九年级物理学霸赛考卷03（解析版）

九年级物理学霸赛考卷03（解析版）初中物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．测试范围：人教版八年级下册第13-16章。2．本卷平均难度系数0.3。第Ⅰ卷选择题一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．做同样的有用功，甲、乙柴油机用时和消耗柴油对比如下，下列说法正确的是（）柴油机完成工作量时间消耗柴油甲相同3h5kg乙2h6kgA．甲的功率小；热机效率低 B．甲的有用功大；做功快 C．乙的总功大；热机效率低 D．甲所用的柴油的热值比乙用的高；乙的有用功低【答案】C。【解答】解：AB、由于甲、乙做的有用功相同，甲所用时间比乙所用时间长，根据P＝可知，甲的功率比乙的功率小，即甲做功慢；由于甲消耗的柴油比乙消耗的柴油少，所以甲的效率比乙的效率大，故A、B错误；C、由于乙消耗的柴油多，根据Q放＝mq可知，乙机械燃烧放出的热量多，即乙机械的总功比甲机械的总功大；由于甲消耗的柴油比乙消耗的柴油少，所以甲的效率比乙的效率大，故C正确；D、甲、乙机械都是柴油机，所用燃料均是柴油，其热值相同；由题意可知，甲、乙所做有用功相等，故D错误。故选C。2．如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，电流表、灯泡L1和L2均能正常工作。下列说法正确的是（）A．开关S1闭合，S2断开，电源外部电流流向为d→c→b→a→f B．开关S1、S2都闭合，灯泡LI和L2串联 C．开关S1、S2都闭合，通过灯泡L1的电流一定等于通过灯泡L2的电流 D．闭合S1、S2中任意一个开关，都会有灯泡发光【答案】A。【解答】解：A、开关S1闭合，S2断开，电源外部电流从正极流向负极，所以流向为d→c→b→a→f，故A正确；B、开关S1、S2都闭合，灯泡L1和L2并联，故B错误；C、开关S1、S2都闭合，是并联电路，通过灯泡L1的电流与通过灯泡L2的电流关系不确定，故C错误；D、只闭合S1时，灯泡L2发光，只闭合S2时，两灯泡都不发光，故D错误。故选：A。3．如图所示的电路图，下列说法中不正确的是（）A．只闭合S1，L1、L2串联 B．只闭合S2、S3，只有L3亮 C．S1、S2、S3都闭合，L1、L2、L3都亮 D．通过开关的闭合和断开，无法实现L1、L2并联【答案】C。【解答】解：A、只闭合S1，电流流过L2和L1，只有一条路径，说明L1、L2串联，故A正确；B、只闭合S2、S3时，L2被短路，电路中只有L3亮，故B正确；C、同时闭合S1、S2、S3，L2被短路，L1、L3发光，故C错误；D、只闭合S2，电流流过L2和L3，只有一条路径，说明L2、L3串联，由ABC可知，通过开关的闭合和断开，无法实现L1、L2并联，故D正确。故选：C。4．如图所示的电路中，闭合开关，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为3.4V，那么下列说法中不正确（）A．电源电压为6V B．L1两端电压为2.6V C．将电压表V1换成电流表，则L1、L2都不亮 D．将电压表都换成电流表，则L1与L2并联【答案】D。【解答】解：AB、闭合开关，两灯串联，电压表V1测电源电压，V2测L2两端电压，即电源电压U＝6V，L2两端电压U2＝3.4V，根据串联电路的电压规律可得，L1两端电压U1＝U﹣U2＝6V﹣3.4V＝2.6V，故AB正确；C、将电压表V1换成电流表，在开关闭合后，灯泡L1、L2被短路，则L1，L2不亮，故C正确；D、将电压表都换成电流表，闭合开关，会造成电源短路，故D错误。故选：D。5．如图，S断开时，电压表示数5V，S闭合时，电压表的示数为1V，则（）A．S闭合时灯泡L1和L2的电压之比是5：1 B．若灯泡L1灯丝烧断，电压表示数为零 C．通过灯泡L1的电流比L2的电流大 D．灯泡L1两端的电压是1V【答案】B。【解答】解：ACD、断开开关S，电压表串联到电源的两端，电压表的示数为5V，电压表测量的是电源电压，故电源电压为5V，开关闭合时，电压表测量的是灯泡L2两端的电压，电压表示数为1V，L2两端的电压为1V，由于是串联电路，各处电流时相同的，L1两端的电压是5V﹣1V＝4V，S闭合时灯泡L1和L2两端的电压之比是4V：1V＝4：1，故ACD错误；B、若灯泡L1灯丝烧断，电压表不能测量电源电压，示数为0V，故B正确。故选：B。6．