广西玉林市玉州区2023年中考物理一模试卷（含答案）

广西玉林市玉州区2023年中考物理一模试卷一、选择题。（共16小题，共35分。在给出的四个选项中，第1～13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14～16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。）1．在国际单位制中，质量的基本单位是（）A．kg B．m/s C．N D．m2．2022年北京冬奥会期间，北京皮影艺术剧院紧扣冬奥题材，精彩呈现皮影戏《寻找雪姑娘》，如图所示。下列情境中，与皮影戏原理相同的是（）A．雨后彩虹B．小孔成像C．水中倒影D．筷子弯折3．编钟是中国最古老的乐器之一，编钟大小不同是为了改变声音的（）A．速度 B．音色 C．响度 D．音调4．下列各种发电方式中，不是利用可再生能源发电的是（）A．太阳能发电 B．核能发电 C．风力发电 D．水力发电5．北京2022年冬奥会开幕日恰逢我国二十四节气的“立春”，倒计时以二十四节气为序，惊艳世界。以下节气中蕴含的物态变化知识正确的是（）A．“雨水”——雨的形成是汽化现象，要放出热量B．“寒露”——露的形成是液化现象，要放出热量C．“霜降”——霜的形成是凝华现象，要吸收热量D．“大雪”——雪的形成是升华现象，要吸收热量6．下列家用电器中，正常工作一小时耗电最接近1度的是（）A．电风扇 B．手电筒 C．空调机 D．电冰箱7．2022年6月5日，中国载人航天飞船神舟十四号发射成功。如图所示，飞船在空中加速上升时的能量转化情况是（）A．飞船的动能转化为重力势能，动能减小B．飞船的重力势能转化为动能，重力势能减小C．燃料燃烧产生的内能转化为飞船的机械能D．没有发生能量的转化，飞船的机械能不变8．进入初中学业水平考试考场时，监考教师会使用金属探测仪对大家进行检测。如果有同学携带金属制品，探测仪就会产生电流并报警。下列四个实验能反映金属探测仪工作原理的是（）A． B．C． D．9．如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中，下列说法正确的是（）A．AB段电阻较大，电流小B．BC段电阻较小，电流大C．AB段电阻较大，电流与BC段相等D．BC段电阻较大，电流与AB段相等10．如图所示，关于简单机械，下列说法错误的是（）A．食品夹在正常使用过程中，相当于一个费力杠杆B．在旗杆顶部安装定滑轮是为了改变拉力的方向C．盘山公路相当于一个斜面，可以省功D．不计绳重、滑轮重与摩擦，拉力F＝G311．如图所示为冰壶比赛中投掷冰壶时的情景，下列说法正确的是（）A．冰壶被投出后相对于观众是静止的B．冰壶能被投出是因为手对冰壶的力大于冰壶对手的力C．冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于受到惯性的作用D．投出的冰壶撞击其他冰壶后改变运动方向，说明力可以改变物体的运动状态12．下列关于家庭电路的说法，正确的是（）A．保险丝必须安装在零线上B．开关要接在零线与用电器之间C．更换灯泡时，不必断开开关D．带金属外壳的用电器应使用三孔插座13．在探究“电流与电阻关系”实验中，某同学根据实验数据作出如图所示的图象，下列说法正确的是（）A．导体中的电流与导体的电阻成正比B．电源至少选用两节新干电池C．换用2Ω电阻做实验时，需要更换电压表量程D．多次实验是为了求平均值，以减小实验误差14．关于热现象，下列说法正确的是（）A．用水做汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点B．“钻木取火”是通过热传递改变物体的内能C．暑假同学们在家学做菜，厨房里菜香四溢，说明了分子在不停地做无规则运动D．冬天用热水袋暖手，是通过做功改变物体的内能15．如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向右移动，下列说法正确的是（）A．小灯泡变亮B．电压表V1的示数不变C．电压表V2与电流表A2示数的乘积变小D．电压表V1与电流表A1示数之比不变16．如图所示，094型战略核潜艇是我国自主研发的目前国内最先进的核潜艇，下列有关该潜艇说法正确的是（）A．