重难点17 几何压轴突破四 几何最值问题 费马点 瓜豆模型（2种模型详解+5种题型汇-总+针对训练）（解析版）

重难点17几何压轴突破四几何最值问题费马点与瓜豆模型（2种模型详解+5种题型汇总+针对训练）【题型汇总】类型一费马点费马点概念：三角形内部满足到三个顶点距离之和最小的点，称为费马点.结论：1）对于一个各角不超过120°的三角形，费马点是对各边的张角都是120°的点；2)对于有一个角超过120°的三角形，费马点就是这个内角的顶点.（注意：通常涉及费马点的试题中三角形的最大顶角小于120°）【解题思路】运用旋转的方法，以∆ABC任意一条边向外旋转60°构造等边三角形，根据两点之间线段最短，得出最短长度.【扩展】与等腰三角形、等边三角形、直角三角形常见的费马点结论如图所示，以边AB、AC分别向△ABC外侧作等边三角形，连接DC、EB，交点为点P，点P为费马点.图形结论等腰三角形①∠APB=∠BPC=∠APC=120°；②△ABP与△ACP全等；③△BCP为等腰三角形；④△ABC的三顶点的距离之和为AP+BP+CP，且点P为费马点时和最小.等边三角形①AP=BP=CP；②∠APB=∠BPC=∠APC=120°；③△ABP、△ACP、△BCP全等；④点P是垂心，是△ABC各边的高线的交点；⑤点P是△ABC各边的中线的交点；⑥点P是内心，是在三角形三个内角的角平分线的交点；⑦△ABC的三顶点的距离之和为AP+BP+CP，且点P为费马点时和最小.直角三角形①△ABC的三顶点的距离之和为AP+BP+CP，且点P为费马点时和最小；②∠APB=∠BPC=∠APC=120°【进阶】加权费马点模型概述：前面学的PA+PB+PC最小值的费马点问题线段前面系数都是l，如果现在求mPA+nPB+xPC最小值，前面系数不是1，那么此类题目就叫做“加权费马点”.【模型拓展】类型一单系数类当只有一条线段带有不为1的系数时，相对较为简单，一般有两种处理手段，1）一种是旋转特殊角度：对应旋转90°，对应旋转120°求AD+CD+BD的最小值求AD+CD+BD的最小值旋转角度是90°旋转角度是120°2）另一种是旋转放缩，对应三角形三边之比类型二多系数类其实当三条线段的三个系数满足勾股数的关系时，都是符合加权费马点的条件的。以不同的点为旋转中心，旋转不同的三角形得到的系数是不同的，对于给定的系数，我们该如何选取旋转中心呢？我们总结了以下方法：1.将最小系数提到括号外；2.中间大小的系数确定放缩比例；3.最大系数确定旋转中心（例如最大系数在PA前面，就以A为旋转中心），旋转系数不为1的两条线段所在的三角形。例：已知：在Rt△ABC中，∠ACB=30°，BC=6，AC=5,△ABC内部有一点P,连接PA，PB，PC问题求解图形作法求PA+PB+PC最小值△CAP绕点C顺时针旋转60°得△CDEBD长度即为所求,在Rt△BCD中有勾股定理可得BD=BC求PA+PB+2PC最小值△CAP绕点C顺时针旋转90°得△CDE此时△PCE为等腰直角三角形，即PE=2PC因此原式=PA+PB+2PC=ED+PB+PE，则当B、P、E、D四点共线时取得最小值，BD长度即为所求,在Rt△BFD中有勾股定理可得BD=BF求PA+PB+3PC最小值△CAP绕点C顺时针旋转120°得△CDE此时△PCE为等腰三角形且∠PCE=120°，即PE=3PC，因此原式=PA+PB+3PC=ED+PB+PE，则当B、P、E、D四点共线时取得最小值，BD长度即为所求,在Rt△BFD中有勾股定理可得BD=BF求2PA+PB+3PC最小值思路：原式=2（PA+12PB+32PC）

1)将PC边绕点C旋转60°，然后过点P作PF⊥CE于点F,则PF=32PC;2)12PB利用三角形中位线来处理；3）PA前的系数是过程：△BCP绕点C顺时针旋转60°得△CDE,然后过点P作PF⊥CE于点F,此时△PCE为等边三角形，即PF=32PC，过点F作FG∥DE，则FG=12PB，则当A、P、F、G四点共线时取得最小值，AG长度即为所求,在Rt△ACG中有勾股定理可得AG=CG+AC2=34,原式=2（PA+1求2PA+4PB+23PC过程：△ACP绕点C顺时针旋转60°得△CDE,然后过点P作PF⊥CE于点F,此时△PCE为等边三角形，即PF=32PC，过点F作FG∥DE，则FG=12AP，则当B、P、F、G四点共线时取得最小值，BG长度即为所求,在Rt△BCG中有勾股定理可得BG=CG+AC2=7.5,原式=4（12P备注：若变形后的系数不是特殊值，则可借助位似的相关知识进行求解.题型01普通费马点模型1．（2024·广东·二模）若锐角三角形ABC内的点P满足∠APB=∠BPC=∠CPA=120°，则称点P为△ABC的费马点．如图，在△ABC中，AB=AC=7，BC=3，则△ABC的费马点P到A，B，C三点的距离之和为（A．4 B．2 C．2+23 D．【答案】A【分析】本题考查了等腰三角形的性质，勾股定理和解直角三角形，过A作AD⊥BC于点D，过B、C分别作∠DBP=∠DCP=30°，则PB=PC，证明∠APB=∠BPC=∠CPA=120°，所以点P是【详解】过A作AD⊥BC于点D，过B、C分别作∵△ABC是等腰三角形，∴PB=PC，∴∠APB=∠BPC=∠CPA=120°，∴点P是△ABC的费马点，∵∠ADC=∠ADB=90°，BD=CD=1∴∠DPC=60°，∴PC=CDsin60°在Rt△ADC中，由勾股定理得：AD=∴PA=AD-PD=5∴PA+PB+PC=2+1+1=4，即△ABC的费马点P到A，B，C三点的距离之和为4，故选：A．2．（21-22九年级上·四川成都·阶段练习）如图，在△ABC中，∠CAB=90°，AB=AC=1，P是△ABC内一点，求PA+PB+PC的最小值为【答案】6【分析】将△APC绕点C顺时针旋转60°得△DFC，可得PC=PF，DF=AP，将PA+PB+PC转化为FD+BP+PF，此时当B、P、F、D四点共线时，PA+PB+PC的值最小，最小值为BD的长；根据勾股定理求解即可．【详解】解：将△APC绕点C顺时针旋转60°得△DFC，连接PF、AD、DB，过点D作DE⊥BA，交BA的延长线于点E；∴AP=DF，∠PCF=∠ACD=60°，PC=FC，AC=CD，∴△PCF、△ACD是等边三角形，∴PC=PF，AD=AC=1，∠DAC=60°∴PA+PB+PC=FD+BP+PF，∴当B、P、F、D四点共线时，PA+PB+PC的值最小，最小值为BD的长；∵∠CAB=90°，∠CAD=60°，∴∠EAD=30°，∴DE=1∴AE=A∴BE=1+3∴BD=B∴PA+PB+PC的值最小值为6+故答案为：6+【点睛】本题考查费马点问题，解题的关键在于将△APC绕点C顺时针旋转60°得△DFC，将三条线段的长转化到一条直线上．3．（2021九年级·全国·专题练习）如图，已知矩形ABCD，AB＝4，BC＝6，点M为矩形内一点，点E为BC边上任意一点，则MA＋MD＋ME的最小值为．【答案】4【分析】将△AMD绕点A逆时针旋转60°得到△AM′D′，则MD＝M′D′，△ADD′和△AMM′均为等边三角形，推出AM＝MM′可得MA＋MD＋ME＝D′M＋MM′＋ME，共线时最短；由于点E也为动点，可得当D′E⊥BC时最短，此时易求得D′E＝DG＋GE的值；【详解】解：将△AMD绕点A逆时针旋转60°得到△AM′D′，由性质的性质可知：MD＝M′D′，△ADD′和△AMM′均为等边三角形，∴AM＝MM′，∴MA＋MD＋ME＝D′M＋MM′＋ME，∴D′M、MM′、ME共线时最短，由于点E也为动点，∴当D′E⊥BC时最短，此时易求得D′E＝D′G＋GE＝4∴MA＋MD＋ME的最小值为4+故答案为：4【点睛】本题考查轴对称、旋转变换、矩形的性质，等边三角形的判定和性质等知识，解题的关键是添加常用辅助线，构造等边三角形解决问题，用转化的思想思考问题，属于中考填空题中的压轴题．4．（2024·陕西榆林·二模）如图，在▱ABCD中，AD=6，连接AC，AB=AC=5，以点C为圆心，15CD长为半径画弧，弧分别交BC、AC、CD于点M、H、N，点P是HN上方△ACD内一动点，点Q是HN上一动点，连接AP、DP、PQ，则AP+DP+PQ的最小值为【答案】33+3【分析】如图，把△APD绕D顺时针旋转60°得到△A'P'D，连接PP'，AA'，证明△DPP'为等边三角形，△AA'D为等边三角形，可得PD=PP【详解】解：如图，把△APD绕D顺时针旋转60°得到△A'P'D∴AP=A'P'，∴△DPP'为等边三角形，∴PD=PP'，当C，Q，P，P'，AAP+DP+PQ=PQ+PP∵▱ABCD，AB=AC=5∴AB=CD=AC=5，而A'A=A∴A'C⊥AD，AK=DK=3，∴A'K=6∵CQ=CN=1∴A'∴AP+DP+PQ的最小值为33故答案为：3【点睛】本题考查的是等边三角形的判定与性质，旋转的性质，平行四边形的性质，勾股定理的应用，化为最简二次根式，作出合适的辅助线是解本题的关键．5．（2024·湖北·模拟预测）阅读以下材料并完成问题材料一：数形结合是一种重要的数学思想如a2+b2可看做是图一中AB的长，a+12材料二：费马点问题是一个古老的数学问题．费马点即在△ABC中有一点P使得PA+PB+PC的值最小．著名法学家费马给出的证明方法如下：将△ABP绕B点向外旋转60°得到△A1B1C1，并连接PP1易得△PP1B请结合以上两材料求出x2