有两个温度为100℃、质量相等的金属球，先把甲球放入温水杯中，热平衡后水温升高了10℃；取出甲球，将乙球放入该杯中，热平衡后水温又升高了10℃（末温未达100℃），则甲球比热容c甲和乙球比热容c乙大小的关系是（）A．c甲＜c乙 B．c甲＝c乙 C．c甲＞c乙 D．以上三种情况都有可能【答案】A。【解答】解：先后将甲、乙实心球投入到同一杯水中，水升高的温度相同，水吸收的热量相同，不计热量损失，即Q水吸＝Q放，由此可知，甲、乙两实心球放出的热量相同；由题知，甲实心球比乙多降低了10℃，且甲、乙两实心球的质量相同，由c＝可知，降低的温度多的甲金属球比热容小，即c甲＜c乙。故选：A。7．关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（）A．温度高的物体内能一定大 B．物体的温度越低，所含的热量越少 C．物体吸收了热量，其温度不一定升高 D．物体的内能增大，一定是外界对其做了功【答案】C。【解答】解：A、内能的大小除了跟温度有关，还跟质量和物质的种类有关，故温度高的物体内能不一定大，故选项说法错误；B、热量是一个过程量，不能用含有热量一描述其多少，故选项说法错误；C、晶体的熔化过程中，继续吸收热量，但是温度不变，故选项说法正确；D、物体的内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故该选项说法错误。故选：C。8．如图所示电路，开关S闭合，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，图中甲、乙、丙为电表，粗心的小超在读数时只在纸上记录了如图所示数字，下列说法中正确的是（）A．L1和L2串联时，甲、乙、丙示数可能分别为0.8A、1.6V、0.4V B．L1和L2并联时，甲、乙、丙示数可能分别为0.4V、1.6A、0.8A C．L1和L2串联时，电路中的电流可能为0.4A，L1和L2两端的电压可能均为1.6V D．L1和L2并联时，电源电压可能为0.4V，通过L1和L2的电流可能为0.8A和1.6A【答案】B。【解答】解：（1）两灯泡串联时，电路中的电流只有一条路径，电流从电源的正极出发，依次经甲电表、灯泡L2、灯泡L1回到电源的负极，则甲为电流表测电路中的电流，乙为电压表测L2两端的电压，丙为电压表测电源的电压，因为串联电路中各处的电流相等，且两灯泡规格相同时它们两端的电压相等，所以由可知，电源的电压是L2两端电压的2倍，即丙的示数是乙示数2倍，由图中数据可知：①丙的示数为1.6V，乙的示数为0.8V，则甲的示数为0.4A，②丙的示数为0.8V，乙的示数为0.4V，则甲的示数为1.6A，L1、L2两端的电压均为0.4V，故AC错误；（2）两灯泡并联时，电路中电流有两条路径，电流从电源的正极出发，经乙电表后分支，一支经灯泡L1回到电源的负极，一支经灯泡L2、丙电表回到电源的负极，则甲为电压表测电源的电压，乙为电流表测干路电流，丙为电流表测L2支路的电流，因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以由可知，通过两灯泡的电流相等，干路电流是L2支路电流的两倍，由图中数据可知：①乙的示数为1.6A，丙的示数为0.8A，则甲的示数为0.4V，②乙的示数为0.8A，丙的示数为0.4A，则甲的示数为1.6V，通过L1、L2的电流均为0.4A，故B正确，D错误。故选：B。9．如图甲是半导体材料制成的电阻L和电阻R的I﹣U关系图象。将L和R以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙。若乙图中U1：U2＝b，丙图中I1：I2＝a，则下列关系式中正确的是（）A．a＝b B．a＜ C．a＝ D．a＞【答案】B。【解答】解：在图乙中，灯泡与电阻串联，电路中的电流相同，由欧姆定律I＝可知，当电流相同时，电压与电阻成正比，又因为U1：U2＝b，则＝＝b，在图丙中，灯泡与电阻并联，各支路两端的电压相同，由欧姆定律I＝可知，当电压相同时，电流与电阻成反比，又因为I1：I2＝a，则＝＝a，即：＝，由图象甲可知，灯泡电阻随电压增大而增大，所以RL乙小于RL丙，所以：＜，即b＜，即ab＜1，故AC错误；由乙图可知，在电流相同时，U1＞U2，则U1：U2＝b＞1，由于b＜，则a＜，故B正确，D错误。故选：B。10．如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和2kg的水，并用不同的加热器加热，不计热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图像。