2024-2025学年黑龙江省部分学校高三上学期一轮复习联考(四)物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025届高三一轮复习联考（四）物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为75分钟，满分100分一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.某同学通过Tracker软件（视频分析和建模工具）研究羽毛球运动轨迹与初速度的关系。如图所示为羽毛球的一条运动轨迹，击球点在坐标原点，点为运动轨迹的最高点，下列说法正确的是（）A.羽毛球水平方向的运动为匀速直线运动 B.点羽毛球只受重力C.羽毛球下降过程处于超重状态 D.羽毛球空中运动过程中，机械能不断减小【答案】D【解析】D．由羽毛球的运动轨迹可知，羽毛球在运动过程中受到空气阻力的作用，且空气阻力一定对羽毛球做负功，所以羽毛球的机械能不断减小，故D正确；A．由于空气阻力存在水平方向的分力，所以羽毛球水平方向的运动不是匀速直线运动，故A错误；B．点羽毛球受到重力和空气阻力作用，故B错误；C．羽毛球下降过程，加速度方向向下，处于失重状态，故C错误。故选D。2.如图所示，质量为、长为的金属棒两端由等长的轻质绝缘细线水平悬挂，并处于匀强磁场中。棒中通以大小为、方向为的恒定电流，平衡时两悬线与竖直方向的夹角均为，取重力加速度，。匀强磁场的磁感应强度最小是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】以金属棒为对象，当安培力垂直于细线向上时，安培力最小，此时匀强磁场的磁感应强度最小，则有解得故选B。3.相距为的甲、乙两辆汽车同向行驶在一条平直公路上，其图像如图所示，图中的面积为，初始时甲车在前乙车在后，下列说法正确的是（）A.若，则时刻后乙车追上甲车 B.若，则时刻前乙车追上甲车C.若，则甲、乙两车可能相遇2次 D.若，则甲、乙两车一定只能相遇1次【答案】B【解析】A．根据图像与横轴围成的面积表示位移，可知的面积表示在时间内乙比甲多走的位移大小；若，则在时刻乙车刚好追上甲车，故A错误；BD．若，则在时刻前乙车追上甲车，由于时刻之后乙车速度小于甲车速度，所以可能在时刻之后甲车又追上乙车，则甲、乙两车能相遇2次，故B正确，D错误；C．若，则在时刻乙车还没追上甲车，由于时刻之后乙车速度小于甲车速度，则两车不会相遇，故C错误。故选B。4.2024年10月30日，神舟十九号载人飞船成功对接空间站天和核心舱前向端口，对接前其变轨过程简化后如图所示。飞船先由近地轨道1在点点火加速进入椭圆轨道2，在轨道2运行一段时间后，再从点进入圆轨道3，完成对接。已知地球的半径为，轨道1的半径近似等于地球半径，地球表面的重力加速度为。下列说法正确的是（）A.飞船在轨道1上线速度一定大于轨道2上点的线速度B.飞船在轨道2上点的加速度一定大于轨道3上点的加速度C.只根据题干的已知条件可以求出地球的密度D.飞船在轨道1上运行的周期为【答案】A【解析】A．飞船绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力得可得可知飞船在轨道1上的线速度大于在轨道3上的线速度，由于飞船从轨道2变轨到轨道3，需要在点点火加速，飞船速度增大，所以飞船在轨道1上的线速度一定大于轨道2上点的线速度，故A正确；B．根据牛顿第二定律可得可得可知飞船在轨道2上点的加速度等于轨道3上点的加速度，故B错误；C．由于不知道万有引力常量，所以无法求出地球的质量，所以只根据题干的已知条件无法可以求出地球的密度，故C错误；D．飞船在轨道1上运行时，由万有引力提供向心力得又联立可得飞船在轨道1上运行的周期为故D错误故选A。5.手机中内置的指南针是一种基于霍尔效应的磁传感器。如图所示，将一块宽度为a，厚度为d的半导体薄片（载流子为自由电子）水平放置于地磁场中，当半导体中通入水平方向的恒定电流时，自由电子在洛伦兹力的作用下发生偏转，继而在M、N两个表面上出现了电势差，称为霍尔电势差。