【答案】19【分析】本题考查坐标与图形，含30度角的直角三角形的性质，等边三角形的性质，勾股定理，将原式转化为x2+y2+1-x2+y2+x2+23-y2，构造直角三角形ABC，∠ACB=90°，AC=23,BC=1，以C为坐标原点构造直角坐标系，设P为x,y，进而得到PC=【详解】解：原式=x可看做下图中的PA+PB+PC，其中P为x,y则PC=x2+y将△APC绕点C点逆时针旋转60°得到△A1∵∠PCP1=∠ACA1=60°，∠ACD=90∴∠A1CD=30°∴A1D=12又∵BC=1∴DC=4∴A∵PA+PB+PC=AP∴PA+PB+PC=AP∴PA+PB+PC的最小值为19；∴x2+

题型02加权费马点模型-单系数6．（2023·湖北随州·中考真题）1643年，法国数学家费马曾提出一个著名的几何问题：给定不在同一条直线上的三个点A，B，C，求平面上到这三个点的距离之和最小的点的位置，意大利数学家和物理学家托里拆利给出了分析和证明，该点也被称为“费马点”或“托里拆利点”，该问题也被称为“将军巡营”问题．(1)下面是该问题的一种常见的解决方法，请补充以下推理过程：（其中①处从“直角”和“等边”中选择填空，②处从“两点之间线段最短”和“三角形两边之和大于第三边”中选择填空，③处填写角度数，④处填写该三角形的某个顶点）当△ABC的三个内角均小于120°时，如图1，将△APC绕，点C顺时针旋转60°得到△A'P

由PC=P'C，∠PCP'=60°，可知△PCP'为由②可知，当B，P，P'，A在同一条直线上时，PA+PB+PC取最小值，如图2，最小值为A'B，此时的P点为该三角形的“费马点”，且有∠APC=∠BPC=∠APB=已知当△ABC有一个内角大于或等于120°时，“费马点”为该三角形的某个顶点．如图3，若∠BAC≥120°，则该三角形的“费马点”为④点．(2)如图4，在△ABC中，三个内角均小于120°，且AC=3，BC=4，∠ACB=30°，已知点P为△ABC的“费马点

(3)如图5，设村庄A，B，C的连线构成一个三角形，且已知AC=4km，BC=23km，∠ACB=60°．现欲建一中转站P沿直线向A，B，C三个村庄铺设电缆，已知由中转站P到村庄A，B，C的铺设成本分别为a元/km，a元/km，2a元/【答案】(1)①等边；②两点之间线段最短；③120°；④A．(2)5(3)2【分析】（1）根据旋转的性质和两点之间线段最短进行推理分析即可得出结论；（2）根据（1）的方法将△APC绕，点C顺时针旋转60°得到△A'P'C，即可得出可知当B，P，P'，A在同一条直线上时，PA+PB+PC取最小值，最小值为A'（3）由总的铺设成本=a(PA+PB+2PC)，通过将△APC绕，点C顺时针旋转90°得到△A'P'C，得到等腰直角△PP'C，得到2PC=PP'，即可得出当B，P【详解】（1）解：∵PC=P∴△PCP∴PP'=PC又P'A'由两点之间线段最短可知，当B，P，P'，A在同一条直线上时，PA+PB+PC最小值为A'B，此时的P点为该三角形的“费马点∴∠BPC+∠P'PC=180°∴∠BPC=120°，∠A又∵△APC≅△A∴∠APC=∠AP∴∠APB=360°-∠APC-∠BPC=120°，∴∠APC=∠BPC=∠APB=120°；∵∠BAC≥120°，∴BC>AC，BC>AB，∴BC+AB>AC+AB，BC+AC>AB+AC，∴三个顶点中，顶点A到另外两个顶点的距离和最小．又∵已知当△ABC有一个内角大于或等于120°时，“费马点”为该三角形的某个顶点．∴该三角形的“费马点”为点A，故答案为：①等边；②两点之间线段最短；③120°；④A．（2）将△APC绕，点C顺时针旋转60°得到△A'P由（1）可知当B，P，P'，A在同一条直线上时，PA+PB+PC取最小值，最小值为A

∵∠ACP=∠A∴∠ACP+∠BCP=∠A又∵∠PC∴∠BCA由旋转性质可知：AC=A∴A'∴PA+PB+PC最小值为5，（3）∵总的铺设成本=PA·a+PB·a+PC·∴当PA+PB+2将△APC绕，点C顺时针旋转90°得到△A'P'由旋转性质可知：P'C=PC，∠PCP'=∠AC∴PP∴PA+PB+2当B，P，P'，A在同一条直线上时，P'A'+PB+P

过点A'作A'H⊥BC∵∠ACB=60°，∠ACA∴∠A∴A'∴HC=A∴BH=BC+CH=23∴APA+PB+2PC总的铺设成本=PA·a+PB·a+PC·2故答案为：2【点睛】本题考查了费马点求最值问题，涉及到的知识点有旋转的性质，等边三角形的判定与性质，勾股定理，以及两点之间线段最短等知识点，读懂题意，利用旋转作出正确的辅助线是解本题的关键．7．（23-24八年级下·重庆铜梁·期中）在▱ABCD中，∠ABC=45°，连接AC，已知AB=AC=2，点E在线段AC上，将线段DE绕点D顺时针旋转90°为线段DF(1)如图1，线段AC与线段BD的交点和点E重合，连接EF，求线段EF的长度；(2)如图2，点G为DC延长线上一点，使得GC=EC，连接FG交AD于点H，求证：2AH=CD(3)如图3，在（2）的条件下，平面内一点P，当HP+CP+2BP最小时，求【答案】(1)EF=(2)见解析(3)S【分析】（1）作DG⊥BC，根据等腰直角三角形的性质与判定，得到BC=2，DG=CG=1，在Rt△BGD中，应用勾股定理，求出BD的长，根据平行四边形的性质得到ED的长，根据等腰直角三角形的性质与判定，即（2）连接AG，AF，根据全等三角形的性质与判定得到△GCA≌△ECDSAS，GA=ED，∠GAC=∠EDC，结合旋转的性质得到GA=FD，GA∥FD，根据平行四边形的判定得到，▱AGDF，根据平行四边形的性质得到AH（3）将△BPC绕点B顺时针旋转90°，得到△BP'C'，由旋转的性质可得，根据两点之间线段最短，得到HP+CP+2BP=HP+C'P'+P'P≤C'H，当P'P在线段C在Rt△IBH中，得到BH=5，在Rt△BJH中，得到JH=713本题考查了，平行四边形的性质，旋转的性质，等腰直角三角形的性质与判定，勾股定理，全等三角形的性质与判定，解题的关键是：通过旋转△BPC得到HP+CP+2【详解】（1）解：过点D作DG⊥BC，交BC延长线于点G，∵∠BAC=45°，AB=AC=2∴∠ACB=∠ABC=45°，∠BAC=90°，∴BC=2∵▱ABCD，∴∠DCG=∠ABC=45°，CD=AB=2，ED=∵DG⊥BC，∴DG=CG=2在Rt△BGD中，BG=BC+CD=2+1=3，BD=∴ED=1由旋转的性质可得：ED=FD，ED⊥FD，∴△EDF是等腰直角三角形，∴EF=2故答案为：EF=5（2）解：连接AG，AF，∵∠BAC=90°，AB∥CD，∴AC⊥GD，∠GCA=∠ECD=90°，又∵GC=EC，AC=DC，∴△GCA≌△ECDSAS∴GA=ED，∠GAC=∠EDC，∵ED=FD，ED⊥FD，∴GA=FD，∠AGC+∠GDF=90°-∠GAC+∠EDC+90°=180°，∴GA∥FD，∴四边形AGDF是平行四边形，∴AH=1∴2AH=∴2AH=CD（3）解：将△BPC绕点B顺时针旋转90°，得到△BP'C由旋转的性质可得，C'P'=CP，∴P'∴HP+CP+2BP=HP+C'P延长C'B与DA延长线交于点I，过点B作BJ⊥P'P由旋转的性质可得，BC'=BC=2∵AD∥BC，∴∠AIB=90°，∠IAB=∠ABC=45°，∴IB=IA=2在Rt△IC'H中，IC∵S△BC'H=在Rt△IBH中，BH=在Rt△BJH中，JH=∴PH=JH-PJ=7∴S△HPB故答案为：S△HPB8．（2024·广东广州·一模）如图，在矩形ABCD和矩形AGFE中，AD=4，AE=2，AB=3AD,AG=3AE．矩形AGFE绕着点A旋转，连接BG，CF，

