2025年广东大湾区高三一模高考物理试卷试题（含答案详解）

2024-2025学年广东省大湾区高三第一次模拟考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.某种铀矿石中含有丰富9223A.这段时间28B.铀矿石衰变的核反应方程为9C.铅箱内的铀矿石至少需一个半衰期后才有α粒子产生D.放出的α粒子是由282.如图所示为嫦娥六号探测器登月的简化过程，探测器从地球表面发射至地月转移轨道，在P点被月球捕获后沿椭圆轨道①绕月球运动，然后在P点变轨后沿圆形轨道②运动，下列说法正确的是()A.探测器在轨道①上经过P点时应该加速才能进入轨道②B.探测器在轨道②上的运行速度大于月球的第一宇宙速度C.探测器在地月转移轨道上远离地球的过程中，地球对探测器的万有引力对探测器做负功D.探测器在轨道①上的周期小于轨道②上的周期3.体育课上某同学水平抛出一铅球，忽略空气阻力，从抛出时开始计时.下列关于铅球的速度大小v，竖直方向分位移的大小y，速度与水平方向夹角的正切值tanθ，位移与水平方向夹角的正切值tanα随时间t的变化关系中，正确的是()B.第1页，共14页

yOtC.D.4.某同学手握住绳子的一端，手做简谐运动使绳子振动起来，以手的平衡位置为坐标原点，在抖动绳子过程中某时刻的波形如图所示，若手抖动的频率是4Hz，下列说法正确的是()A.该绳波传播速度为16m/sB.此时绳子上P点正沿x轴正方向运动C.此时绳子上Q点正沿y轴负方向运动D.再经过0.25s，Q点到达x轴上方对称位置第2页，共14页

5.如图所示，正方体ABCD-A1B1C1D1,A.B点电势高于D点电势B.B、D₁两点电场强度的比值为2C.A、B、C、D四点处电场方向相同D.将一正试探电荷沿棱从A点移动到B点，电势能不变6.网球运动员在离地面h1高度处将网球以大小为的速度斜向上击出，空气阻力的影响不可忽略，网球经v1过一段时间后升到最高点，此时网球离地面高为h2,速度大小为A.网球从被击出到最高点的过程，机械能守恒B.网球从被击出到最高点的过程，减少的动能全部转化为增加的重力势能C.网球在其轨迹最高点时重力的功率等于零D.网球从被击出到最高点的过程，克服空气阻力做功为17.如图所示，某创新实验小组制作了一个边长为8cm的正方形框，将4个相同的轻弹簧一端固定在正方形框各边中点上，另外一端连接于同一点，结点恰好在中心O处，将正方形框水平放置，在结点O处用轻绳悬挂一瓶矿泉水，平衡时结点下降了3cm.已知轻弹簧的自然长度为4cm，矿泉水的重力为6N，忽略正方形框第3页，共14页

的形变，则每根弹簧的劲度系数为()A.125N/mB二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.学生常用的饭卡内部结构由线圈和芯片组成，如图所示，当饭卡处于感应区域时，刷卡机会激发变化的磁场，在饭卡内线圈中产生感应电流驱动芯片工作，已知线圈面积为S，共n匝，某次刷卡时，线圈全部处于磁场区域内，且垂直线圈平面向外的磁场在时间内，磁感应强度由0均匀增大到t0BA.线圈中磁通量的最大值为nB.线圈中产生感应电流沿A-B-C-D-A方向C.线圈面积有缩小的趋势D.线圈中感应电动势大小为n9.如图，动物园熊猫馆中有一个长s=10m,倾角为30∘的坡道，坡道底端有一垂直于地面的防护板，一个质量m=80kA.熊猫从开始下滑到碰到防护板所用的时间为2sB.熊猫碰到防护板前瞬间的动量大小为1第4页，共14页