已知电流大小为I，霍尔电势差大小为U，电子的电荷量大小为e，半导体内自由电子的数密度（单位体积内的自由电子数）为n。该处地磁场磁感应强度的竖直分量B的大小为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】达到稳定时，洛伦兹力等于电场力，则有根据电流的微观表达式有联立解得故选C。6.如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，已知匀强磁场的磁感应强度大小为，矩形线圈面积为，匝数为，线圈电阻为，线圈的转速为，线圈与二极管、阻值为的定值电阻及理想交流电流表相连，交流电流表的示数为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】线圈产生的电动势最大值为则回路电流的最大值为由于二极管的单向导电性，使得一个周期内只有半个周期有电流，根据有效值定义可得可得电路电流有效值为则交流电流表的示数为。故选B。7.如图所示，在、的区域中存在垂直于平面的匀强磁场，磁感应强度大小相等，边界与轴正方向的夹角为，左侧磁场向里，右侧磁场向外。正方形导线框以恒定的速度沿轴正方向运动并穿过磁场区域，运动过程中边始终平行于轴。规定导线框中逆时针方向为电流的正方向。从刚进入磁场开始计时，下列能正确反映导线框中感应电流随时间变化图像的是（）A. B.C D.【答案】D【解析】线框刚进入磁场瞬间，bc边切割磁场，且有效切割部分在OM线上方，切割磁场，由右手定则知电流方向为逆时针，随着线框进入，bc边在OM线上方的部分在减少，在OM线下方的部分在增大，切割的有效长度逐渐减小，电流减小；当线框的一半进入磁场时，bc边在OM线上方和下方的距离相等，切割的有效长度为0，电流为0；之后bc边在OM线上方部分小于在OM线下方部分，切割向外磁场，由右手定则知电流为顺时针，且逐渐增大；运动到线框全部进入磁场一瞬间，bc边切割向外磁场，ad边切割向里磁场，电流方向一致，均为顺时针，故此瞬时电流大小为初始时刻的两倍；随着线框继续运动，ad边重复bc边进入过程，bc边切割有效长度不变，电流逐渐减小，直至整个线框运动至OM线右侧，电流减小至0。故选D。8.波源S从t=0时刻开始振动，产生的简谐横波向右传播，波在传播过程中经过P、Q两点，如图甲所示。P点的振动图像如图乙所示，P点开始振动后经0.15s后Q点开始振动，已知P、Q两点间距离为1.2m，下列说法正确的是（）A.波的传播速度大小是8m/sBt=0时刻，波源由平衡位置沿y轴正向振动C.波源的振动方程为D.平衡位置距波源4.2m处的质点M开始振动时，质点P处于波峰【答案】AD【解析】A．波的传播速度大小为故A正确；B．介质中质点的起振方向与波源的起振方向相同，由图可知，P质点开始振动时沿y轴负方向，则t=0时刻，波源由平衡位置沿y轴负向振动，故B错误；C．波源的振动方程为由于，且t=0时，沿y轴负向振动解得综上所述故C错误；D．平衡位置距波源4.2m处的M点，开始振动的时间为由此可知，质点M开始振动时，质点P处于波峰，故D正确。故选AD。9.如图甲是酒精测试仪的原理图，气敏电阻的阻值随气体中酒精含量的变化关系如图乙所示。机动车驾驶员呼出的气体中酒精含量大于等于小于为酒驾，大于等于为醉驾。使用前先对酒精测试仪进行调零（改变的阻值），此时电压表的示数为，调零后的阻值保持不变。已知电源电动势、内阻，电路中的电表均为理想电表。当一位饮酒者对着测试仪吹气时（可视为气体中酒精含量逐渐增大），下列说法中正确的是（）A.电压表示数减小，电流表的示数增大B.电源的输出功率减小C.电压表、电流表示数变化量绝对值的比值减小D.当电流表的示数为时，气体中酒精含量大于【答案】AD【解析】A．当一位饮酒者对着测试仪吹气时，气敏电阻的阻值减小，电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路电流增大，路端电压减小；则电流表的示数增大，两端电压增大，气敏电阻两端电压减小，则电压表示数减小，故A正确；B．