(1)求证：△ABG∽△ACF；(2)当CE的长度最大时，①求BG的长度；②在△ACF内是否存在一点P，使得CP+AP+3PF的值最小?若存在，求【答案】(1)见解析(2)①BG=221；②存在，最小值是【分析】（1）根据矩形的性质，先证△ABC∽△AGF，利用相似三角形的性质准备条件，再证△ABG∽△ACF即可；（2）①先确定当E在矩形ABCD外，且C,A,E三点共线时，CE的长度最大，并画出图形，在Rt△CEF中求出CF的长，最利用△ABG∽△ACF的性质求解即可；②将AP绕着点A顺时针旋转30°,且使AK=3AP，连接PK，同理将AF绕着点A顺时针旋转30°,得到AL,且使AL=3AF，连接LK，过P作PS⊥AK于S，过点L作LQ垂直CE的延长线于点Q，确定CP+AP+3PF≥CL，当C、P、K【详解】（1）证明：∵AB=3AD，∴ABAG∵矩形ABCD和矩形AGFE，∴AD=BC，AE=GF，∠ABC=∠AGF=90°，∴ABAG∴△ABC∽△AGF，∠BAC=∠GAF，∴ACAF=AB即ACAB=AF∴△ABG∽△ACF（2）∵AC+AE≥CE，∴当E在矩形ABCD外，且C,A,E三点共线时，CE的长度最大，如图所示：

此时AC+AE=CE，∠CEF=90°，①∵AD=4，AB=3∴AC=AB2在Rt△CEF中，EF=AG=3AE=2∴CF=C由（1）得：△ABG∽△ACF，∴BGCF=ABAC，∴BG=221②如图，将AP绕着点A顺时针旋转30°,且使AK=3AP，连接PK，同理将AF绕着点A顺时针旋转30°,得到AL,且使AL=3

由旋转可得：∠PAF=∠KAL=30°-∠FAK，∴△AKL∽△APF，∴KLPF∴KL=3过P作PS⊥AK于S，则PS=12AP∴KS=AK-AS=32AP，则∴∠PKS=30°，∴PK=AP，∵CP+PK+KL≥CL，即CP+AP+3当C、P、K、L四点共线时，CL的长最小，由题意，∠LAC=90°+30°+30°=150°，AF=4，AC=8，AL=43过点L作LQ垂直CE的延长线于点Q，∠LAQ=180°-150°=30°，∴QL=23，AQ=6则CQ=AC+AQ=14，在Rt△CQL中，根据勾股定理得CL=∴CP+AP+3PF的最小值为【点睛】本题是一道压轴题，主要考查了矩形的判定与性质，相似三角形的判定与性质，旋转的性质，解直角三角形，等腰三角形的判定，最短路径等知识，涉及知识点较多，综合性强，熟练掌握相关的知识与联系，适当添加辅助线是解答的关键.题型03加权费马点模型-多系数9．（2023九年级下·全国·专题练习）如图，正方形ABCD的边长为4，点P是正方形内部一点，求PA+2PB+5【答案】4【分析】延长DC到H，使得CH=2BC=8，则BH=45，在∠CBH的内部作射线BJ，使得∠PBJ=∠CBH，使得BJ=5BP，连接PJ，JH，AH．先证明△JBP∽△HBC，可得PJ=2PB，再证明△PBC∽△JBH，可得：HJ=5PC【详解】解：延长DC到H，使得CH=2BC=8，则BH=45，在∠CBH的内部作射线BJ，使得∠PBJ=∠CBH，使得BJ=5BP，连接PJ，JH∵∠PBJ=∠CBH，BPBJ=∴PBBC∴△JBP∽△HBC，∴∠BPJ=∠BCH=90°，∴PJ=B∵∠PBC=∠JBH，PBBJ∴△PBC∽△JBH，∴PCJH∴HJ=∴PA+2PB+5∵PA+PJ+JH≥AH，∴PA+2PB+5∴PA+2PB+5PC的值最小，最小值为【点睛】本题考查相似三角形的判定与性质，勾股定理，两点之间线段最短，正方形的性质，，正确理解费马点问题，利用相似构造2PB与5PC10．（2024·湖北武汉·模拟预测）如图，在△ABC中，∠ACB=30°，BC=4，在△ABC内有一点O，连接OA，OB，OC，若2OA+OB+5OC的最小值为45，则AC

【答案】17【分析】本题考查了图形的变换，勾股定理，最短路径的计算方法，掌握图象旋转的性质，勾股定理，最短路径的计算方法是解题的关键．根据题意，将△AOC绕点C逆时针旋转90°并放大2倍，得△CA'O'，连接OO'，根据边的关系可得2OA=O'A'，5OC=O【详解】解：如图所示，将△AOC绕点C逆时针旋转90°并放大2倍，得△CA'O

