2025年高考物理第二次模拟考试卷2（广东卷）（全解全析）

2025年高考物理第二次模拟考试02（广东卷）

全解全析

本试卷满分100分，考试时间75分钟

注意事项：

I.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

1.（本题4分）卢瑟福a粒子散射实验的装置示意图如图所示，荧光屏和显微镜一起分别放在图中/、2、

C、D四个位置观察，下列说法正确的是（）

A.只有在/位置才能观察到屏上的闪光

B.若放射源中的铀元素的衰变方程是：声Uf：Th+；He,则Z=90

C.升高放射源的温度，会使放射源的半衰期变短

D.卢瑟福a粒子散射实验证明了原子是一个球体，正电荷弥漫性地均匀分布在整个球体内

【答案】B

【详解】A.绝大多数a粒子穿过金箔后，基本上仍沿原来的方向前进，偏转很小。但有少数a粒子偏转角

大于90。，甚至有偏转角等于150。的散射。因此不是只有A位置才能观察到屏上的闪光，故A错误；

B.若放射源中的铀元素的衰变方程是：瞪U-＞：Th+；He

贝ij：92=Z+2

解得：Z=90

故B正确；

C.半衰期只由原子核自身决定，与环境温度无关，因此，升高放射源的温度，半衰期不变，故c错误；

D.卢瑟福a粒子散射实验证明了原子内部有一个很小的核，称为原子核，原子的全部正电荷和几乎全部质

量都集中在原子核里，故D错误。

故选B。

2.（本题4分）如图甲为建筑行业使用的一种小型打夯机，其原理可简化为：一个质量为M的支架（含电

动机）上，有一根长轻杆带动一个质量为加的铁球在竖直面内转动，如图乙所示，重力加速度为g,若在

某次打夯过程中，铁球匀速转动，则（）

甲乙

A.铁球所受合力大小不变

B.铁球转动到最高点时，处于超重状态

C.铁球做圆周运动的向心加速度始终不变

D.若铁球转动到最高点时，支架对地面的压力刚好为零，则此时轻杆的弹力为（M+〃?）g

【答案】A

【详解】A.由题意，知铁球在竖直平面内做匀速圆周运动，则其所受合力大小不变，方向总是指向圆心,

故A正确；

B.铁球转动到最高点时，加速度指向圆心，方向竖直向下，处于失重状态，故B错误；

C.铁球做匀速圆周运动时的向心加速度大小不变，方向总是指向圆心，即方向不断变化，故C错误；

D.若铁球转动到最高点时，支架对地面的压力刚好为零，对支架根据平衡条件，可知杆对支架的弹力为

T=Mg

故D错误。

故选Ao

3.（本题4分）如图所示，一汽缸固定在水平地面上，用活塞封闭着一定质量的理想气体。已知汽缸不漏

气，活塞移动过程中与汽缸内壁间无摩擦。初始时，外界大气压强为P。，活塞对小挡板的压力刚好等于活

塞的重力。现缓慢升高汽缸内气体的温度,则能反映汽缸内气体的压强P随热力学温度7变化的图像是（)

【答案】D

【详解】由题意知，开始时被封闭气体的压强等于P。，当缓慢升高汽缸内气体温度且活塞未离开小挡板时,

气体发生等容变化，根据查理定律可知，缸内气体的压强。与热力学温度7成正比，在图像中，图线

是过原点的倾斜直线；当活塞开始离开小挡板时，缸内气体的压强大于外界的大气压，气体等压膨胀，在

图像中，图线是平行于7轴的直线。

故选D。

4.（本题4分）如图所示，把一个凸透镜压在一块平面玻璃上，在透镜的下表面和平面玻璃的上表面之间

形成一个很薄的狭缝层。单色光从上方垂直凸透镜的上表面射向凸透镜，沿光的入射方向看到明暗相间的

干涉条纹，这些条纹叫作牛顿环。下列说法正确的是（）

入射光

A.牛顿环是凸透镜上、下表面的反射光叠加形成的

B.距离中心越远，相邻亮条纹间距越小

C.同一条纹下，狭缝层的厚度不同

D.若换成波长更长的光，条纹分布更加密集

【答案】B

【详解】A.干涉条纹是由凸透镜下表面与平面玻璃间空气隙上、下表面的反射光叠加形成的，故A错误;