使用前先对酒精测试仪进行调零（改变的阻值），此时电压表的示数为，调零后的阻值保持不变，由图乙可知此时气敏电阻阻值为，则有代入数据解得电源的输出功率为可知当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，由于，所以在饮酒者对着测试仪吹气时，外电阻减小时，电源的输出功率增大，故B错误；C．根据闭合电路欧姆定律可得则有可知电压表、电流表示数变化量绝对值的比值不变，故C错误；D．当电流表的示数为时，根据闭合电路欧姆定律可得解得此时气敏电阻的阻值为由图乙可知气体中酒精含量大于，故D正确。故选AD。10.如图甲所示，水平面内有两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨固定且间距为。空间中存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为。现将两根材料相同、横截面积不同、长度均为的金属棒、分别静置在导轨上。现给棒一水平向右的初速度，其速度随时间变化的关系如图乙所示，两金属棒运动过程中，始终与导轨垂直且接触良好。已知棒的质量为，电阻为。导轨电阻可忽略不计。下列说法正确的是（）A.棒刚开始运动时，棒中的电流方向为B.棒的质量为C.在时间内，棒产生的热量为D.在时间内，通过棒的电荷量为【答案】BCD【解析】A．根据楞次定律可知，电流方向为逆时针，即从c到d，A错误；B．双杆模型满足动量守恒，则有可解得B正确；C．根据质量关系和电阻，可知cd的电阻为根据能量守恒，则有可解得所以则有C正确；D．对cd导体棒列动量定理，则有可得可解得D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（1）请根据变压器工作原理，完成以下问题：①街头见到的变压器是降压变压器，假设它只有一个原线圈和一个副线圈，则导线较粗的线圈为_____（选填“原”或“副”）线圈。②在“探究变压器线圈原、副电压与匝数的关系”实验中，可拆变压器如图甲所示。实验过程中，变压器的原、副线圈选择不同的匝数，利用多用电表交流电压档测量相应电压，记录如下，从实验数据分析可知，原、副线圈的电压之比并不等于匝数之比，造成这种结果的可能原因是_____。匝200400400800匝1001002004004.08.26.19.61.92.02.94.6（2）在利用如图乙所示装置做“探究影响感应电流方向的因素”实验中，磁铁的极向下运动时，电流从_____（选填“+”或“-”）接线柱流入电流计；磁铁插入的速度越大，电流计指针偏转幅度越_____（选填“大”或“小”）。【答案】（1）副变压器铁芯漏磁，铁芯在交变磁场作用下产生涡流发热，原、副线圈上通过的电流发热等等。（2）大【解析】【小问1详析】①[1]理想变压器的电压与匝数成正比，当只有一个副线圈的时候，电流与匝数成反比，街头用电的变压器是降压变压器，可知副线圈的匝数比原线圈的匝数少，副线圈的电流较大，应该使用较粗的导线。②[2]从实验数据分析可知，原、副线圈的电压之比并不等于匝数之比，造成这种结果的可能原因是：变压器铁芯漏磁，铁芯在交变磁场作用下产生涡流发热，原、副线圈上通过的电流发热等等。【小问2详析】[1]磁铁的极向下运动时，穿过线圈的磁通量向下增加，根据楞次定律结合安培定则可知，感应电流接线柱流入电流计；[2]磁铁插入的速度越大，穿过线圈的磁通量变化越快，线圈产生的感应电动势越大，感应电流越大，则电流计指针偏转幅度越大。12.某同学利用气垫导轨和光电门验证机械能守恒，实验装置如图甲所示。取重力加速度。（1）如图乙所示，利用游标卡尺测得遮光条的宽度_____cm；用天平测得滑块和遮光条的总质量，钩码的质量；用刻度尺测得释放前滑块上遮光条到光电门的距离。（2）接通气源，释放滑块，数字计时器上显示遮光时间；滑块从释放到遮光条经过光电门这一过程中，系统重力势能减少量为__________J，动能增加量为_____J。