∴A'O'=2AO，∴在Rt△OCO'∴2OA+OB+5根据两点之间线段最短，∴在△A'OB∵2OA+BO+5OC的最小值为45∴A'在Rt△ACA'中，∴AA∵∠ACA∴∠A延长A'C，作点B作BE⊥A∴∠BCE=60°，且BC=4，在Rt△BCE中，∠CBE=30°∴CE=12BC=2∴A'∴在Rt△A'∴45解得，AC=17故答案为：17-111．（2021九年级·全国·专题练习）如图，△ABC中，∠BAC＝45°，AB＝6，AC＝4，P为平面内一点，求22【答案】12【分析】将△APC绕点A逆时针旋转45°，得到△AP'C'，将△AP'C'扩大324倍，得到△AP″C″，当点B、P、【详解】解：如图，将△APC绕点A逆时针旋转45°，得到△AP'C'，将△AP'C'扩大，相似比为324倍，得到△AP过点P作PE⊥AP″于E∴AE=PE=2∴P″E=AP″-AE=∴PP″=P当点B、P、P″、C″在同一直线上时，22BP+5AP+3PC=22∵∠BAC″=∠BAC+∠CAC″=90°，AB=6，∴BC∴22BP+5AP+3PC=2【点睛】此题考查旋转的性质，全等三角形的性质，勾股定理，正确理解费马点问题的造图方法：利用旋转及全等的性质构建等量的线段，利用三角形的三边关系及点共线的知识求解，有时根据系数将图形扩大或缩小构建图形．12．（2024·重庆·二模）已知△ABC中AB=BC，点D和点E是平面内两点，连接BD，DE和BE，∠BED=90°．(1)如图1，若BD=BA，∠ABC=2∠D，BE=2，求AC的长度；(2)如图2，连接AD和CD，点F为AD中点，点G为CD中点，连接EF和BG，若EF=BG，求证：∠BAC=∠DBE；(3)若∠ABC=60°，AB=2，当12AD+32BD+CD【答案】(1)4(2)见解析(3)12【分析】（1）过点B作BH⊥AC交AC于点H，证明△AHB≌△BEDAAS（2）取BD的中点T，连接TE,TF,TG，根据中位线的性质，直角三角形中斜边上的中线等于斜边的一半，得出△TFE≌△TBGSSS，再证明△TBE∽△TFG，得出∠EBT=∠GFT（3）将△BDC绕点B顺时针转60°得到△BD'A，将△ABD绕点B顺时针旋转60°得到△BA'D'，连接AA'，根据12AD+32BD+CD=GF+FD+CD≥GC，当G,F,D,C四点共线时，GC最小，进而确定E的位置，根据点E在O为圆心，12BD为半径的圆上运动，由点到圆上的距离关系，得出当【详解】（1）解：如图所示，过点B作BH⊥AC交AC于点H，∵△ABC中AB=BC，∴∠AHB=90°，∠ABC=2∠ABH，AC=2AH∵∠BED=90°，∠ABC=2∠D，∴∠AHB=∠BED，∠ABH=∠D．又∵BD=BA，∴△AHB≌△BED∴AH=BE=2∴AC=2AH=4；（2）解：如图所示，取BD的中点T，连接TE,TF,TG，又∵F,G是AD，DC，∴FT=12∵AB=BC∴FT=TG，∵∠BED=90°，T为BD的中点，∴TE=BT，在△TFE,△TBG中，TF=TG∴△TFE≌△TBG∴∠FTE=∠GTB∴∠FTE-∠GTE=∠GTB-∠GTE即∠FTG=∠ETB又∵FT=TG,TE=EB即TETF∴△TBE∽△TFG∴∠EBT=∠GFT∵FG∴∠TFB=∠BAC∴∠BAC=∠DBE（3）解：∵△ABC中AB=BC，∠ABC=60°，∴∵ABC是等边三角形，如图所示，将△BDC绕点B顺时针转60°得到△BD'A，将△ABD绕点B顺时针旋转60°得到△BA∴BD=BD'，∠DBD'则△DBD'是等边三角形，∵CD=A取BD',BA'∵F是BD'的中点，DF⊥BD，∴1∴当G,F,D,C四点共线时，GC最小此时如图所示，∴GC⊥B∵A'∴A'∴△A∴△ABD是直角三角形，∴AD⊥BD∵∠BD∴∠∴A设CD=a，则AD'=a在Rt△ADD∵△BDD∴BD=DD在Rt△ABD中，∴A∴2解得：a=∴BD=3a=取BD的中点O，连接AO,OE，∵∠BED=90°∴点E在O为圆心，12∴OE=1∴当AE取得最大值时，E在AO的延长线上，连接OF，过点E作ES⊥BD于点S，在Rt△AOD中，OD=OE=∴AO=A∴cos∠AOD=∴SE=cos∴△BDE的面积为1【点睛】本题考查了全等三角形的性质与判定，等腰三角形的性质与判定，等边三角形的性质与判定，三角形中位线的性质，旋转的性质，直角三角形中斜边上的中线等于斜边的一半，相似三角形的性质与判定，加权费马点问题，点与圆的位置关系，直径所对的圆周角是直角；熟练掌握以上知识是解题的关键．【针对训练】1．（2021·辽宁丹东·中考真题）已知：到三角形3个顶点距离之和最小的点称为该三角形的费马点．如果△ABC是锐角（或直角）三角形，则其费马点P是三角形内一点，且满足∠APB=∠BPC=∠CPA=120°．（例如：等边三角形的费马点是其三条高的交点）．若AB=AC=7,BC=23，P为△ABC的费马点，则PA+PB+PC=；若AB=23,BC=2,AC=4，P为【答案】52【分析】①作出图形，过B,C分别作∠DBP=∠DCP=30°,勾股定理解直角三角形即可②作出图形，将△APC绕点A逆时针旋转60°，P为△ABC的费马点则B,P,P',C'【详解】①如图,过A作AD⊥BC，垂足为D,过B,C分别作∠DBP=∠DCP=30°,则PB=PC,P为△ABC的费马点∵AB=AC=7∴BD=DC=∴∴PD=1∴PB=∴AD=∴PA+PB+PC=5②如图：∵AB=23,BC=2,AC=4∴A∴A∠ABC=90°∵∴∠BAC=30°将△APC绕点A逆时针旋转60°由旋转可得：△APC≌△A∴AP'∴△APP∴∠BA∵P为△ABC的费马点即B,P,P',C∴PA+PB+PC=BP+PP'=AB故答案为：①5，②2【点睛】本题考查了勾股定理，旋转的性质，锐角三角函数，等腰三角形性质，作出旋转的图形是解题的关键．本题旋转△PAB,△PBC也可，但必须绕顶点旋转．2．（2021九年级·全国·专题练习）如图，在△ABC中，∠ACB=30°,BC=6,AC=5，在△ABC内部有一点P，连接PA、PB、PC．（加权费马点）求：（1）PA+PB+PC的最小值；（2）PA+PB+2（3）PA+PB+3（4）2PA+PB+3（5）12（6）2PA+4PB+23（7）4PA+2PB+23（8）3PA+4PB+5PC的最小值【答案】（1）61；（2）91；（3）61+303；（4）234；（5）132；（6）26；（7）434【分析】（1）将△BPC绕点B顺时针旋转60∘得到△BP'C'，则BP'=BP，P'C=PC，∠PBP'=60∘，可以推出△BPP'为等边三角形，得到BP=P（2）将△BPC绕点C逆时针旋转90∘得到△CP'B'，则可证明PP'=2PC，从而得到PA+PB+2PC=PA+PP'+P'B，则当A、P、（3）将△BPC绕点C逆时针旋转120∘得到△B'PC'，则可证明PP'=3CP，则PA+PB+3PC=PA+PP'+P'B'，故当A、（4）将△BPC绕点C顺时针旋转60∘，得到△CP'A'，再将△CP'A'以点C为位似中心放大2倍，得到△CP″A″，连接PP'，先证明P″P=（5）将△BPC绕点C顺时针旋转60∘，得到△CP'A'，再将△CP'A'以点C为位似中心缩小2倍，得到△CP″A″，同（4）原理可证得当A（6）由2PA+4PB+23PC=412PA+PB+32（7）由4PA+2PB+23PC=2(2PA+PB+3PC)可由（4）得（8）将△BPC绕点C顺时针旋转90∘，得到△CP'A'，再将△CP'A'以点C为位似中心缩小34倍，得到△CP″A″，同理可以证得当A、P、P″、A″，共线时3PA+4PB+5PC的值最小．在△BCA【详解】解：（1）如图3-2，将△BPC绕点B顺时针旋转60∘得到△B∴BP'=BP，P∴△BPP∴BP=PP∴PA+PB+PC=PA+PP∴A、P、P'、C'四点共线时，PA+PB+PC同理可证△BCC∴CC'=BC=6∴∠ACC∴AC∴PA+PB+PC的最小值为61；（2）如图3-4，将△BPC绕点C逆时针旋转90∘得到△C∴B'P'=BP，P'C=PC，∴PP∴PA+PB+2∴当A、P、P'、B'四点共线时，PA+PB+PC∵∠ACB=30°，∴∠ACP+∠PCB=∠ACP+∠∴∠ACB过点A再作B'C的垂线，垂足为∴∠AEC=90°，∠ACE=60°，∴∠CAE=30°，∴CE=∴AE=AC2∴AB∴PA+PB+2PC的最小值为（3）如图3-6，将△BPC绕点C逆时针旋转120∘得到△B∴B'P'=BP，P'C=PC，∴∠CPP过点C作CE⊥PP'于∴CE=12CP∴PE=P∴PP∴PA+PB+3∴当A、P、P'、B'四点共线时，PA+PB+∵∠ACB=30°，∴∠ACP+∠PCB=∠ACP+∠∴∠ACB过点A再作B'C的垂线，垂足为∴∠AEC=90°，∠ACE=3°，∴AE=∴CE=A∴B∴AB∴PA+PB+3PC的最小值为（4）如图3-8，将△BPC绕点C顺时针旋转60∘，得到△CP'A'，再将△CP'A由旋转的性质得CA'=CA=5，CP'∴CA″=10，CP″∴PP'=∴∠PP∴∠P∴P″∴2PA+PB+3∴当A″，P″，P，B共线时2PA+PB+3∵∠BCA∴A″∴2PA+PB+3PC的最小值为（5）如图3-10，将△BPC绕点C顺时针旋转60∘，得到△CP'A'，再将△CP'同（4）原理可证得当A″，P″，P，B共线时12∵∠BCA″=∠ACB+∠ACA″=BA12PA+PB+3（6）∵2PA+4PB+2∴由（5）得：2PA+4PB+23PC的最小值为（7）∵4PA+2PB+2∴由（4）得4PA+2PB+23PC的最小值为（8）如图3-12，将△CPA绕点C顺时针旋转90∘，得到△CP'A'，再将△CP'A同理可以证得当A、P、P″、A″，共线时在△BCA″中，∠BCA过点A″作A″E⊥BC交BC∴∠A∴∠CA∴CE=1∴EA″=∴BA3PA+4PB+5PC的最小值为21．【点睛】本题主要考查了旋转的性质，勾股定理，位似，含30度角的直角三角形的性质，等边三角形的性质与判定，等腰三角形的性质与判定等等，解题的关键在于能够作出辅助线，找到P点在什么位置时，线段的和最小．3．（2024·陕西西安·模拟预测）（1）问题背景如图1，P为△ABC内部一点，连接PA、PB、PC，将△APC绕，点C顺时针旋转60°得到△由PC=P'C，∠PCP'=60°，可知△PCP'为___________三角形，故PP'=PC，又P'A'=PA，故PA+PB+PC=PA'（2）问题解决如图3，在△ABC中，三个内角均小于120°，且AC=3，BC=4，∠ACB=30°，求PA+PB+PC的最小值；（3）问题应用如图4，设村庄A，B，C的连线构成一个三角形，且AC=6km，BC=43km，∠ACB=30°．现欲在△ABC内部建一中转站P沿直线向A，B，C三个村庄铺设电缆，已知由中转站P到村庄A，B，C【答案】（1）等边；两点之间线段最短（2）5（3）2000【分析】（1）根据推论过程填写根据即可；（2）根据（1）的方法将△APC绕点C顺时针旋转60°得到△A'P'C，即可得出可知当B、P、P'、A'在同一条直线上时，PA+PB+PC取最小值，最小值为A'B，再根据∠ACB=30°可证明∠BCA'=90°，根据勾股定理即可求出A'B；（3）根据总铺设成本=1000(PA+PB+3PC)，将△APC绕点C顺时针旋转120°得到△A'P'C，得到等腰△P【详解】（1）∵PC=P'C，∠PCP'=60°，∴△PCP由几何公理：两点之间线段最短可得：PP∴当B，P，P'，A'在同一条直线上时，PA+PB+PC故答案为：等边，两点之间线段最短．（2）如图4，将△APC绕点C顺时针旋转60°得到△A'P'由（1）可知当B、P、P'、A'在同一条直线上时，PA+PB+PC取最小值，最小值为∵∠ACP=∠A∴∠ACP+∠BCP=∠A又∵∠PCP∴∠BCA根据旋转的性质可知：AC=A∴A即PA+PB+PC的最小值为5；（3）∵总铺设成本=PA×1000+PB×1000+PC×10003∴当PA+PB+3将△APC绕点C顺时针旋转120°得到△A'P'C，连接PP'，A'B，过点A'作A由旋转性质可知：P'C=PC，∠PCP'=∠AC在Rt△PKC中，∴PK=∴PP∴PA+PB+3当B、P、P'、A'在同一条直线上时，P'A'∵∠ACB=30°，∠ACA∴∠A∴A∴HC=∴BH=BC+CH=43∴A∴PA+PB+3PC的最小值为总铺设成本最小值为：1000(PA+PB+3PC)=200039【点睛】本题考查几何变换综合应用，涉及等边三角形判定与性质，等腰直角三角形判定与性质，勾股定理及应用等知识，解题的关键是作辅助线，构造直角三角形解决问题．4．（2024·福建厦门·二模）根据以下思考，探索完成任务费马点的思考问题背景17世纪有着“业余数学家之王”美誉的法国律师皮耶·德·费马，提出一个问题：求作三角形内的一个点，使它到三角形三个顶点的距离之和最小，后来这点被称之为“费马点”．