B.圆环状条纹的间距不相等，从中心向外条纹越来越密集，条纹间距越小，故B正确；

C.同一条纹上，凸透镜下表面与平面玻璃间空气隙上、下表面反射光的光程差相同，空气隙的厚度相同,

故C错误；

D.若换成波长更长的光，相邻明条纹或相邻的暗条纹条纹间距变大，故条纹分布更加稀疏，故D错误。

故选B。

5.（本题4分）一辆货车运载着圆柱形光滑的空油桶。在车厢底，一层油桶平整排列，相互紧贴并被牢牢

固定，上一层只有一只桶c,自由地摆放在桶。、6之间，没有用绳索固定。桶c受到桶。和桶b的支持，

和汽车一起匀速运动，如图所示。重力加速度为g,当汽车在水平方向发生运动状态改变时，下列有关桶c

受力与运动的分析，正确的是（）

A.汽车向左逐渐加速时，只要°、6、c保持相对静止，°、6对c的支持力不变

B.汽车向左逐渐减速时，。对c的支持力逐渐减小，6对。的支持力逐渐增大

C.当汽车向左运动的加速度a0>gg时，c脱离°,可能运动到6的右边

D.当汽车向左运动的加速度时，c始终不会脱离a

【答案】C

【详解】AB.当桶c随汽车匀速运动时，桶c受三个力而平衡，当桶c随汽车向左逐渐加速运动时，水平

方向有向左的加速度，而竖直方向合力仍然为0,且三个力的方向都不变，而重力的大小也不变；所以桶。

对桶c的支持力逐渐减小，桶6对桶c的支持力逐渐增大，故AB错误；

CD.当汽车向左运动的加速度增大到一定值时，桶c脱离桶a,此时桶。对桶。的支持力恰好为0,桶c的

受力情况如图所示

mg

则：=mgtan300=—mg,此时桶c的加速度为：aQ=^-=-g,汽车的加速度与桶。的加速度相同,

3m3

也为*g,即当汽车向左运动的加速度时，桶C脱离桶°,可能运动到桶6的右边，故C正确,

D错误。

故选C。

6.（本题4分）如图所示为电子束焊接机，K为阴极，A为阳极，两极之间的距离为％在两极之间加上高

电压U,两极之间形成了辐向分布的电场，图中带箭头的虚线代表电场线，2、。是电场中两点。有一电子

在K极由静止被加速，不考虑电子重力，元电荷为e,则下列说法正确的是（）

A.A、K之间的电场强度均为苫

a

B.8点电势大于C点电势

C.电子由K到A的电势能减少了eU

D.电子在5点加速度大于C点加速度

【答案】C

【详解】A.图中电场是辐向分布，可知，图中不是匀强电场，则A、K之间的电场强度并不均等于二，

a

故A错误；

B.等势线与电场线垂直，可以在图中作出经过C点的等势线，由于沿电场线电势降低，根据图中电场线的

分布可知，3点电势小于C点电势，故B错误；

C.电子由K到A过程，电场力做正功为eU,则电势能减少了eU,故C正确；

D.电场线分布的疏密程度表示电场的强弱，根据图示可知，8点位置的电场线分布比C点位置的电场线分

布稀疏一些，则2点的电场强度小于C点的电场强度，则电子在2点加速度小于C点加速度，故D错误。

故选C。

7.（本题4分）两间距为Z=lm的光滑导轨水平放置于3=0.2T的竖直向下匀强磁场中。导轨左端接一单

刀双掷开关，一电容为C=1F的电容器与定值电阻及=0.1。分别接在1和2两条支路上，其俯视图如图。导

轨上有一质量为加=1kg的金属棒与导轨垂直放置。将开关S接1,%=。时刻起，金属棒仍在尸=2.08N的

恒力作用下由静止开始向右运动，经过时间H的位移大小为x=4m。忽略导轨和导体棒的所有电阻，电

容器耐压值很大，不会被击穿。下列说法正确的是（）

1XXXXX

CZ

s飞_______________

2

LiX>XXX

C二

一RF

___1_____X>XXX

b

A.油棒做加速度逐渐减小的加速运动

n,5^26

B.t----------s

13

C.在f时刻撤去拉力F,并将开关拨向2,导体棒做匀减速运动

D.在f时刻撤去拉力尸，并将开关拨向2,R上消耗的焦耳热为8J

【答案】D

【详解】A.仍棒由牛顿第二定律得

F-BIL=ma

又

I=—,\q=C\U,NU-BLAv

Af

得

I=CBLa

则

做匀加速直线运动，故A错误；

B.根据

12

x=—at

2

得

t=2s,v=at=4m/s

故B错误；

C.在t时刻撤去拉力R并将开关拨向2,导体棒受到的安培力与v成正比，故加速度越来越小，故C错

误；

D.在/时刻撤去拉力凡并将开关拨向2,7?上消耗的焦耳热为导体棒的动能转化而来，故

1,

Q=—mv2=8J

2

故D正确。

故选D。

二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）

8.（本题6分）如图所示，火星与地球可视为在同一平面内沿同一方向绕太阳做匀速圆周运动。己知地球

的公转周期为T,火星轨道半径是地球轨道半径的左倍。当火星、地球、太阳三者在同一直线上且地球位于

太阳和火星之间时，称为火星冲日。不考虑火星与地球之间的引力，下列说法正确的是（）

A.火星与地球做圆周运动的向心力大小之比为I%?