（结果均保留两位有效数字）（3）①改变遮光条到光电门的距离，多次重复实验，得到几组不同的和对应的遮光时间，在坐标纸作出图像如图丙中所示；②在保证钩码的质量和遮光条的宽度不变的情况下，该同学换用质量不同的滑块再次进行实验，重复步骤①，得到的图像如图丙中所示。分析可知图线对应的滑块和遮光条的总质量_____（选填“大于”或“小于”）图线对应的滑块和遮光条的总质量。【答案】（1）0.630（2）0.180.16（3）小于【解析】【小问1详析】游标卡尺读数为0.630cm【小问2详析】[1]系统重力势能的减少量为[2]系统动能的增加量为【小问3详析】根据机械能守恒，则有可整理为所以滑块和遮光条的总质量越大，斜率越小。13.如图所示，用导线绕制成匝数为，半径为的圆形线圈，线圈电阻为，线圈两端点与电阻相连接。在线圈内有一半径为的圆形区域，区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度随时间的变化关系为。求：（1）两端的电势差；（2）时间内，产生的焦耳热。【答案】（1）（2）【解析】【小问1详析】根据电磁感应定律，则有所以ab两端的电势差为【小问2详析】根据焦耳定律，则有14.如图所示，质量为（未知）的轨道A放在足够长的光滑水平桌面上，轨道上表面水平部分粗糙，竖直圆弧部分光滑，两部分在点平滑连接，点为轨道的最高点。质量的小物块静置在轨道左端，与轨道水平部分之间的动摩擦因数为（未知），最大静摩擦力等于滑动摩擦力，可视为质点。已知轨道水平部分的长度，圆弧部分的半径，取重力加速度。小物块以的初速度向右滑行，若轨道固定，恰好能够运动到点；若轨道不固定，恰好能够运动到点。（计算结果可用分数表示）（1）求动摩擦因数；（2）求轨道A的质量；（3）若轨道不固定，小物块B以的初速度向右滑行，求离开点后上升的最大高度。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】若轨道固定，对物块列动能定理，则有可解得【小问2详析】若轨道不固定，则对系统满足水平方向动量守恒，则有根据能量守恒，则有可解得【小问3详析】若轨道不固定，则对系统满足水平方向动量守恒，则有根据能量守恒，则有可解得15.如图所示，在xOy坐标系x<0区域内存在平行于x轴、电场强度大小为E（E未知）的匀强电场，分界线OP将x>0区域分为区域I和区域II，区域I存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为B（B未知）的匀强磁场，区域II存在垂直直面向里、磁感应强度大小为的匀强磁场及沿y轴负方向、电场强度大小为的匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从M（-d，0）点以初速度v0垂直电场方向进入第二象限，经N点进入区域I，此时速度与y轴正方向的夹角为60°，经区域I后由分界线OP上的A点（图中未画出）垂直分界线进入区域II，不计粒子重力及电磁场的边界效应。求：（1）电场强度E的大小；（2）带电粒子从M点运动到A点的时间t；（3）粒子在区域II中运动时，第1次和第5次经过x轴的位置之间的距离s。【答案】（1）（2）（3）4πd【解析】【小问1详析】粒子在电场中做类平抛运动，则联立可得，【小问2详析】粒子在电场中做类平抛运动，则粒子进入区域I后做匀速圆周运动，轨迹如图所示粒子运动的速度大小为根据洛伦兹力提供向心力有根据几何关系可得联立解得粒子从N运动到A的时间为所以带电粒子从M点运动到A点的时间为【小问3详析】粒子进入区域II，受到电场力和洛伦兹力，由于所以粒子的运动可以看成沿x轴正方向做匀速直线运动和xOy平面的匀速圆周运动的合运动，轨迹如图所示匀速圆周运动的速度大小为根据洛伦兹力提供向心力有解得粒子从第1次到第5次经过x轴运动的总时间为2Tʹ，所以解得2025届高三一轮复习联考（四）物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为75分钟，满分100分一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.