素材1解决这种问题的经典方法，就是利用旋转变换，将三条线段PA，如图：把△APC绕点A逆时针旋转60度得到△AP'C'，连接PP'，这样就把确定PA+PB+PC的最小值的问题转化成确定BP+PP'+P'C'的最小值的问题了．当B，P

素材2图中所示的是一个正方形的厂区，其中顶点A，B，C，D分别为办公区、生产区、物流区和生活区，正方形边长为2km，准备在厂区内修建一研发区E，且从研发区E修建三条直线型道路直通办公区A，生产区B和物流区C修路的成本为200元/

任务一感悟证明定理请你根据素材1所给解决思路，证明所求线段转化的正确性．证明：PA+PB+PC=BP+P任务二初步探索位置在素材2中，请问研发区E建在哪片区域比较合适？（

）A．△ABC内的区域B．△ACD内的区域任务三拟定恰当方案为了节约建设成本，问该研发区E应该修建在厂区的什么地方，才能使得花费最少，最少费用为多少？【答案】任务一：见解析；任务二：A；任务三：研发区E应建在△ABC内部，且满足∠AEB=∠BEC=∠CEA=120°时花费最少，最少费用为2006【分析】本题主要考查三角形的旋转变换的性质、勾股定理、等边三角形的判定与性质等知识点，将待求线段的和通过旋转变换转化为同一直线上的线段来求是解题的关键，学会利用旋转的方法添加辅助线，构造特殊三角形解决问题，属于中考压轴题．任务一：证明△APP任务二：结合任务一结论选择即可；任务三：把△ABE绕点B逆时针旋转60度得到△A'BE'，连接A'C，△EBE'为等边三角形，证出AE+BE+CE≥A'C，当且仅当E',E在A'【详解】解：任务一：如图，由旋转得：∠PAP∴△APP∴PP∵PC=P∴PA+PB+PC=BP+PP

任务二：在素材2中，由题意得：要找一点E到A、B、C三点距离和最小，研发区E建在△ABC内的区域比较合适，故选：A；（3）如图，把△ABE绕点B逆时针旋转60度得到△A则BE=BE'连接A'∴△EBE∴EE∵△ABE绕点B逆时针旋转60度得到△A∴A∵A∴AE+BE+CE≥A当且仅当E',E在A'C上时，此时，点E在△ABC内部，且满足∠AEB=∠BEC=∠CEA=120°，过点A'作A'H⊥CB，交CB在Rt△A'∴A∴CH=2+3在Rt△A'∴AE+BE+CE最小值为6+2，此时费用为