核潜艇通过改变浮力大小来实现上浮和下沉B．浸没在水中的核潜艇上浮时，所受浮力会逐渐变大C．漂浮时核潜艇底部所受海水压强最小D．漂浮在水面的核潜艇所受的浮力与自身重力是一对平衡力二、填空题（每空1分，共12分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程。）17．如图是一款无人驾驶的太阳能汽车，它可以实现自动驾驶和远程操控，利用车顶的太阳能电池板提供能源。太阳能是（选填“一次”或“二次”）能源，远程操控太阳能汽车的指令是通过（选填“电磁波”或“超声波”）传递给汽车的。18．在探究凸透镜成像规律的实验中，小聪用凸透镜先看到了某物体正立放大的像，则此像为像（选填“实”或“虚”）；若他想看到这个物体倒立放大的像，应将此凸透镜与物体的距离（选填“增大”“不变”或“减小”）。19．小明家的电能表上个月月初的表盘示数为1250.8kW•h，月末的表盘示数和电能表其他参数如图所示，根据表盘上的信息，可得小明家上个月共用电kW•h，小明家电路干路中的电流不得超过A。20．小丹以1.1m/s的速度走向教学楼正厅的正衣镜（平面镜），她在镜中所成的像以m/s的速度“走向”正衣镜，像的大小21．如图所示，当S闭合，甲、乙为电压表时，示数比为2：5，则R1：R2＝；当S断开，甲、乙为电流表时，电路连接状态为（选填“串联”或“并联”）。22．如图甲所示，A、B两个质量均匀的正方体放在水平地面上，B的边长是A的2倍，将A沿竖直方向切去宽为L的部分，把切去部分叠放在B上，记录B对地面的压强pB与L的变化关系如图乙所示，切割后，A剩余部分对地的压强为pA，A的边长为cm，当L＝5cm时，pA：pB＝。三、作图题（共4分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）23．画出图中悬停在空中的无人机受力的示意图。24．如图所示，请分别画出AB的入射光线和CO的折射光线。四、实验探究题（共25分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上。）25．如图为“探究杠杆的平衡条件”的实验，使用的钩码规格相同。（1）挂钩码前杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆处于状态。（选填“平衡”或“不平衡”）（2）为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向调节。（选填“左”或“右”）（3）实验时，在已调平的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，调节钩码位置，使其在水平位置重新平衡。使杠杆在水平位置平衡的目的是。收集实验数据如表所示，经分析可得出杠杆的平衡条件：。次数动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11.015.01.510.021.020.04.05.032.015.03.010.0（4）为了进一步验证实验结论，又做了图乙所示的实验，现将弹簧测力计从a位置移动到b位置，在此过程中杠杆始终在水平位置平衡，弹簧测力计示数将。（选填“变大”“不变”或“变小”）26．（1）在“探究水的沸腾”的实验中，得到了如图甲所示的图象，从图象可知水沸腾的过程中，水的温度（选填“上升”、“不变”或“下降”），但需要（选填“吸”或“放”）热。（2）图乙为“探究光的反射规律”的实验装置，采用可转折的两部分纸板是为了研究反射光线、入射光线和法线是否在内；入射光线AO靠近法线ON时，反射光线OB将（选填“靠近”或“远离”）法线ON。（3）图丙，是“探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，通过对比观察A、B两U形管中液面高度的变化可知，（选填“甲”或“乙”）容器中导体的电阻产生的热量较多，由此可知，在电阻和通电时间相同时，越大，导体中产生的热量越多。27．小明想通过实验测量矿石的密度，进行了如下操作：（1）把天平放在水平桌面上，并将移到标尺左端的零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡。（2）把矿石放在天平的左盘中进行称量，当天平再次平衡时，右盘中的砝码及游码的位置如图乙所示，则矿石的质量是g。（3）矿石放入量筒前后，量筒中水面位置如图丙所示，则矿石的体积为cm3，密度为kg/m3。（4）若该矿石吸水，按以上步骤测量出矿石的密度将偏（选填“大”或“小”）。（5）小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器（容器厚度忽略不计），也测量出了未知液体的密度，操作如下：①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1；②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，如图戊所示，测量出容器内液体深度为h0；③容器再次处于竖直漂浮状态，如图己所示，测出容器下表面到水面的距离为h2；④液体密度ρ液＝（用h1、h2、h0、ρ水表示）。28．小华用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样小灯泡的电阻，现有器材：电源（3V）、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω，2A）、开关、导线若干。（1）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应调至最（选填“左”或“右”）端。（2）闭合开关，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，可判断故障是。（3）排除故障后进行实验，在移动滑动变阻器的滑片P的过程中，她应注视（选填“电压表”、“电流表”或“滑动变阻器”）的变化情况，当电压表示数为2.2V时，电流表示数如图乙，为A，此时小灯泡的电阻为Ω（结果保留一位小数）。（4）根据实验数据，分别画出小灯泡和滑动变阻器的I﹣U图象，如图丙，根据图象可知：小灯泡的I﹣U图象是弯曲的，其主要原因是。（5）小华发现无论如何移动滑片，小灯泡两端的电压都无法调到0.5V，现增加一个阻值为20Ω的定值电阻R和一个开关，对原电路进行改进，使小灯泡两端电压能在0.5V～3.0V之间变化，测出小灯泡在不同电压下的电阻，请在虚线框中画出电路图，要求电路连接后不再拆接。五、综合应用题（共24分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。答案必须明确写出数值和单位。）29．如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？（3）发动机的效率是多少？30．某物理兴趣小组设计了一个皮肤温度检测装置，当温度≥37℃时发出报警，如图所示为该装置的感温区电路图，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为热敏电阻，R的阻值与温度t的关系如表所示，电流表量程为0～10mA，数字式电压表量程为0～4V，当检测到电压表的示数≤3V时便会报警；当检测温度为33℃时，电压表示数为3.6V，求：（1）当温度等于37℃，电压表示数为3V恰好报警时，电流表的示数；（2）电源电压和定值电阻R0的阻值；（3）在保证电路各元件安全的情况下，该装置能测量的温度范围。31．如图所示，薄壁圆柱形容器A、B置于水平面上，容器均足够高，A中盛有深度为16h的液体甲，B中盛有深度为18h的液体乙（ρ乙＝0.8×103千克/米3），求：物体密度ρ（×103千克/米3）体积V（×10﹣3米3）C62D43E23（1）若液体乙的体积为5×10⁻3米3，求液体乙的质量；（2）若在图示水平面MN处两种液体的压强相等，求液体甲的密度；（3）现有三个物体C、D、E，其密度、体积的关系如下表所示，请选择其中一个，将其放入容器A或B中后（物体均能浸没在液体中），可使液体对容器底部压强增加量Δp液与水平地面受到的压强增加量Δp地的比值最大，写出选择的物体和容器并说明理由，求出Δp液与Δp地的最大比值。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A.质量的基本单位是千克，符号是kg，故A正确；

