来相等，故测量结果不变．

考点：本题考查欧姆表的内部结构．【解析】12.040∞8不变18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度19、略

【分析】【详解】

[1]气体由状态a到状态b温度升高，则气体的内能增加，同时气体的体积增大，说明气体对外做功，由

其中气体对外做功W为负值，而内能增加，即为正，则Q为正值；故气体应从外界吸热。

[2]当气体再次回到状态a时，理想气体的内能回到原来的数值，即由状态c到状态a气体的内能减少100J，c到d过程，气体发生等容变化，对外不做功，c到a过程，由

可得

则由状态c到状态a气体对外放出的热量为【解析】吸热6020、略

【分析】【详解】

几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作线段。【解析】线段21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]AD．理想气体是指在任何温度；任何压强下都遵守气体实验定律的气体；是为了研究方便而引入的不计本身大小、分子间除碰撞外不计相互作用力，无分子势能、分子间碰撞为弹性碰撞的理想模型，故AD正确；

B．实际气体温度不太低；压强不太大时可视为理想气体；故B错误；

C．由于理想气体不计分子势能；因此其内阻只与温度有关，故C错误。

故选AD。

（2）[2][3]由于压缩过程中气体与外界无热量交换，气体内能增加，因此温度升高，气体的分子平均动能增大，根据热力学第一定律可知W=ΔU=3.4×104J

（3）[4]设气体在标准状况下的体积为V0，上述过程为等压过程，有=

气体物质的量为n=

分子数为N=nNA

联立以上各式并代入数据解得N==5×1024【解析】①.AD②.增大③.等于④.5×102422、略

【分析】根据I=Ft得；10s内推力的冲量I=10×10N•s=100N•s

点睛：本题考查了冲量公式的基本运用，知道推力F的冲量与其它力的大小无关，不要受题目中摩擦力等因素的影响．【解析】100四、作图题(共3题，共27分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共20分)26、略

【分析】【详解】

（i）[1]根据半偏法的测量原理，R1必须选电阻箱R0；

[2]由于电流表的电阻很小，要求R1的阻值很大，故R应选滑动电阻箱甲；

[3]电源选择E2，误差较小．

（ii）[4]根据闭合电路的欧姆定律及电路特点可得：

合上S1，调节R使电流表满偏：

合上S2，调节R1使电流表半偏（电路中的总电流）：

故：I＞Ig．所以，通过电阻箱的电流IR1：IR1＞Ig

用U表示电阻箱两端电压，则

即：rg＞R1

故：认为内阻rg=R1，此结果与的rg真实值相比偏小．【解析】①.R0②.滑动变阻器甲③.E2④.偏小27、略

【分析】试题分析：（1）白炽灯L1（220V，100W）和L2（220V，60W），根据所以L1的电阻小于L2的电阻；根据I-U特性曲线可以知道曲线A的电阻较小，所以