某同学通过Tracker软件（视频分析和建模工具）研究羽毛球运动轨迹与初速度的关系。如图所示为羽毛球的一条运动轨迹，击球点在坐标原点，点为运动轨迹的最高点，下列说法正确的是（）A.羽毛球水平方向的运动为匀速直线运动 B.点羽毛球只受重力C.羽毛球下降过程处于超重状态 D.羽毛球空中运动过程中，机械能不断减小【答案】D【解析】D．由羽毛球的运动轨迹可知，羽毛球在运动过程中受到空气阻力的作用，且空气阻力一定对羽毛球做负功，所以羽毛球的机械能不断减小，故D正确；A．由于空气阻力存在水平方向的分力，所以羽毛球水平方向的运动不是匀速直线运动，故A错误；B．点羽毛球受到重力和空气阻力作用，故B错误；C．羽毛球下降过程，加速度方向向下，处于失重状态，故C错误。故选D。2.如图所示，质量为、长为的金属棒两端由等长的轻质绝缘细线水平悬挂，并处于匀强磁场中。棒中通以大小为、方向为的恒定电流，平衡时两悬线与竖直方向的夹角均为，取重力加速度，。匀强磁场的磁感应强度最小是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】以金属棒为对象，当安培力垂直于细线向上时，安培力最小，此时匀强磁场的磁感应强度最小，则有解得故选B。3.相距为的甲、乙两辆汽车同向行驶在一条平直公路上，其图像如图所示，图中的面积为，初始时甲车在前乙车在后，下列说法正确的是（）A.若，则时刻后乙车追上甲车 B.若，则时刻前乙车追上甲车C.若，则甲、乙两车可能相遇2次 D.若，则甲、乙两车一定只能相遇1次【答案】B【解析】A．根据图像与横轴围成的面积表示位移，可知的面积表示在时间内乙比甲多走的位移大小；若，则在时刻乙车刚好追上甲车，故A错误；BD．若，则在时刻前乙车追上甲车，由于时刻之后乙车速度小于甲车速度，所以可能在时刻之后甲车又追上乙车，则甲、乙两车能相遇2次，故B正确，D错误；C．若，则在时刻乙车还没追上甲车，由于时刻之后乙车速度小于甲车速度，则两车不会相遇，故C错误。故选B。4.2024年10月30日，神舟十九号载人飞船成功对接空间站天和核心舱前向端口，对接前其变轨过程简化后如图所示。飞船先由近地轨道1在点点火加速进入椭圆轨道2，在轨道2运行一段时间后，再从点进入圆轨道3，完成对接。已知地球的半径为，轨道1的半径近似等于地球半径，地球表面的重力加速度为。下列说法正确的是（）A.飞船在轨道1上线速度一定大于轨道2上点的线速度B.飞船在轨道2上点的加速度一定大于轨道3上点的加速度C.只根据题干的已知条件可以求出地球的密度D.飞船在轨道1上运行的周期为【答案】A【解析】A．飞船绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力得可得可知飞船在轨道1上的线速度大于在轨道3上的线速度，由于飞船从轨道2变轨到轨道3，需要在点点火加速，飞船速度增大，所以飞船在轨道1上的线速度一定大于轨道2上点的线速度，故A正确；B．根据牛顿第二定律可得可得可知飞船在轨道2上点的加速度等于轨道3上点的加速度，故B错误；C．由于不知道万有引力常量，所以无法求出地球的质量，所以只根据题干的已知条件无法可以求出地球的密度，故C错误；D．飞船在轨道1上运行时，由万有引力提供向心力得又联立可得飞船在轨道1上运行的周期为故D错误故选A。5.手机中内置的指南针是一种基于霍尔效应的磁传感器。如图所示，将一块宽度为a，厚度为d的半导体薄片（载流子为自由电子）水平放置于地磁场中，当半导体中通入水平方向的恒定电流时，自由电子在洛伦兹力的作用下发生偏转，继而在M、N两个表面上出现了电势差，称为霍尔电势差。已知电流大小为I，霍尔电势差大小为U，电子的电荷量大小为e，半导体内自由电子的数密度（单位体积内的自由电子数）为n。该处地磁场磁感应强度的竖直分量B的大小为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】达到稳定时，洛伦兹力等于电场力，则有根据电流的微观表达式有联立解得故选C。6.