B.m/s是速度的单位，故B错误；

C.N是力的单位，故C错误；

D.m是长度的单位，故D错误；

故选：A

【分析】在国际单位制中，质量的基本单位是千克。故BCD错误；A正确；2．【答案】B【解析】【解答】A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故A错误；

B、白天在浓密树荫下出现的圆形光斑是小孔成像现象，是由于光的直线传播形成的，与皮影戏原理相同，故B符合题意；

C、在平静的湖面上看到树的倒影是平面镜成像，其实质是光的反射，故C不合题意；

D、斜插入水中的筷子看似弯折，是由于光的折射形成的，故D不合题意。

故选B

【分析】A、光的色散的应用：彩虹的形成；

B、光的直线传播形成的应用：光的直线传播；

C、在平静的湖面上看到树的倒影是光的反射；

D、斜插入水中的筷子看似弯折，是由于光的折射形成的。3．【答案】D【解析】【解答】钟振动频率的大小与编钟钟体的大小有关，编钟钟体越小，振动频率越高，发出声音的音调越高，ABC不符合题意，D符合题意。故答案为：D。

【分析】发声体的大小不同，音调高低不同。4．【答案】B【解析】【解答】A.太阳能属于可再生能源，故A错误

B.核能利用铀矿发电，属于不可再生能源，故B正确；

C.风能是可再生能源，故C错误；

D.水能是可再生能源，故D错误

【分析】太阳能、风能、水能可以源源不断地从自然界获得，是可再生能源，太阳能发电、水力发电、风力，发电都是利用可再生能源发电的；核能不能从自然界源源不断获得，也不能重复利用，是不可再生能源，则核能发电是利用不可再生能源发电的。5．【答案】B【解析】【解答】A．雨是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化需要放出热量，A不符合题意；B．露是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化需要放出热量，B符合题意；C．霜是由水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华需要放出热量，C不符合题意；D．雪是由水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华需要放出热量，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】物质从气态变为液态的过程叫液化，液化放热；物质从气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热。6．【答案】C【解析】【解答】电器正常工作1h，耗电最接近1度=1kW.h，则它的功率约P=Wt=1kW·h1h=1kW=1000W

A、电风扇的功率约为50W，故A不符合题意；

B、手电筒的功率约为1W，故B不符合题意；

C、空调机的功率约为1000W，故C符合题意；7．【答案】C【解析】【解答】AB．载人飞船加速上升时，质量不变、速度增大、高度增大，所以动能和重力势能均增大，AB不符合题意；CD．载人飞船加速上升时，因为动能和重力势能均增大，所以机械能增大，是由燃料燃烧产生的内能转化而来的，C符合题意，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】加速上升的物体，动能和重力势能都变大，机械能变大。8．【答案】B【解析】【解答】当探测仪线圈靠近金属制品时，相当于闭合电路的一部分导体在切割磁感线，从而产生感应电流，所以其原理是电磁感应现象。A．探究磁极之间的相互作用规律，A不符合题意；B．探究电磁感应现象，B符合题意；C．是电磁铁的应用，电磁继电器，C不符合题意；D．探究磁场对通电导体的作用，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】金属探测器工作时，利用了电磁感应原理。9．【答案】C【解析】【解答】已知AB和BC是由同种材料制成的且长度相同，BC的横截面积大于AB的横截面积，所以BC的电阻小于AB的电阻；由于两个电阻是串联的，所以两电阻的电流是处处相等的，故C正确。

故选：C。

【分析】(1)电阻是导体本身的一种性质，其大小只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，故在分析时用控制变量的思维来考虑；

(2)对于串联电路，电流是处处相等的。10．【答案】C【解析】【解答】A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A的说法正确；

B、学校旗杆顶部安装定滑轮是为了改变力的方向，故B的说法正确；

C、盘山公路相当于一个斜面，根据功的原理可知，使用滑轮组提升物体不能省功，故C的说法错误；

D、若不计滑轮重、绳重与摩擦，由图可知n=3，则拉力F=13G，故D的说法正确。

故选：C。

【分析】(1)根据动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；

(2)定滑轮的轮轴是固定不动的，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；

(3)使用任何机械都不省功；

11．【答案】D【解析】【解答】A、冰壶被投出后相对于观众之间的位置发生了变化，所以是运动的。故A错误；

B、手对冰壶的力与冰壶对手的力是一对相互作用力，故大小相等。故B错误；

C、冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用。故C错误；

D、投出的冰壶击其他冰壶后改变运动方向，说明力可以改变物体的运动状态。故D正确。

故选：D。

【分析】(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动不发生变化，则静止。

(2)作用力与反作用力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在不同的物体上；

(3)体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。

(4)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变。12．【答案】D【解析】【解答】A、在家庭电路中，保险丝必须装在火线上，保险丝熔断时，用电器上没有电，若保险丝装在零线上，保险丝熔断时，用电器上仍有电，这样容易让人们认为没电而发生触电事故，故A错误；