下列说法正确的是（）A．甲、乙两容器中的水的内能是通过做功的方式来增加的 B．甲、乙两容器中的加热器每分钟放出的热量相同 C．加热相同的时间，甲、乙两容器中的水升高的温度之比为2：3 D．将甲、乙两容器中的水从20℃加热至沸腾所需要的时间之比为2：3【答案】D。【解答】解：A、容器中的水从加热器上吸收热量，是通过热传递来改变物体内能的，故A错误；B、由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，乙的加热时间为3min；此时乙容器中的水吸收热量：Q乙吸＝cm2Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（40℃﹣20℃）＝1.68×105J，乙容器中的水每分钟吸收热量为：ΔQ吸2＝×Q乙吸＝×1.68×105J＝5.6×104J；由于忽略散热损失，所以两加热器每分钟放出的热量与水每分钟吸收的热量相同，则：加热器每分钟放出的热量之比为：Q甲放/min：Q放2/min＝1.26×105J：5.6×104J＝9：4，故B错误；C、根据B可知相同时间内，加热器放出的热量之比为9：4，则相同时间内，两杯水吸收的热量之比为9：4，根据Δt＝可得两杯水升高的温度之比为：＝＝＝＝＝，故C错误；D、根据Q吸＝cm（t﹣t0）可得甲、乙两容器中的水从20℃加热至沸腾所需热量之比：＝＝＝＝；根据时间t＝可得所用时间之比为：：＝×＝×＝；故D正确。故选：D。11．已知R1＝R2，当滑动变阻器的滑动触头P自左端向右端滑时，A、B间的总电阻将（）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先增大后减小 D．先减小后增大【答案】C。【解答】解：（1）当滑片在最左侧时，滑动变阻器的最大阻值和R2并联，R1被短路；此时电路中的总电阻为R总1＝；（2）当滑片位于中点时，R1与滑动变阻器的最大阻值的一半并联，R2与滑动变阻器的最大阻值的另一半并联，然后两者串联；此时电路中的总电阻R总2＝+＝；（3）当滑片在最右侧时，滑动变阻器的最大阻值和R1并联，R2被短路；此时电路中的总电阻为R总3＝＝；因R+R1＞R+R1，所以R总1＝R总3＜R总2。故选：C。12．如图所示，电压表的示数分别为U1、U2、U3，电流表的示数分别为I1、I2，则下列关系中正确的是（）A．U1＝U2＝U3，I1＝I2 B．U1＝U2＝U3，I1＞I2 C．U1+U2＝U3，I1＝I2 D．U1+U2＝U3，I1＜I2【答案】C。【解答】解：把电流表看做一段导线，电压表所在的电路看做断路，对电路进行简化如下图：由图可以看出两灯泡属于串联，串联电路中各处的电流都相等，所以两电流表的示数相等，即I1＝I2；由电路图可以看出，电压表V1测的是灯泡L1两端的电压，电压表V2测的是灯泡L2两端的电压，电压表V3测的是电源电压，即总电压，根据串联电路的电压特点可知：串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和，所以U1+U2＝U3。故选：C。第Ⅱ卷非选择题二．填空题（本题共6小题，每题3分，共18分）13．小明做“探究水沸腾前后温度变化的特点”实验，绘制出如图所示的图像，由图像可知水沸腾时继续吸热，温度保持不变，若烧杯中水的质量为200g，加热至沸腾，至少需要吸收4.2×104J的热量，实际上，提供的热量大于水吸收的热量。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]【答案】保持不变；4.2×104；大于。【解答】解：（1）由图像可知，水沸腾时继续吸热，温度保持不变；（2）由图像可知，水的初温t0＝48.0℃，水沸腾时的温度t＝98.0℃，因此将烧杯中的水加热至沸腾至少需要吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×200×10﹣3kg×（98.0℃﹣48.0℃）＝4.2×104J；（3）由于对水加热的过程中存在热损失，因此实际提供的热量大于水需要吸收热量。故答案为：保持不变；4.2×104；大于。14．油电混合动力汽车是新型节能汽车。这种汽车在内燃机启动时，可以给车提供动力，同时也给动力蓄电池组充电。已知某型号混合动力汽车所用的蓄电池能够储存的最大电能是1.0×108J，若该车以80km/h的车速匀速直线行驶了0.5h，此时所受阻力f大小为900N。