如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，已知匀强磁场的磁感应强度大小为，矩形线圈面积为，匝数为，线圈电阻为，线圈的转速为，线圈与二极管、阻值为的定值电阻及理想交流电流表相连，交流电流表的示数为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】线圈产生的电动势最大值为则回路电流的最大值为由于二极管的单向导电性，使得一个周期内只有半个周期有电流，根据有效值定义可得可得电路电流有效值为则交流电流表的示数为。故选B。7.如图所示，在、的区域中存在垂直于平面的匀强磁场，磁感应强度大小相等，边界与轴正方向的夹角为，左侧磁场向里，右侧磁场向外。正方形导线框以恒定的速度沿轴正方向运动并穿过磁场区域，运动过程中边始终平行于轴。规定导线框中逆时针方向为电流的正方向。从刚进入磁场开始计时，下列能正确反映导线框中感应电流随时间变化图像的是（）A. B.C D.【答案】D【解析】线框刚进入磁场瞬间，bc边切割磁场，且有效切割部分在OM线上方，切割磁场，由右手定则知电流方向为逆时针，随着线框进入，bc边在OM线上方的部分在减少，在OM线下方的部分在增大，切割的有效长度逐渐减小，电流减小；当线框的一半进入磁场时，bc边在OM线上方和下方的距离相等，切割的有效长度为0，电流为0；之后bc边在OM线上方部分小于在OM线下方部分，切割向外磁场，由右手定则知电流为顺时针，且逐渐增大；运动到线框全部进入磁场一瞬间，bc边切割向外磁场，ad边切割向里磁场，电流方向一致，均为顺时针，故此瞬时电流大小为初始时刻的两倍；随着线框继续运动，ad边重复bc边进入过程，bc边切割有效长度不变，电流逐渐减小，直至整个线框运动至OM线右侧，电流减小至0。故选D。8.波源S从t=0时刻开始振动，产生的简谐横波向右传播，波在传播过程中经过P、Q两点，如图甲所示。P点的振动图像如图乙所示，P点开始振动后经0.15s后Q点开始振动，已知P、Q两点间距离为1.2m，下列说法正确的是（）A.波的传播速度大小是8m/sBt=0时刻，波源由平衡位置沿y轴正向振动C.波源的振动方程为D.平衡位置距波源4.2m处的质点M开始振动时，质点P处于波峰【答案】AD【解析】A．波的传播速度大小为故A正确；B．介质中质点的起振方向与波源的起振方向相同，由图可知，P质点开始振动时沿y轴负方向，则t=0时刻，波源由平衡位置沿y轴负向振动，故B错误；C．波源的振动方程为由于，且t=0时，沿y轴负向振动解得综上所述故C错误；D．平衡位置距波源4.2m处的M点，开始振动的时间为由此可知，质点M开始振动时，质点P处于波峰，故D正确。故选AD。9.如图甲是酒精测试仪的原理图，气敏电阻的阻值随气体中酒精含量的变化关系如图乙所示。机动车驾驶员呼出的气体中酒精含量大于等于小于为酒驾，大于等于为醉驾。使用前先对酒精测试仪进行调零（改变的阻值），此时电压表的示数为，调零后的阻值保持不变。已知电源电动势、内阻，电路中的电表均为理想电表。当一位饮酒者对着测试仪吹气时（可视为气体中酒精含量逐渐增大），下列说法中正确的是（）A.电压表示数减小，电流表的示数增大B.电源的输出功率减小C.电压表、电流表示数变化量绝对值的比值减小D.当电流表的示数为时，气体中酒精含量大于【答案】AD【解析】A．当一位饮酒者对着测试仪吹气时，气敏电阻的阻值减小，电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路电流增大，路端电压减小；则电流表的示数增大，两端电压增大，气敏电阻两端电压减小，则电压表示数减小，故A正确；B．使用前先对酒精测试仪进行调零（改变的阻值），此时电压表的示数为，调零后的阻值保持不变，由图乙可知此时气敏电阻阻值为，则有代入数据解得电源的输出功率为可知当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，由于，所以在饮酒者对着测试仪吹气时，外电阻减小时，电源的输出功率增大，故B错误；C．