B、根据安全用电常识可知，在家庭电路中，开关一定要接在火线和用电器之间，即接在火线上，故B错误；

C、更换灯泡前，应断开电源开关，以防止人接触灯泡的金属部分时触电，故C错误；

D、带金属外壳的电器必须接地线，这样在电器漏电时，电流会通过地线导入大地，防止触电事故的发生，所以，带金属外壳的用电器应使用三孔插座，故D正确。

故选：D。

【分析】(1)在家庭电路中，保险丝必须装在火线上；

(2)家庭电路中，开关一定要接在火线和用电器之间；

(3)更换灯泡时，要断开开关，是为了保证安全；

(4)金属外壳的电器必须接地线。13．【答案】B【解析】【解答】A.电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，故A错误；

B.由图知，这个不变的电压为：U=IR=0.4A×5Ω=2V，故电源至少选用两节新干电池(3V)，故B正确；

C.换用2Ω的电阻做实验时，应控制电阻的电压不变，故不需要更换电压表量程，故C错误；

D.多次实验是为了得出普遍性的规律，故D错误。

故选：B。

【分析】（1）电流与电阻在反比；

（2）探究“电流与电阻关系”实验中要控制电阻的电压不变，由欧姆定律求出由图这个不变的电压，据此分析；

（3）多次实验是为了得出普遍性的规律。14．【答案】A,C【解析】【解答】A.用水作汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点，在同等情况下，能够吸收较多的热量，故A正确；

B.“钻木取火”是将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；

C、厨房里菜香四溢，是饭菜分子不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象，故C正确；

D、冬天用热水袋暖手，手吸收热量，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误。

故选：AC

【分析】(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；

(2)不同的物质在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动；

(3)改变物体的内能有两种方式：做功和热传递。15．【答案】B,C【解析】【解答】AC.将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，通过电路的电流变小，串联电路各处电流相等，所以通过灯泡的电流变小，灯泡两端的电压变小，则电压表V2与示数变小；灯泡的实际功率变小，灯泡的亮度变暗；电压表V2与电流表A2示数都变小，则电压表V2与电流表A2示数的乘积变小，故A错误，C正确；B.由电路图可知，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，两电流表都测通过电路的电流，电压表V1的示数在滑片移动的过程中不会改变，故B正确；

D.电压表V1与电流表A1示数之比为电路总电阻，所以电压表V1与电流表A1示数之比变大，故D错误；

故选：BC。

【分析】（1）根据电流走向分析出滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器滑片向右滑动时，电阻变大，小灯泡变暗。

（2）电压表V1测量的是电源电压，当滑片向右滑动时，不影响电压表V1。

（3）电压表V2测量的是灯泡电压，当滑片右移时，电压表V2示数变小，电流变A2示数变小，即它们的乘积也变小。

（4）电压表V1示数不变，电流表A1示数变小，它们的示数之比变大。16．【答案】C,D【解析】【解答】A、核潜艇是通过改变自身重力来实现.上浮和下沉的，故A错误；

B、浸没在水中的核潜艇上浮时，排开水的体积不变，水的密度不变，根据F=ρ液gV排可知，核潜艇受到浮力不变，故B错误；

C、漂浮时核潜艇底部的深度最小，根据p=ρgh可知，所受海水压强最小，故C正确；

D、漂浮在水面的核潜艇，在浮力和重力的作用下保持静止状态，所以它们是一对平衡力，故D正确。

故选：CD。

【分析】(1)潜艇是通过改变自身重力来实现.上浮和下沉的.

(2)根据F17．【答案】一次；电磁波【解析】【解答】(1)太阳能可以从自然界直接获取，所以太阳能是一次能源；

(2)远程操控太阳能汽车的指令是通过电磁波来传递信息的。

【分析】(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；

(2)远程操控是靠发射电磁波来传递信息的。18．【答案】虚；增大【解析】【解答】当物体在凸透镜的一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像，是放大镜的工作原理。当物体到凸透镜的距离在一倍焦距和二倍焦距之间时，成的是倒立、放大的实像，所以若他想看到这个物体倒立放大的像，应将此凸透镜与物体的距离增大。