5．（21-22八年级上·江苏苏州·期中）背景资料：在已知△ABC所在平面上求一点P，使它到三角形的三个顶点的距离之和最小.这个问题是法国数学家费马1640年前后向意大利物理学家托里拆利提出的，所求的点被人们称为“费马点”．如图1，当△ABC三个内角均小于120°时，费马点P在△ABC内部，当∠APB=∠APC=∠CPB=120°时，则PA+PB+PC取得最小值．(1)如图2，等边△ABC内有一点P，若点P到顶点A、B、C的距离分别为3，4，5，求∠APB的度数，为了解决本题，我们可以将△ABP绕顶点A旋转到△ACP'处，此时△ACP'≌△ABP这样就可以利用旋转变换，将三条线段PA、PB、知识生成：怎样找三个内角均小于120°的三角形的费马点呢？为此我们只要以三角形一边在外侧作等边三角形并连接等边三角形的顶点与△ABC的另一顶点，则连线通过三角形内部的费马点．请同学们探索以下问题．(2)如图3，△ABC三个内角均小于120°，在△ABC外侧作等边三角形△ABB'，连接CB'，求证：(3)如图4，在RT△ABC中，∠C=90°，AC=1，∠ABC=30°，点P为△ABC的费马点，连接AP、BP、CP，求PA+PB+PC的值．(4)如图5，在正方形ABCD中，点E为内部任意一点，连接AE、BE、CE，且边长AB=2；求AE+BE+CE的最小值．【答案】(1)150°；(2)见详解；(3)7；(4)6+【分析】（1）根据旋转性质得出△ABP≌△ACP'，得出∠BAP=∠CAP′，∠APB=∠AP′C，AP=AP′=3，BP=CP′=4，根据△ABC为等边三角形，得出∠BAC=60°，可证△APP′为等边三角形，PP′=AP=3，∠AP′P=60°，根据勾股定理逆定理PP'2+P'C2=32+42=25=PC（2）将△APB逆时针旋转60°，得到△AB′P′，连结PP′，根据△APB≌△AB′P′，AP=AP′，PB=PB′，AB=AB′，根据∠PAP′=∠BAB′=60°，△APP′和△ABB′均为等边三角形，得出PP′=AP，根据PA+PB+PC=PP'+P'B'+PC，根据两点之间线段最短得出点C，点P，点P′，点B′四点共线时，PA+PB+PC（3）将△APB逆时针旋转60°，得到△AP′B′，连结BB′，PP′，得出△APB≌△AP′B′，可证△APP′和△ABB′均为等边三角形，得出PP′=AP，BB′=AB，∠ABB′=60°，根据PA+PB+PC=PP'+P'B'+PC，可得点C，点P，点P′，点B′四点共线时，PA+PB+PC最小=CB′，利用30°直角三角形性质得出AB=2AC=2，根据勾股定理BC=AB2-AC2=22-12=3，可求BB′=（4）将△BCE逆时针旋转60°得到△CE′B′，连结EE′，BB′，过点B′作B′F⊥AB，交AB延长线于F，得出△BCE≌△CE′B′，BE=B′E′，CE=CE′，CB=CB′，可证△ECE′与△BCB′均为等边三角形，得出EE′=EC，BB′=BC，∠B′BC=60°，AE+BE+CE=AE+EE'+E'B'，得出点C，点E，点E′，点B′四点共线时，AE+BE+CE=AE+EE'+E'B'最小=AB′，根据四边形ABCD为正方形，得出AB=BC=2，∠ABC=90°，可求∠FBB′=180°-∠ABC-∠CBB′=180°-90°-60°=30°，根据30°直角三角形性质得出BF=12BB【详解】（1）解：连结PP′，∵△ABP≌△ACP∴∠BAP=∠CAP′，∠APB=∠AP′C，AP=AP′=3，BP=CP′=4，∵△ABC为等边三角形，∴∠BAC=60°∴∠PAP′=∠PAC+∠CAP′=∠PAC+∠BAP=60°，∴△APP′为等边三角形，,∴PP′=AP=3，∠AP′P=60°，在△P′PC中，PC=5，PP∴△PP′C是直角三角形，∠PP′C=90°，∴∠AP′C=∠APP+∠PPC=60°+90°=150°，∴∠APB=∠AP′C=150°，故答案为150°；（2）证明：将△APB逆时针旋转60°，得到△AB′P′，连结PP′，∵△APB≌△AB′P′，∴AP=AP′，PB=PB′，AB=AB′，∵∠PAP′=∠BAB′=60°，∴△APP′和△ABB′均为等边三角形，∴PP′=AP，∵PA+PB+PC=PP∴点C，点P，点P′，点B′四点共线时，PA+PB+PC最小=CB′，∴点P在CB′上，∴CB'过（3）解：将△APB逆时针旋转60°，得到△AP′B′，连结BB′，PP′，∴△APB≌△AP′B′，∴AP′=AP，AB′=AB，∵∠PAP′=∠BAB′=60°，∴△APP′和△ABB′均为等边三角形，∴PP′=AP，BB′=AB，∠ABB′=60°，∵PA+PB+PC=P∴点C，点P，点P′，点B′四点共线时，PA+PB+PC最小=CB′，∵∠C=90°，AC=1，∠ABC=30°，∴AB=2AC=2，根据勾股定理BC=A∴BB′=AB=2，∵∠CBB′=∠ABC+∠ABB′=30°+60°=90°，∴在Rt△CBB′中，B′C=B∴PA+PB+PC最小=CB′=7；（4）解：将△BCE逆时针旋转60°得到△CE′B′，连结EE′，BB′，过点B′作B′F⊥AB，交AB延长线于F，∴△BCE≌△CE′B′，∴BE=B′E′，CE=CE′，CB=CB′，∵∠ECE′=∠BCB′=60°，∴△ECE′与△BCB′均为等边三角形，∴EE′=EC，BB′=BC，∠B′BC=60°，∵AE+BE+CE=AE+EE∴点C，点E，点E′，点B′四点共线时，AE+BE+CE=AE+EE'+E∵四边形ABCD为正方形，∴AB=BC=2，∠ABC=90°，∴∠FBB′=180°-∠ABC-∠CBB′=180°-90°-60°=30°，∵B′F⊥AF，∴BF=12BB'=∴AF=AB+BF=2+3，∴AB′=AF∴AE+BE+CE最小=AB′=6+【点睛】本题考查图形旋转性质，等边三角形判定与性质，勾股定理，直角三角形判定与性质，两点之间线段最短，四点共线，正方形性质，30°直角三角形性质，掌握图形旋转性质，等边三角形判定与性质，勾股定理，直角三角形判定与性质，两点之间线段最短，四点共线，正方形性质，30°直角三角形性质是解题关键．6．（2023·贵州遵义·三模）（1）【问题发现】如图①，在△OAB中，若将△OAB绕点O逆时针旋转120°得到△OA'B'，连接B（2）【问题探究】如图②，已知△ABC是边长为43的等边三角形，以BC为边向外作等边三角形BCD，P为△ABC内一点，将线段CP绕点C逆时针旋转60°，点P的对应点为点Q①求证：△DCQ≌②求PA+PB+PC的最小值；（3）【实际应用】如图③，在矩形ABCD中，AB=600，AD=800，P是矩形内一动点S△PAD=2S△PBC，Q为【答案】（1）30°；（2）①见解析；②12；（3）存在，400【分析】（1）根据旋转的性质得出OB'=OB（2）①根据等边三角形的性质证明全等即可；②连接PQ，得到△CPQ是等边三角形，由两点之间线段最短得AP+DQ+PQ≥AD，求出AD即可得解；（3）过点P作EF∥AD交AB于点E，交CD于点F，将△ADQ绕点A逆时针旋转60°得△AD'Q'，连接DD',QQ',D'P，设D【详解】（1）解：∵将△OAB绕点O逆时针旋转120°得到△OA∴OB'=OB=3∴∠OBB故答案为：30°；（2）①证明：∵△BDC是等边三角形，∴CD=CB，∠DCB=60°，由旋转得∠PCQ=60°，PC=CQ，∴∠DCQ=∠BCP，在△DCQ和△BCP中，CD=CB∠DCQ=∠BCP∴△DCQ≌△BCPSAS②连接PQ，∵PC=CQ，∠PCQ=60°，∴△CPQ是等边三角形，∴PQ=PC，∵△DCQ≌△BCP，∴PB=DQ，∴PA+PB+PC=PA+QD+PQ，由两点之间线段最短得AP+DQ+PQ≥AD，∴PA+PB+PC≥AD，∴当点A、P、Q、D在同一条直线上时，PA+PB+PC取最小值，为AD的值，延长AC，作DE⊥AC，交AC的延长线于点E，∵△ABC是边长为43∴AC=CD=CB=43，∠BCD=∠ACB=60°∴∠DCE=180°-60°-60°=60°，∴∠CDE=90°-60°=30°，∴EC=1∴DE=CD2∴AD=D即PA+PB+PC取最小值为12．（3）存在一点P和一点Q，使得AQ+DQ+PQ有最小值，理由如下：过点P作EF∥AD交AB于点E，交CD于点F，将△ADQ绕点A逆时针旋转60°得△AD'Q'，连接DD由（2）知，当P,Q,Q',D'在矩形ABCD中，AB=600,AD=800，∴BC=AD=800，AD∥BC，∵EF∥∴∠AEF=∠EFD=90°，∴四边形ADFE是矩形，∴EF=AD=800，∵S△PAD∴12∴AE=2BE，∵AE+BE=AB=600，∴AE=400，∵点P在EF上，∴当D'P⊥EF时，∵EF∥∴D'∵△ADD∴AD∴D'∵∠EAG=∠AEP=∠EPG=90°，∴四边形AEPG是矩形，∴GP=AE=400，∴D'∴AQ+DQ+PQ的最小值为4003【点睛】本题主要考查了等边三角形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，矩形的判定和性质，勾股定理，旋转的性质，解题的关键是结合旋转的性质、三角形全等的判定和性质、勾股定理．类型二瓜豆模型型定义：瓜豆模型也叫“主从联动模型”，即：一个动点随另一动点的运动而运动,分别叫做“主动点”与“从动点”，它们的运动轨迹相似。出自成语“种瓜得瓜,种豆得豆”，在几何上叫“种线得线,种国得圆”.【条件】瓜豆原理运用满足的三个条件(“一定两动、定角、定比”)；①有一个定点、两个动点，且一个动点(从动点)因另一个动点(主动点)的运动而随之运动；②两个动点与定点所连线组成的夹角是定角;③两个动点到定点的距离的比值是定值.1)本模型一般出现在选择题或填空题的压轴题中，可以直接利用结论秒杀.2)在线段最值问题中，有时可先利用“瓜豆”模型确定动点的轨迹，再根据点线最值，点圆最值来求线段最值.3)部分求动点轨迹长的问题中，只要确定属于“瓜豆”模型，就可以利用路径之比等于相似比，根据主动点的轨迹长直接求得.【模型一】点在直线上条件;如图，点O是定点，点A、B是动点，∠AOB=α（α≠0）且OBOA图示：结论：B点的运动轨迹也是直线，OBOA=OB’OA’=k，【模型二】点在圆上条件;如图，点O是定点，点A、B是动点，∠AOB=α且OBOA=k，A点图示：结论：1)当α=0，①B点的运动轨迹是圆，②A,B,O始终是一条直线，③主动圆与从动圆的半径之比为OBOA2)当α≠0，①B点的运动轨迹是圆，②主动圆与从动圆的半径之比为OBOA③主从动圆的圆心与定点连线构成的夹角为α（定值）.【总结】1）在线段最值问题中，有时可先利用“瓜豆”模型确定动点的轨迹，再根据点线最值，点圆最值来求线段最值；2）部分求动点轨迹长的问题中，只要确定属于"瓜豆“模型，就可以利用路经之比等于相似比，根据主动点的轨迹长直接求得题型01点的运动轨迹是直线1．（2021·山东泰安·中考真题）如图，在矩形ABCD中，AB=5，BC=53，点P在线段BC上运动（含B、C两点），连接AP，以点A为中心，将线段AP逆时针旋转60°到AQ，连接DQ，则线段DQ的最小值为（