蓄电池组的电能也增加了最大电能的10%，内燃机共消耗燃油2.5kg。（q油＝4.0×107J/kg）则：（1）燃油燃烧时燃油的化学能转化为内能；（2）该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出1×108J热量；（3）该汽车行驶中牵引力做了3.6×107J功；（4）该汽车内燃机的效率是46%。【答案】化学；1×108J；3.6×107J；46%。【解答】解（1）燃油具有化学能，燃烧时将化学能转化为内能。（2）燃油完全燃烧放出的热量为Q放＝q油m＝4.0×107J/kg×2.5kg＝1×108J（3）已知该车行驶过程中所受阻力为f＝900N由二力平衡的条件可知汽车的牵引力为F＝f＝900N汽车行驶的路程为s＝vt＝80km/h×0.5h＝40km＝4×104m则汽车在行驶中牵引力做的功为W＝Fs＝900N×4×104m＝3.6×107J（4）蓄电池能够储存的最大电能是E＝1.0×108J，由题意可知蓄电池组的电能增加的最大电能为W′＝10%×1.0×108J＝1.0×107J该汽车内燃机的效率为故答案为：化学；1×108J；3.6×107J；46%。15．如图所示，电流表A1、A2和A3的示数分别为1.2A、0.8A和0.3A；那么通过L1的电流为0.4A，通过L2的电流为0.5A。【答案】0.4；0.5。【解答】解：由电路图可知，三个灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测流过灯L2与L3的电流，电流表A3测流过灯L3的电流；故通过灯L3的电流I3＝IA3＝0.3A，根据并联电路电流规律可知：通过灯L2的电流I2＝IA2﹣IA3＝0.8A﹣0.3A＝0.5A，通过灯L1的电流I1＝IA1﹣IA2＝1.2A﹣0.8A＝0.4A。故答案为：0.4；0.5；16．上课时老师给同学们演示了“水也能使某些液体沸腾”的实验：将适量的乙醚倒入试管中，塞上木塞，然后装入有热水的烧杯中，如图甲所示。一会儿，观察到试管中的乙醚沸腾起来，接着听到“砰”一声，木塞冲出了试管口。（1）烧杯中温度计示数如图乙所示，则热水的温度为60℃；（2）从实验中可知乙醚的沸点小于（选填“大于”、“小于”或“等于”）热水的温度；（3）木塞冲出试管口的瞬间，乙醚的温度降低，内能减小（选填“增大”或“减小”），这是通过做功的方式改变乙醚内能的。【答案】（1）60；（2）小于；（3）减小；做功。【解答】解：（1）烧杯中温度计示数如图乙所示，根据温度计读数原则，热水的温度为60℃；（2）液体沸腾有两个必要条件：①达到沸点，②继续吸热；当两个条件同时具备时即可沸腾。所以乙醚的沸点小于热水的温度。（3）木塞冲出试管口的瞬间，对外做功，内能减小，温度降低。故答案为：（1）60；（2）小于；（3）减小；做功。17．如图是一个多用表欧姆挡内部电路示意图，电流表G（量程0～100μA，内阻100Ω），电池电压U＝1.5V，内阻r＝1Ω，变阻器R0阻值为0～20kΩ。（1）调零是使电流表指针满偏，则此时R0的阻值应调节为14899Ω。（2）若表内电池用旧（电源电动势变小，内阻变大），且仍可调零。调零后测电阻时，欧姆表的总内阻将变小，测得的电阻值将偏大。（选填“大”或“小”）【答案】（1）14899；（2）小；大。【解答】解：（1）由图和题意可知，电流表指针满偏时，电流表G的内阻Rg、电池内阻r、R0串联，由I＝可得，电路的总电阻：R＝＝＝15000Ω，根据电阻的串联特点可知：R0＝R﹣r﹣Rg＝15000Ω﹣1Ω﹣100Ω＝14899Ω；（2）由于电源电压U变小、电源内阻变大，电流表满偏电流Ig不变，根据欧姆表内阻R＝可知，欧姆表总内阻变小；当测量时，由欧姆定律可得：I＝，则R测＝﹣R，由于内阻R变小，则待测电阻阻值R测偏大。故答案为：（1）14899；（2）小；大。18．如右图所示电路，电源由4节全新干电池串联组成，当S1闭合，S2断开时，电压表示数为2.5V；则当S1断开，S2闭合时，电压表示数为6V；灯L1两端的电压为2.5V，灯L2两端的电压为3.5V。【答案】6；2.5；3.5。【解答】解：（1）电源的电压U＝4×1.5V＝6V；（2）由电路图可知，当S1闭合，S2断开时和当S1断开，S2闭合时，两灯泡始终串联；当S1闭合，S2断开时，电压表测L1两端的电压，所以灯L1两端的电压U1＝2.5V；当S1断开，S2闭合时，电压表测电源的电压，所以电压表的示数U＝6V；灯L2两端的电压U2＝U﹣U1＝6V﹣2.5V＝3.5V。故答案为：6；2.5；3.5。三．