【分析】凸透镜成像时，虚像是正立放大的；当物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距间时，成倒立放大的实像。19．【答案】18；40【解析】【解答】据图可知，月末的表盘示数为1268.8kW.h，小明家上个月消耗的电能为：W=1268.8kW·h-1250.8kW·h=18kW·h，根据电能表表盘上的10(40)A参数可知，小明家电路干路中的电流不得超过40A。

【分析】(1)电能表的读数方法：①最后一位是小数；②单位kW.h；

(2)电能表月末的示数减去月初的示数可得这个月消耗的电能；

(3)电能表表盘上的10(40)A表示这个电能表的标定电流为10A，额定最大电流为20A。电能表工作时的电流不应超过额定最大电流。20．【答案】1.1；不变【解析】【解答】由于像与物到平面镜的距离相等，所以物以多大的速度走向镜，像也以同样的速度走向镜，所以在镜中的像以1.像与物大小是相等的，“走向”正衣镜的过程中，像的大小不变。

【分析】平面镜中的像和物体到平面镜的距离相等；像和物体大小相等。21．【答案】3：2；并联【解析】【解答】当S闭合，甲、乙为电压表时，R1和R2串联，；已知甲、乙两个电压表示数之比为2：5，所以R2两端的电压和电源电压之比为U2：U=2：5，R1和R2两端的电压之比为：U1：U2=(U-U2)：U2=(5-2)：2=3：2；R1和R2的电阻之比为：R1：R2=U1：U2=3：2；当S断开，甲、乙为电流表，R1和R222．【答案】10；8：11【解析】【解答】由乙图可知L最大为10cm，正方体A的边长为10cm；正方体B的边长是A的2倍，则B的边长为20cm=0.2m，当L=0时，B对地面的压强为5×103Pa，物体对地面的压力等于自身重力，由GB0.2m×0.2m=5000Pa，解得GB=200N；当L=10cm时，B对地面的压强为6000Pa，所以GA+GBSB=6000Pa，即G23．【答案】解：如图所示：【解析】【解答】无人机悬停在空中，受到了向下的重力，和向上的升力，故过重心竖直向下画一条线段，并在末端标上向下的箭头和G，即为重力，过重心向上画一条等长的线段，并在末端标上向上箭头和F，即为升力，故如图所示：

【分析】物体受到的重力竖直向下；飞机受到的升力竖直向上。24．【答案】解：如图所示【解析】【解答】根据凹透镜的三条特殊光线可知，延长线过凹透镜另一侧焦点的光线经凹透镜折射后，将平行于主光轴；过凹透镜光心的光线经凹透镜折射后，传播方向不变，据此完成AB的入射光线和CO的折射光线，如图所示：

【分析】凹透镜的三条特殊光线：1、过光心的光线经透镜后传播方向不改变；2、平行于主光轴的光线，经凹透镜后向外发散，但其反向延长线必过焦点；3、射向异侧焦点的光线经凹透镜后平行于主光轴射出。25．【答案】（1）平衡（2）右（3）便于测量力臂；动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1×l1＝F2×l2）（4）变大【解析】【解答】(1)杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图甲中的杠杆处于平衡状态；

(2)杠杆左端下沉，应将杠杆重心向右移，所以应将两端的平衡螺母向右调节；

(3)测量过程中使杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，所以使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；分析表格中可知1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm，

1.0N×20.0cm=4.0N×5.0cm，2.0N×15.0cm=3.0N×10.0cm，所以可得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F126．【答案】（1）不变；吸（2）同一平面；靠近（3）甲；电流【解析】【解答】(1)在“探究水的沸腾’的实验中，得到了如图甲所示的图象，BC表示水的沸腾过程，所以水沸腾的过程中，水的温度不变，但需要吸热。

(2)反射光线、入射光线和法线在同一平面内时，可同时看到反射光线及入射光线，若将右半部分后折，则不能看到反射光线，故图乙为“探究光的反射规律’的实验装置，采用可转折的两部分纸板是为了研究反射光线、入射光线和法线是否在平面内；入射光线AO靠近法线ON时，入射角变小，则反射角变小，反射光线OB将靠近法线ON。