根据闭合电路欧姆定律可得则有可知电压表、电流表示数变化量绝对值的比值不变，故C错误；D．当电流表的示数为时，根据闭合电路欧姆定律可得解得此时气敏电阻的阻值为由图乙可知气体中酒精含量大于，故D正确。故选AD。10.如图甲所示，水平面内有两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨固定且间距为。空间中存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为。现将两根材料相同、横截面积不同、长度均为的金属棒、分别静置在导轨上。现给棒一水平向右的初速度，其速度随时间变化的关系如图乙所示，两金属棒运动过程中，始终与导轨垂直且接触良好。已知棒的质量为，电阻为。导轨电阻可忽略不计。下列说法正确的是（）A.棒刚开始运动时，棒中的电流方向为B.棒的质量为C.在时间内，棒产生的热量为D.在时间内，通过棒的电荷量为【答案】BCD【解析】A．根据楞次定律可知，电流方向为逆时针，即从c到d，A错误；B．双杆模型满足动量守恒，则有可解得B正确；C．根据质量关系和电阻，可知cd的电阻为根据能量守恒，则有可解得所以则有C正确；D．对cd导体棒列动量定理，则有可得可解得D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（1）请根据变压器工作原理，完成以下问题：①街头见到的变压器是降压变压器，假设它只有一个原线圈和一个副线圈，则导线较粗的线圈为_____（选填“原”或“副”）线圈。②在“探究变压器线圈原、副电压与匝数的关系”实验中，可拆变压器如图甲所示。实验过程中，变压器的原、副线圈选择不同的匝数，利用多用电表交流电压档测量相应电压，记录如下，从实验数据分析可知，原、副线圈的电压之比并不等于匝数之比，造成这种结果的可能原因是_____。匝200400400800匝1001002004004.08.26.19.61.92.02.94.6（2）在利用如图乙所示装置做“探究影响感应电流方向的因素”实验中，磁铁的极向下运动时，电流从_____（选填“+”或“-”）接线柱流入电流计；磁铁插入的速度越大，电流计指针偏转幅度越_____（选填“大”或“小”）。【答案】（1）副变压器铁芯漏磁，铁芯在交变磁场作用下产生涡流发热，原、副线圈上通过的电流发热等等。（2）大【解析】【小问1详析】①[1]理想变压器的电压与匝数成正比，当只有一个副线圈的时候，电流与匝数成反比，街头用电的变压器是降压变压器，可知副线圈的匝数比原线圈的匝数少，副线圈的电流较大，应该使用较粗的导线。②[2]从实验数据分析可知，原、副线圈的电压之比并不等于匝数之比，造成这种结果的可能原因是：变压器铁芯漏磁，铁芯在交变磁场作用下产生涡流发热，原、副线圈上通过的电流发热等等。【小问2详析】[1]磁铁的极向下运动时，穿过线圈的磁通量向下增加，根据楞次定律结合安培定则可知，感应电流接线柱流入电流计；[2]磁铁插入的速度越大，穿过线圈的磁通量变化越快，线圈产生的感应电动势越大，感应电流越大，则电流计指针偏转幅度越大。12.某同学利用气垫导轨和光电门验证机械能守恒，实验装置如图甲所示。取重力加速度。（1）如图乙所示，利用游标卡尺测得遮光条的宽度_____cm；用天平测得滑块和遮光条的总质量，钩码的质量；用刻度尺测得释放前滑块上遮光条到光电门的距离。（2）接通气源，释放滑块，数字计时器上显示遮光时间；滑块从释放到遮光条经过光电门这一过程中，系统重力势能减少量为__________J，动能增加量为_____J。（结果均保留两位有效数字）（3）①改变遮光条到光电门的距离，多次重复实验，得到几组不同的和对应的遮光时间，在坐标纸作出图像如图丙中所示；②在保证钩码的质量和遮光条的宽度不变的情况下，该同学换用质量不同的滑块再次进行实验，重复步骤①，得到的图像如图丙中所示。分析可知图线对应的滑块和遮光条的总质量_____（选填“大于”或“小于”）图线对应的滑块和遮光条的总质量。【答案】（1）0.630（2）0.180.16（3）小于【解析】【小问1详析】游标卡尺读数为0