B.火星与地球做圆周运动的向心加速度大小之比为1:/

C.火星与地球做圆周运动的角速度之比为1：护

D.相邻两次火星冲日的时间间隔为7s

【答案】BC

【详解】A.根据万有引力提供向心力

0F向一-仃G户-

因为火星轨道半径是地球轨道半径的左倍，所以火星与地球做圆周运动的向心力大小之比为

F火厂m火

%加地〃

故A错误；

B.由万有引力定律

GMm

——--二ma

r

解得

GM

a=

~rr

可知向心加速度大小之比为

a火二/：：1

。地葩）2甘

故B正确；

C.由万有引力定律

r

可知角速度大小之比为

出=FLJ_

0地V（什丫=西

故C正确；

D.由开普勒第三定律得

r3_（^r）3

尸工F

解得

相邻两次火星冲日时，地球比火星多跑了一周，设故相邻两次火星冲日的时间间隔为3则

/、

2乃2»_

-----t=17l

解得

辰T

故D错误。

故选BC。

9.（本题6分）如图所示为远距离输电的原理图，两个变压器均为理想变压器，输电线的总电阻为80,其

它导线电阻可忽略不计。已知发电厂的输出功率为100kW,q=250V,U4=220V,输电线上损失的功率

为5kW。下列说法正确的是（）

A.输电线上的电流为25AB.4=4

C.升压变压器原副线圈匝数比为，D.降压变压器原副线圈匝数比为1富90

【答案】AD

【详解】A.发电厂输出的电流

P

乙=—=400A

5

输电线的电流

故A正确；

B.对升压变压器

输电线回路中

q=。2一夕=3800丫

故B错误；

C.升压变压器原副线圈匝数比为

3.一竺__L

n2U216

故c错误；

D.降压变压器原副线圈匝数比为

n3_U3_190

丁彳IT

故D正确。

故选AD»

10.（本题6分）磁流体发电技术是目前世界上正在研究的新兴技术。如图所示，等离子体进入两平行极板

之间的区域，速度为v,两金属板的板长（沿初速度方向）为L,板间距离为d,金属板的正对面积为S,

匀强磁场的磁感应强度为8,方向垂直于等离子体初速度方向，并与极板平行，负载电阻为凡等离子体充

满两板间的空间。当稳定发电时，电流表的示数为下列说法正确的是（)

A.稳定发电时，带电粒子受到的洛伦兹力和电场力等大反向

B.稳定发电时，正电荷受洛伦兹力向上，负电荷受洛伦兹力向下

C.稳定发电时，产生的电动势大小为8"

D.稳定发电时，板间等离子体的等效阻值为竿-尺

【答案】AD

【详解】ABC.等离子体飞入磁场中时，受到洛伦兹力的作用，根据左手定则判断知，正电荷向下极板聚

集，负电荷向上极板聚集，在极板间产生竖直向上的电场，当粒子受到的洛伦兹力与电场力等大反向时，

稳定发电。由

qvB=Eq

E上

d

可得稳定发电时，极板间的电动势

U=Bdv

故A正确，BC错误；

D.由题意，根据闭合电路欧姆定律有

I_E_Bdv

r+Rr+R

可得稳定发电时，板间等离子体的等效阻值为

Bdv.