(3)图丙中，左侧U形管中液面高度差大，甲容器中导体的电阻产生的热量较多；右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，在电阻和通电时间相同时，电流越大，导体中产生的热量越多。

【分析】(1)液体在沸腾过程中要不断吸收热量，但温度保持不变，液体沸腾时的温度叫沸点，不同液体的沸点一般不同。

(2)光的反射定律：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。

(3)电流通过导体产生的热量与电流大小、导体的电阻大小、通电时间有关。27．【答案】（1）游码；左（2）52.4（3）20；2.62×103（4）大（5）h1−【解析】【解答】(1)把天平放在水平桌面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针偏右，平衡螺母应向左调节，使横梁平衡；(2)物体质量等于砝码质量和游码示数之和，游码分度值为0.2g，所以物体质量为：m=m码g+m游=50g+2.4g=52.4g

(3)矿石放入前，量筒中水的体积为V1=20cm3，矿石放入水中浸没，量筒中的体积为V2=40cm3，则矿石的体积为：V=V2-V1=40cm3-20cm3=20cm3，矿石的密度为：ρ=mV=52.4g20cm3=2.62g/cm3=2.62×103kg/m3

(4)假若矿石吸水，则所测出的矿石的体积变小，质量测量准确，矿石密度比实际密度值偏大；

(5)小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器也测量出了另一种液体的密度。

①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1，漂浮时物体受到的浮力等于重力，设容器底面积为S，此时容器受到的浮力：F浮=ρ水gSh1；

②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，测量出容器内液体的深度为ho。

③容器再次处于竖直漂浮状态，测出容器下表面到水面的距离为h2，此时容器受到的浮力：28．【答案】（1）右（2）小灯泡断路（3）电压表；0.24；9.2（4）灯丝温度升高，灯丝的电阻会增大（5）【解析】【解答】(1)为了保护电路，滑动变阻器的滑片应滑到接入电路的最大阻值处，因为连接了左下接线柱，所以滑片应滑到最右端；(2)移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯泡断路；

(3)排除故障后进行实验，在移动滑动变阻器的滑片P的过程中，她应注视电压表示数；图甲中电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为I=0.24A，小灯泡的电阻为：R=UI=2.2V0.24A≈9.2Ω

(4)当滑动变阻器的滑片移动使滑动变阻器接入电阻变小时，电路总电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，滑动变阻器两端的电压变小，所以图乙的I-U图像中经过点(0.5V，0.25A)的图像是滑动变阻器的I-U图像，经过点(2.5V，0.25A)的是小灯泡的I一U图像；小灯泡两端的电压为U1=1.0V时，灯丝中的电流I1=0.16A，此时灯丝电阻R1=U1I1=1.0V0.16A=6.25Ω小灯泡两端的电压为U2=2.5V时，灯丝中的电流I2=0.25A，此时灯丝电阻R229．【答案】（1）解：消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量Q放=mq=1.35×103kg×4×107J/kg=5.4×1010J答：消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是5.4×1010J；（2）解：飞机航行20min牵引力做功W=Pt=2.25×107W×20×60s=2.7×1010J飞机运动的路程s=vt=270km/h×飞机受到的牵引力F=因为飞机做匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，所以飞机受到的阻力f=F=3×105N答：飞机在航行过程中的阻力是3×105N；（3）解：发动机的效率η=答：发动机的效率是50%。【解析】【分析】（1）根据燃料的质量和热值的乘积，计算热量；

（2）利用功率和时间的乘积计算做功的大小；利用速度和时间的乘积，计算路程；功和距离的的比值，计算力的大小；

（3）根据功和总热的比值，计算热机效率。30．【答案】（1）解：由电路图可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测热敏电阻R两端的电压，电流表测通过电路的电流，由图象可知当检测温度为37℃时，热敏电阻的阻值为400Ω，由题意可知此时电压表示数为3V，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I＝U1R1答：当电压表示数为3V，恰好报警报警时，电流表的示数为0.0075A；（2）解：由表格可知当检测温度为33℃时，热敏电阻的阻值为6