C.熊猫受到防护板对它的平均作用力大小为2400ND.熊猫与防护板碰撞过程中重力的冲量大小为160N·s10.托卡马克是一种利用磁约束来实现受控核聚变的环形容器，其内部产生的磁场可以把高温条件下高速运动的离子约束在小范围内.图甲为该装置的简化模型，两个圆心相同、半径不同的圆环将空间分成无磁场的反应区和匀强磁场方向垂直于纸面向里的约束区.如图乙所示，一带电微粒沿半径方向从A点射入约束区并从D点返回反应区，运动轨迹恰好与约束区外边界相切.若该微粒经过B点时，与一静止不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，微粒所受重力均可忽略，下列说法正确的是()A.带电微粒带负电B.碰撞后，新微粒仍能从D点返回反应区C.碰撞前后微粒在磁场中做圆周运动的周期不变D.相比不发生碰撞时，碰撞后新微粒在磁场中受到的洛伦兹力变大三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.下列是《普通高中物理课程标准》中列出的三个必做实验的部分步骤，请完成实验操作和计算.(1)图甲是“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验装置图.在平衡摩擦力时，要调整长木板的倾斜角度，使小车在不受细绳拉力的情况下，能够在长木板上向下做运动.图乙是实验得到纸带的一部分，相邻两计数点间有四个点未画出.打点计时器电源频率为50Hz，则小车的加速度大小为m/s^{2}(结果保留2位有效数字).(2)图丙是“测量玻璃的折射率”实验装置图，在直线AO上插了两枚大头针P1和P2,在bb'侧调整观察视线，另两枚大头针P3第5页，共14页

(3)图丁为“探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系”实验装置.在小球质量和转动半径相同，塔轮皮带套在左、右两个塔轮的半径之比为2：1的情况下，逐渐加速转动手柄到一定速度后保持匀速转动，此时左、右两侧露出的标尺格数之比为，其他条件不变，若增大手柄的转速，则左、右两标尺的格数(选填“变多”“变少”或“不变”)，两标尺格数的比值.(选填“变大”“变小”或“不变”)12.某科技小组欲修复一个量程为0~0.6A~3A的电流表，操作过程如下：(1)拆开电流表底座发现其内部结构如图甲所示，其中P为电流表负接线柱，M、N为其余两个接线柱，请根据图甲在图乙中将电流表的电路图补充完整.选择0~3A的量程时，应接入电路的两个接线柱是.(选填“MP”或“NP”)(2)取出表头G，发现表头完好无损，用标准电表测出表头G满偏电流为3mA.接着测量表头G的内阻：按照如图丙所示电路图连接电路.闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到端(选填“a”或“b”)，先闭合开关S1,调节滑动变阻器使表头G指针满偏；再闭合开关S2,保持滑动变阻器阻值不变，仅调节电阻箱阻值使表头G指针半偏，此时电阻箱的示数为10.0Ω，则表头的内阻为(3)经检测除R1损坏外，其余元件均完好，已知R2=15Ω,R3四、计算题：本大题共3小题，共38分。13.为防止文物展出时因氧化而受损，需抽出存放文物的密闭展柜中的空气，充入惰性气体，形成低氧环境.如图所示为用活塞式抽气筒从存放青铜量的展柜内抽出空气的示意图，已知展柜容积为V0,展柜内空气压强为p₀，青铜鼎材料的总体积为18V0,第6页，共14页

考虑抽气引起的温度变化，忽略抽气筒连接管道内气体的体积，求：(1)将青铜鼎放入展柜后，连接抽气筒，将活塞从单向阀门处向外拉至抽气筒充满气体，此时抽气筒和展柜内气体的总体积；(2)抽气一次后，展柜内气体的压强.14.如图所示，在水平面上的装置由三部分构成，装置中间部分为电路控制系统，电源电动势恒定且为E，内阻不计，两个开关S1、S2初始状态都断开.装置左右两侧均为足够长且不计电阻的光滑金属导轨，导轨MN(1)接通S1(2)当ab杆做匀速运动后，断开S1同时闭合S15.如图所示，卡车A上放有一块木板B，木板与卡车间的动摩擦因数μ1=0.5,木板质量m=100kg.木板右侧壁(厚度不计)到左端的距离d=2m,到驾驶室距离D第7页，共14页

静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10(1)在刹车过程中，货物与木板右侧壁碰撞前，货物的加速度大小；(2)在刹车过程中，货物与木板右侧壁碰撞前，木板受到卡车的摩擦力大小；(3)木板最终是否会与驾驶室相碰?如果不会，最终木板右侧与驾驶室相距多远?第8页,共14页

答案和解析1.【答案】A【解析】AB.20衰变后生成33⁴Th，其核反应方程为292238U→C.半衰期是原子核半数发生衰变所需要的时间，是一种针对大量原子核的统计规律，因此无需等待一个半衰期才产生氦气，故C错误；D.放出的α粒子是由922382.【答案】C【解析】A、飞船由椭圆轨道①上经过P点时应减速做近心运动，才能变轨到轨道②，故A错误；B、月球的第一宇宙速度是卫星绕月球做匀速圆周运动的最大速度，由月球的万有引力提供向心力得GM,jmR,j2=mv2RC、探测器在地月转移轨道上远离地球的过程中，地球对探测器的万有引力对探测器做负功，故C正确；D、因轨道①的半长轴大于轨道②的半径，所以由开普勒第三定律a3T3.【答案】C【解析】铅球做平抛运动，水平方向匀速运动，竖直方向做自由落体运动，则有x=v0t,竖直方向A.铅球的速度v=vB.竖直方向的分位移大小y=C.速度与水平方向夹角的正切值tanθD.位移与水平方向夹角的正切值tanα4.【答案】A第9页,共14页