解答题（本题共6小题，共46分）19．（2分）根据图1所示的实物连接图，在图2的框中画出电路图。【解答】解：由实物图可知，两灯串联，电流表测电路中的电流，电压表测L1的电压；从电源正极开始依次画出电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2，然后回到电源负极，再把电压表并联在电流表、灯泡L1和开关的两端；如图所示：20．（2分）如图甲是某品牌的单轮平衡车，它是依靠电力驱动及人体平衡能力控制的代步工具。为了确保安全，该单轮平衡车的电路部分安装2个开关﹣﹣电源开关S1和压力开关S2，当手动闭合S1时，指示灯亮起；此时骑行者再站立于平衡车踏板上后S2自动闭合，电动机才能正常启动，平衡车才开始运动。未闭合S1或骑行者未站立于踏板上，电动机都无法启动。请根据上述要求将图乙电路图连接完整。【解答】解：由题意可知，当手动闭合S1时，指示灯亮起；骑行者再站立于平衡车踏板上后S2自动闭合，电动机才能正常启动，说明电动机和指示灯可以独立工作、互不影响即为并联；未闭合S1或骑行者未站立于踏板上，电动机都无法启动，说明S1控制干路，开关S2控制电动机，如下图所示：21．（2分）有一品牌的电动自行车做广告“没电也能跑”，随车电瓶能让车走起来，走起来后自带发电机能发电，并且自动充入电瓶，使电瓶保持充足的电力，有了电就能走，能走就发电，从而循环工作，请用物理知识说明能不能一直走下去。【解答】答：随车电瓶能让车走起来，走起来后自带发电机能发电，并且自动充入电瓶，使电瓶保持充足的电力，有了电后，电能转化成了机械能，同时有一部分电能在克服摩擦力时损失掉了；对于转化的机械能又有一部分变成电能，另一部分克服摩擦力变成了车的内能；所以所转化的电能一定会小于原来的机械能，故最终该电动车是一定会停下来的，永动机是不可能造成的。22．（8分）如图所示，在探究“并联电路的电流特点”的实验中，小宇设计了如图甲所示的电路进行实验：（1）实验中，应该选择两个小灯泡规格是不相同（填“相同”或“不相同”）的；连接电路时，开关应处于断开（填“闭合”或“断开”）状态。（2）用笔画线代替导线，按图甲中的电路图把图乙中的实物电路连接完整（导线不得交叉）。（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表指针向刻度盘左边没有刻度的地方偏，原因是电流表正负接线柱接反了。（4）小宇先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关，观察到灯L2发光，但灯L1不亮，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是灯L1断路（填“灯L1断路”或“灯L1短路”）。（5）排除故障后，他测出了L1支路上的电流I1＝0.8A，然后他把电流表依次接入电路分别测量出L2支路电流I2、干路电流I，两次测得的结果都如图丙所示，则I2＝0.2A、I＝1A。小明由此数据得出并联电路中干路电流和各支路电流的关系。（6）本次实验的不足之处是：只进行一次实验，实验结果存在偶然性。【答案】（1）不相同；断开；（2）见解答；（3）正负接线柱接反；（4）灯L1断路；（5）0.2；1；（6）只进行一次实验，实验结果存在偶然性。【解答】解：（1）为避免实验的偶然性，要选择两个不同规格的灯泡多次实验；为保护电路安全，连接电路时，开关应断开；（2）由图甲可知，该电路为并联电路，电流表测量灯泡L1的电流，开关控制整个电路，实物图如图所示：（3）闭合开关后，电流表指针向刻度盘左边没有刻度的一侧偏转，其原因是电流表正负接线柱接反了；（4）将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，观察到灯L2发光，说明干路和L2支路是通路，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障灯L1断路；（5）L1支路上的电流I1＝0.8A，干路电流要大于支路电流，所以电流表选用的是大量程，分度值为0.1A，示数为I＝1A；L2支路为小量程，分度值为0.02A，示数为I2＝0.2A；（6）本次实验的不足之处是：只做一次实验，结论具有偶然性。故答案为：（1）不相同；断开；（2）见解答；（3）正负接线柱接反；（4）灯L1断路；（5）0.2；1；（6）只进行一次实验，实验结果存在偶然性。23．（7分）在探究影响导体电阻大小的因素时，小明、小聪两位同学做出如下猜想：①导体的电阻与导体的长度有关；②导体的电阻与导体的横截面积有关；③导体的电阻与导体的材料有关。