A．52 B．52 C．53【答案】A【分析】根据题中条件确定出点P的轨迹是线段，则线段DQ的最小值就转化为定点D到点P的轨迹线段的距离问题．【详解】解：∵AP与AQ固定夹角是60°，AP:AQ=1，点P的轨迹是线段，∴Q的轨迹也是一条线段．∵两点确定一条直线，取点P分别与B,C重合时，所对应两个点Q，来确定点Q的轨迹，得到如下标注信息后的图形：求DQ的最小值，转化为点D到点Q的轨迹线段的距离问题，∵AB=5,BC=53∴在Rt△ABC中，tan∠BAC=∵AB//DC,∴∠DCA=60°，将AC逆时针绕点A转动60°后得到AQ∴△ACQ1为等边三角形，Q2为AC∠CQ过点D作Q1Q2在Rt△Q1QD∴DQ=1∴DQ的最小值为52故选：A．【点睛】本题考查了动点问题中，两点间距离的最小值问题，解题的关键是：需要确定动点的轨迹，才能方便找到解决问题的突破口．2．（2022·安徽合肥·三模）如图，在Rt△ABC纸片中，∠ACB＝90°，AC＝4，BC＝3，点D，E分别在BC，AB边上，连接DE，将△BDE沿DE翻折，使点B落在点F的位置，连接AF，若四边形BEFD是菱形，则AF的长的最小值为（

）A．5 B．3 C．52 D．【答案】A【分析】连接BF交ED于点0，设EF与AC交于点G．根据菱形的性质可得点F在∠ABC的平分线上运动，从而得到当AF⊥BF时，AF的长最小．再证明△BEO∽△BAF，可得BE=12AB=AE，再证明△AGE∽△ACB，EG=1【详解】解：如图，连接BF交ED于点O，设EF与AC交于点G．∵四边形BEFD是菱形，∴BF平分∠ABC，∴点F在∠ABC的平分线上运动，∴当AF⊥BF时，AF的长最小．在菱形BEFD中，BF⊥ED，OB=OF，EF∥BC，∴EO∥AF，∴△BEO∽△BAF，∴BEAB∴BE=1在Rt△ABC中，AC=4，BC=3，∴AB=5，∴BE=AE=2.5，∵AF⊥BF，∴EF=2.5，∵EF∥BC，∴△AGE∽△ACB，∴EGBC∴EG=1∴GF=EF-EG=1，∵∠AGF=∠AGE=90°，∴AF=A故选：A【点睛】本题主要考查了相似三角形的判定和性质，直角三角形的性质，菱形的性质，熟练掌握相似三角形的判定和性质，直角三角形的性质，菱形的性质，准确得到点F在∠ABC的平分线上运动是解题的关键．3．（2023·广东广州·二模）如图，正方形ABCD的边长为42，E为BC上一点，且BE=2，F为AB边上的一个动点，连接EF，以EF为边向右侧作等边△EFG，连接CG，则CG的最小值为

【答案】522【分析】由题意分析可知，点F为主动点，G为从动点，所以以点E为旋转中心构造全等关系，得到点G的运动轨迹，之后通过垂线段最短构造直角三角形获得CG最小值．【详解】将△EFB绕点E旋转60°，使EF与EG重合，得到△EFB≌△EHG，

∴BE=HE，∠BEH=60°∴△EBH为等边三角形，∠BEH=60°，BE=HE=2则有点G在垂直于HE的直线HN上，过C作CM⊥HN，当G与点M重合时即CM即为CG的最小值，如图，过E作EP⊥CM，易得四边形HEPM为矩形，∴∠HEP=∠EPG=∠EPC=90°，HE=MP=2∵四边形ABCD为正方形，∴AB=BC=42∴CE=BC-BE=42∴∠CEP=30°，∴CP=12∴CM=MP+CP=HE+1故答案为：52【点睛】此题考查了旋转的性质，线段最值问题，解题的关键是分清主动点和从动点，通过旋转构造全等，从而判断出点G的运动轨迹，之后运用垂线段最短，构造图形计算，是最值问题中比较典型的类型．4．（2024·河北邢台·模拟预测）如图，△ABC是边长为2的等边三角形，点E为中线BD上的动点．连接CE，将CE绕点C顺时针旋转60°得到CF．连接AF，则∠CAF=，连接DF，则△CDF周长的最小值是．【答案】30°1+【分析】证明△CBE≌△CAF(SAS)可得∠CAF=∠CBE=30°，得到点F在射线AF上运动，如图所示，作点C关于AF的对称点C'，连接DC'，可得当D，F，C'三点共线时，FC+FD取最小值，即【详解】解：∵△ABC为等边三角形，E为高BD上的动点，∴∠CBE=1∵将CE绕点C顺时针旋转60°得到CF，∴CE=CF，∴∠BCE=∠ACF，∴△CBE≌△CAF(SAS∴∠CAF=∠CBE=30°，∴点F在射线AF上运动，如图所示，作点C关于AF的对称点C'，连接D设CC'交AF于点O，则在Rt△AOC中，∠CAO=30°，则CO=当D，F，C'∵∠ACO=90°-∠CAO=60°，∴∠C∵CC∴CD=1∴C'∴△CDF周长的最小值为1+3故答案为：30°；1+3【点睛】本题考查了旋转的性质，等边三角形的性质，全等三角形的判定和性质，轴对称的性质，两点之间线段最短，直角三角形的性质，勾股定理，正确作出辅助线是解题的关键．5．（2023·江苏徐州·模拟预测）等边△ABC边长为6，D是BC中点，E在AD上运动，连接BE，在BE下方作等边△BEF，则△BDF周长的最小值为．【答案】33+3【分析】连接CF，由条件可以得出∠ABE=∠CBF，再根据等边三角形的性质就可以证明△BAE≌△BCF，从而可以得出∠BCF=∠BAD=30°，作点D关于CF的对称点G，连接CG，DG，则FD=FG，依据当B，F，G在同一直线上时，DF+BF的最小值等于线段BG长，可得△BDF的周长最小．【详解】解：如图，连接CF，∵△ABC、△BEF都是等边三角形，∴AB=BC=AC，BE=EF=BF，∠BAC=∠ABC=∠ACB=∠EBF=∠BEF=∠BFE=60°，∴∠ABC-∠EBD=∠EBF-∠EBD，∴∠ABE=∠CBF，∴△BAE≌△BCF(SAS∴∠BCF=∠BAD=30°，如图，作点D关于CF的对称点G，连接CG，DG，则FD=FG，∠GCF=∠BCF=30°，∴当B，F，G在同一直线上时，DF+BF的最小值等于线段BG长，且BG⊥CG时，△BDF的周长最小，∴BGBC∴BG=3∴△BDF周长：DF+BF+BD=BG+BD=33故答案为：33【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，等边三角形的性质，解直角三角形．凡是涉及最短距离的问题，一般要考虑线段的性质定理，结合轴对称变换来解决，多数情况要作点关于某直线的对称点．6．（2024·江苏扬州·中考真题）如图，点A、B、M、E、F依次在直线l上，点A、B固定不动，且AB=2，分别以AB、EF为边在直线l同侧作正方形ABCD、正方形(1)如图1，若BE=10，EF=12，求点M与点B之间的距离；(2)如图1，若BE=10，当点M在点B、E之间运动时，求(3)如图2，若BF=22，当点E在点B、F之间运动时，点M随之运动，连接CH，点O是CH的中点，连接HB、MO，则【答案】(1)4或6；(2)12.5；(3)2221【分析】（1）设BM=x，则ME=10-x，证明△BCM∽△EMH，然后根据相似三角形的性质得出BCEM=BMEH，则（2）设BM=x，则ME=10-x，证明△BCM∽△EMH，然后根据相似三角形的性质得出BCEM=BMEH，则（3）连接FH，由四边形EFGH是正方形，得∠HFE=45°，即点H对角线FH所在直线上运动，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得OM=12CH，当C、H【详解】（1）解：设BM=x，则ME=10-x，∵四边形ABCD、EFGH是正方形，∴∠ABC=∠CBM=90°，∠HEF=∠MEH=90°，AB=BC=2，∴∠CBM=∠MEH=90°，∠BCM+∠CMB=90°，∵∠PMN=90°，∴∠EMH+∠CMB=90°，∴∠BCM=∠EMH,∴△BCM∽△EMH，∴BCEM=BMEH，即解得：x=6或x=4，∴BM=6或BM=4；（2）设BM=x，则ME=10-x，∵四边形ABCD、EFGH是正方形，∴∠ABC=∠CBM=90°，∠HEF=∠MEH=90°，AB=BC=2，∴∠CBM=∠MEH=90°，∠BCM+∠CMB=90°，∵∠PMN=90°，∴∠EMH+∠CMB=90°，∴∠BCM=∠EMH，∴△BCM∽△EMH，∴BCEM=BM∴HE=-1当BM=5时，HE有最大，最大值为12.5；（3）连接FH，∵四边形EFGH是正方形，∴∠HFE=45°，即点H在对角线FH所在直线上运动，如图，作B关于FH的对称点B'，连接B'C，过C作CQ⊥FG∴BF=B'F，四边形BFQC为矩形，则点B'、G、∴B'∴B'∵∠CMH=90°，点O是CH的中点，∴OM=1∴2OM+HB=CH+HB∴当C、H、B'三点共线时，∴在Rt△CB'∴2OM+HB的最小值为2221故答案为：2221【点睛】本题考查了正方形的性质，相似三角形的判定与性质，勾股定理，直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，解一元二次方程，二次函数的最值，两点之间线段最短等知识，熟练掌握知识点的应用是解题的关键．题型02点的运动轨迹是圆1．（2024·安徽淮北·三模）如图，线段AB=4，点M为AB的中点，动点P到点M的距离是1，连接PB，线段PB绕点P逆时针旋转90°得到线段PC，连接AC，则线段AC长度的最大值是（