【解析】A.该绳波传播速度为v=B.以手的平衡位置为坐标原点，在抖动绳子过程中波沿x轴正方向传播，由波形图可知和上下坡法可知此时绳子上P点正沿y轴负方向运动，故B错误；C.以手的平衡位置为坐标原点，在抖动绳子过程中波沿x轴正方向传播，由波形图可知，该时刻Q点的振动方向沿y轴正方向，选项C错误；D.再经过0.故选:A。5.【答案】B【解析】A.B点和D点在等量异种点电荷连线的中垂面上，中垂面为等势面，则B、D电势相等，故A错误；B.设正方体的边长为a，两个点电荷在B点产生的电场大小均为：E1=kq2a2,夹角为120∘,则合场强为EB=kq2α2,C.分别画出两个点电荷在A、B、C、D四点电场，进行矢量叠加，可知场强方向不相同；故C错误D.将一正试探电荷沿棱从A点移动到B点，=kqr6.【答案】C【解析】A.空气阻力的影响不可忽略，空气阻力做负功，故网球从被击出到最高点的过程，机械能不守恒，故A错误；BD.根据能量守恒有网球从被击出到最高点的过程，减少的动能转化为增加的重力势能以及克服阻力做的功，即根据动能定理有12mv12-C.根据功率的概念可知，重力的功率P=mgvy,7.【答案】B第10页,共14页

【解析】平衡时结点下降3cm后，弹簧的长度L=4cm2+3cm2=其中F解得k=8.【答案】BCD【解析】A.线框中磁通量最大为Φ=BB.磁感应强度向外均匀增大，由楞次定律可得感应电流产生的磁场垂直线圈平面向里，根据安培定则可知感应电流沿A-B-C-D-A方向,故B正确;C.线圈内磁通量增加，根据楞次定律可知线圈有收缩的趋势，故C正确；D.磁感应强度方向向外且由0均匀增大到B₀，根据法拉第电磁感应定律可得电动势大小为E=故选BCD。9.【答案】AC【解析】由牛顿第二定律知，熊猫沿坡道下滑到坡底过程的加速度大a=s=12at12则熊猫到达坡底时的速度大小v此时熊猫的动量p熊猫与防护板碰撞过程，受到重力、支持力和防护板对熊猫的作用力，则此过程重力、支持力和防护板对熊猫都有冲量，由动量定理：mgsin30∘⋅t-Ft=0-m10.【答案】AB【解析】A.带电微粒在磁场中运动，根据左手定则可知，微粒带负电，故A正确；B.带电粒子在磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力有Bqv=mv2r,C.根据T=2πrv,结合r=m第11页,共14页

D.碰撞后二者结合成一个新的微粒，根据动量守恒mv=m+m0v故选AB。11.【答案】(1)匀速直线(只写匀速也给分)0.80(2)2大(3)1:4变多不变【解析】略12.【答案】12.【答案】MPa10.0/10小于0.10【解析】(1)根据图甲，在图乙中将电流表的电路图补充完整，如图所示根据并联分流原理可知，与表头G并联的总电阻越小，电流表量程越大，选择0~3A的量程时，应接入电路的两个接线柱是MP。(2)由图丙可知，滑动变阻器为限流接法，则闭合开关前，滑动变阻器接入电路的电阻应最大，即滑动变阻器滑片应移到a端；先闭合开关S1,调节滑动变阻器滑片，直至表头G指针满偏。再闭合开关S2,保持滑动变阻器阻值不变，仅调节电阻箱阻值，直至表头G示数为半偏，则有表头的内阻等于电阻箱的电阻，即为10.0Ω；测量表头G的内阻时，闭合开关之后，干路电流大于S2Ig第12页,共14页

表头G的内阻比真实值偏小。(3)根据串并联的规律可知，Ig+IgR13.【答案】(1)气体的总体积V(2)抽气一次气体的过程，由玻意耳定律p解得p【解析】详细解答和解析过程见【答案】14.【答案】(1