实验室提供了4根电阻丝，材料如表。编号材料长度/m横截面积/mm2A镍铬合金0.50.1B镍铬合金1.00.1C镍铬合金0.50.2D锰铜合金0.50.1为了验证上述猜想，他们设计了如图所示的实验电路。（1）为了验证上述猜想①，应该选用编号为A、B的两根电阻丝进行实验；如果选用编号为A、C的两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想②（填序号）；如果选用编号A、D的两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想③（填序号）。分别将A和D两根电阻丝接入电路M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关。（2）有同学认为：可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值变化情况，老师指出：实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显（填“明显”或“不明显”）。（3）在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就减小了输电线的电阻，从而可以减小输电线上的电能损失。（以上两空均填“增大”或“减小”）【答案】（1）A、B；②；③；导体的电阻与导体的材料有关；（2）不明显；（3）减小；减小。【解答】解：（1）由表知：电阻丝A与B的材料、横截面积相同而长度不同，可用A与B验证①导体的电阻与导体的长度有关；A、C两根电阻丝材料与长度相同而横截面积不同，可用A与C验证②导体的电阻与导体的横截面积有关；A、D两根电阻丝长度与横截面积相同而材料不同，用A与D可验证③导体的电阻与导体的材料有关；A、D两根电阻丝长度与横截面积相同而材料不同，分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关。（2）有同学认为：可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显。（3）细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，电阻值减小了，导线上消耗损失的电能也就减小了，从而起到节能的效果。故答案为：（1）A、B；②；③；导体的电阻与导体的材料有关；（2）不明显；（3）减小；减小。24．（5分）如图所示，小明在“探究串联电路电压特点”的实验中：（1）请在图丙的方框内画出与图甲对应的电路图，并在电路图中标上Ll、L2；（2）某次测量时，电压表的示数如图乙所示，则此时灯L1两端的电压为1.9V；（3）闭合开关后，小明发现L1、L2均不发光，电压表有示数且大小接近3V，则电路中出现的故障可能是L1发生了断路（选填“短路”或“断路”）。（4）排除故障后，小明在测量了灯L1两端的电压后，断开开关，然后将AE导线的A端松开，接到D接线柱上，测量灯L2两端的电压，这一做法存在的问题是电压表的正负接线柱接反了。（5）小明进行多次实验的主要目的是①（填序号）①寻找普遍规律②减小实验误差。【答案】（1）见下图；（2）1.9；（3）断路；（4）电压表的正负接线柱接反了。（5）①。【解答】解：（1）由实物图分析知：本电路为串联电路，开关控制整个电路，电压表测量灯泡L1两端电压，画出相应的电路图如下：（2）由图甲可知，电源电压大约3V，因此图乙电压表选用的是小量程，其分度值是0.1V，故此时电压表的示数是1.9V。（3）闭合开关S后，灯L1、L2均不发光，而电压表的示数大小接近电源电压3V，说明此时电压表的正负接线柱与电源两极相连，故灯L1发生断路。（4）如图，如果将AE导线的A端松开，接到D接线柱上来测量灯L2两端的电压，这样电流从电压表的“﹣”接线柱流入，从“+”接线柱流出了，电压表的正负接线柱接反了；（5）多次实验分析数据是为了寻找普遍规律，故填①。故答案为：（1）见下图；（2）1.9；（3）断路；（4）电压表的正负接线柱接反了。（5）①。25．（6分）在一标准大气压下，质量为2kg温度是30℃的水吸收了6.72×105J的热量后，其温度为多少℃？水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）【解答】解：由Q吸＝cm△t得，理论上水温度变化量：△t＝＝＝80℃，水的终温：t＝△t+t0＝80℃+30℃＝110℃，在一