）A．3 B．4 C．22 D．【答案】D【分析】以AB为斜边向上作等腰直角△AJB，连接CJ，BC．利用相似三角形的性质证明JC=2，推出点C的运动轨迹是以J为圆心，2为半径的圆，根据AC≤AJ+JC=3【详解】解：以AB为斜边向上作等腰直角△AJB，连接CJ，BC．∵AM=BM，∴JM=AM=MB，∴△JMB是等腰直角三角形，△PBC是等腰直角三角形，∴∠MBJ=∠PBC=45°∴BJ=BMcos45°∴∠MBP=∠JBC，JBMB∴△JBC∽△MBP，∴JCPM∵PM=1，∴JC=2∴点C的运动轨迹是以J为圆心，2为半径的圆，∵AJ=2∴AC≤AJ+JC=32故线段AC长度的最大值为32故选：D．【点睛】本题主要考查的是旋转的性质、相似三角形的性质和判定，解直角三角形，点与圆的位置关系，三角形三边关系，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造相似三角形解决问题，属于中考选择题中的压轴题．2．（2023·浙江宁波·模拟预测）如图，△ABC中，∠ABC=90°，tan∠BAC=12，点D是AB的中点，P是以A为圆心，以AD为半径的圆上的动点，连接PB、A．103 B．31010 C．13【答案】D【分析】此题考查了解直角三角形，根据阿氏圆的定义，分别固定BP，分别确定A点的运动轨迹为阿氏圆O，C点的运动轨迹为阿氏圆O'，，由此可知，当PC最最小时，PBPC【详解】解：固定BP，则BAAP∴A点的运动轨迹为阿氏圆O，设OP=a，则AO=2a，BO=4a，则PB=BO-OP=3a，∵∠ABC=90°，ABBC∴C点的运动轨迹为阿氏圆O'∴∠OBO∴O'∴当PC最小时，PBPCPO∴PBPC故选：D．3．（2023·山东泰安·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，Rt△AOB的一条直角边OB在x轴上，点A的坐标为(-6，4)；Rt△COD中，∠COD=90°，OD=43，∠D=30°，连接BC，点M是BC中点，连接AM

A．3 B．62-4 C．213【答案】A【分析】如图所示，延长BA到E，使得AE=AB，连接OE，CE，根据点A的坐标为(-6，4)得到BE=8，再证明AM是△BCE的中位线，得到AM=12CE；解Rt△COD得到OC=4，进一步求出点C在以O为圆心，半径为4的圆上运动，则当点M在线段【详解】解：如图所示，延长BA到E，使得AE=AB，连接OE，∵Rt△AOB的一条直角边OB在x轴上，点A的坐标为(-6∴AB=4，∴AE=AB=4，∴BE=8，∵点M为BC中点，点A为BE中点，∴AM是△BCE的中位线，∴AM=1在Rt△COD中，∠COD=90°∴OC=3∵将Rt△COD以点O∴点C在以O为圆心，半径为4的圆上运动，∴当点M在线段OE上时，CE有最小值，即此时AM有最小值，∵OE=B∴CE的最小值为10-4=6，∴AM的最小值为3，故选A．

【点睛】本题主要考查了一点到圆上一点的最值问题，勾股定理，三角形中位线定理，坐标与图形，含30度角的直角三角形的性质等等，正确作出辅助线是解题的关键．4．（21-22九年级上·江苏南京·期中）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝16，BC＝12，点P在以AB为直径的半圆上运动，由点B运动到点A，连接CP，点M是CP的中点，则点M经过的路径长为．【答案】5π【分析】由AB是直径，得∠APB＝90°，取BC，AC的中点E和F，连接ME，MF，EF，由三角形中位线知ME⊥MF，即∠EMF＝90°，则点M在以EF为直径的半圆上，即可得出答案．【详解】解：∵∠ACB＝90°，AC＝16，BC＝12，∴AB＝AC2+BC2连接AP，BP，∵AB是直径，∴∠APB＝90°，即AP⊥BP，取BC，AC的中点E和F，连接ME，MF，EF，在△BPC中，∵M，E为PC、BC的中点，∴ME∥BP，ME＝12在△APC中，∵点M、F为PC、AC的中点，∴MF∥AP，MF＝12∴ME⊥MF，即∠EMF＝90°，∴点M在以EF为直径的半圆上，∴EF＝12AB＝10∴点M的运动路径长为12×2π×5＝故答案为：5π．【点睛】本题主要考查了圆周角定理，三角形中位线定理以及弧长公式的应用，利用定角对定弦确定点M的运动路径是解题的关键．5．（2022·山东日照·中考真题）如图，在平面直角坐标系xOy中，点A的坐标为（0，4），P是x轴上一动点，把线段PA绕点P顺时针旋转60°得到线段PF，连接OF，则线段OF长的最小值是．

【答案】2【分析】点F运动所形成的图象是一条直线，当OF⊥F1F2时，垂线段OF最短，当点F1在x轴上时，由勾股定理得：P1O=F1O=433，进而得P1A=P1F1=AF1=833，求得点F1的坐标为433,0，当点F2在y轴上时，求得点F2的坐标为（0，-4），最后根据待定系数法，求得直线F1F2的解析式为y=3x-4，再由线段中垂线性质得出F1F2=A【详解】解：∵将线段PA绕点P顺时针旋转60°得到线段PF，∴∠APF=60°，PF=PA，∴△APF是等边三角形，∴AP=AF，如图，当点F1在x轴上时，△P1AF1为等边三角形，则P1A=P1F1=AF1，∠AP1F1=60°，∵AO⊥P1F1，∴P1O=F1O，∠AOP1=90°，∴∠P1AO=30°，且AO=4，由勾股定理得：P1∴P1∴点F1的坐标为43如图，当点F2在y轴上时，

∵△P2AF2为等边三角形，AO⊥P2O，∴AO=F2O=4，∴点F2的坐标为（0，-4），∵tan∠O∴∠OF1F2=60°，∴点F运动所形成的图象是一条直线，∴当OF⊥F1F2时，线段OF最短，设直线F1F2的解析式为y=kx+b，则43解得k=3∴直线F1F2的解析式为y=3x-4，∵AO=F2O=4，AO⊥P1F1，∴F1在Rt△OF1F2中，OF⊥F1F2，设点O到F1F2的距离为h，则12∴12解得h=2，即线段OF的最小值为2，故答案为2．【点睛】本题属于三角形的综合题，主要考查了旋转的性质，勾股定理的应用，等边三角形的性质以及待定系数法的运用等，解决问题的关键是作辅助线构造等边三角形以及面积法求最短距离，解题时注意勾股定理、等边三角形三线合一以及方程思想的灵活运用．6．（2023·四川宜宾·中考真题）如图，M是正方形ABCD边CD的中点，P是正方形内一点，连接BP，线段BP以B为中心逆时针旋转90°得到线段BQ，连接MQ．若AB=4，MP=1，则MQ的最小值为