r=-----R

故D正确。

故选ADo

三、非选择题（本题共5小题，共54分。考生根据要求作答）

11.（本题5分）某实验小组成员用如图1所示装置研究气体等温变化的规律。注射器内用活塞封闭一定质

量的气体，气体通过橡胶软管连接压强传感器。

图1图2

（1）关于实验要点，下列说法正确的是.（多选，填正确选项序号）。

A.推拉活塞时，动作要快，以免气体进入或漏出

B.实验前要在活塞与注射器壁间涂适量的润滑油，防止漏气并减小摩擦

C.要保证大气压不变

D.注射器是否水平放置，对实验结论没有影响

（2）实验通过正确操作,获得多组注射器内封闭气体的体积忆和压强〃的测量值,并通过计算机拟合得到

图像，如图2所示的实线图像，在压缩气体的过程中，注射器内封闭气体会（填“吸热”或“放热”）。

若保持封闭气体质量不变重新实验，实验时无意中用手握住了注射器，则实验测得的多组气体压强和气体

体积，计算机拟合得到p-厂图像可能是图2中的（填%"*”或“c”）。

（3）为了直观地观察p随修变化的规律，根据实验测得多组气体压强〃及对应的气体体积匕分别作P-：图

像和忆-,图像，经过多次测量，将所测数据绘制在坐标图上，橡胶软管内气体体积不可忽略，可能得到的

P

是图中的（填正确选项序号）。

【答案】⑴BD

⑵放热a

⑶D

【详解】（1）A.为了保证气体温度保持不变，推拉活塞时，动作要慢，故A错误；

B.实验前要在活塞与注射器壁间涂适量的润滑油，防止漏气并减小摩擦，故B正确；

CD.实验装置中气体压强通过压强传感器测得，所以不需要保证大气压不变，注射器是否水平放置，对实

验结论没有影响，故C错误，D正确。

故选BDo

（2）[1]在压缩气体的过程中，气体体积减小，外界对气体做正功，气体温度不变，气体内能不变，根据热

力学第一定律可知，注射器内封闭气体会放热；

⑵若保持封闭气体质量不变重新实验，实验时无意中用手握住了注射器，则气体温度升高，根据

PV「

----=C

T

与图2所示的实线相比，体积相同时，气体压强比实线对应压强大，则计算机拟合得到P-M图像可能是图

2中的.。

（3）橡胶软管内气体体积不可忽略，设橡胶软管内气体体积为%,则有

p（V+V0）=C

可得

PC=------V=C-----\-----C=----1-----

V+Vov+v0V1+乙V

V

v=c---va

p

可知p-q图像不是直线，图线上点与原点连线斜率逐渐减小；’图像是一条纵轴为负值、斜率为正值

vP

的倾斜直线。

故选D。

12.（本题9分）将一铜片和一锌片分别插入同一只橙子内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为

IV,可是这种电池并不能点亮规格为“IV,0.3A”的小灯泡，原因是“水果电池”的内阻太大，流过小灯泡的

电流太小，经测量仅约为3mA。某实验小组要测量“水果电池”的电动势和内电阻。现有下列器材：

A.待测“水果电池”

B.电流表：量程0~3mA,电阻约40。

C.电压表：量程0〜3V,电阻约1000。

D.定值电阻&=1000。

E.电阻箱A（0-999.9Q）

F.滑动变阻器&（阻值。〜10C，额定电流0.5A）

G.滑动变阻器与（阻值。〜200。，额定电流0.3A）

H.电源电动势E=3V,内阻不计

L开关、导线等实验器材

（1）从测量原理来看，利用图甲所示电路所得的“水果电池”的测量值与真实值相比，电动势E测E莫,内

电阻劭a。（均选填“大于”“等于”或“小于”）

⑵小组成员利用甲图电路测量“水果电池”的电动势和内电阻，多次改变电阻箱4的阻值R,读出电流表A

示数/，根据测得的数据作出;一尺图像，如图乙所示。根据图像可得，“水果电池”的电动势£测=V,

内电阻％=Qo（结果均保留三位有效数字）

（3）为了测出电流表的内阻&的阻值，小组成员选用器材H作为电源设计了如图丙所示的电路，滑动变阻器

选择（选填"F”或"G”），实验过程中，某次测量电流表示数为2.70mA时，电压表示数如图丁所示，由

此结合图乙可求得“水果电池”内阻r=（保留三位有效数字）

【答案】(1)等于大于

(2)1.11522

(3)F485

【详解】(1)图甲所示电路测量电源电动势与内阻时，系统误差在于电流表的分压，将电流表与电源

看为一个整体，整体可以等效为一个新电源，实验中的测量值实际上测量的是等效新电源的电动势与内阻,

由于电流表与电源串联，则有

%=£真，嗨='+%>7■■真

(2)根据闭合电路欧姆定律有

典=%-々则

变形得

l=_L.7?i+i

/石测E测

结合图乙有

X=920-470里=47"

%500E测

解得

5aBl.11V,®522Q

(3)[1]图丙中控制电路中的滑动变阻器采用分压式接法，为了确保测量数据的连续性强一些，滑动变阻器

总阻值选择小一些的，即滑动变阻器选择F；

⑵图丁中电压表读数为2.80,根据欧姆定律有

R0+RA=-230Q

"人2.70x10-3

结合上述有

。则=〃真+&A

解得

r真x485Q

13.(本题8分)如图，半径为R的球面凹面镜内注有透明液体，将其静置在水平桌面上，液体中心厚度

C7)为10mm。一束单色激光自中心轴上距液面15mm的4处以60。入射角射向液面5处，其折射光经凹面

镜反射后沿原路返回，液体折射率为6。求：

(1)光线在2点进入液体的折射角;

(2)凹面镜半径七

【答案】(1)30°

(2)55mm

【详解】(1)根据光的折射定律〃=目竺可知，光线在3点进入液体的折射角满足

smr

V3

.sini71

smr=-----=-^=-=—

ny/32

可知

r=30°

光线在B点进入液体的折射角为30。;

(2)因折射光经凹面镜反射后沿原路返回，可知折射光线垂直于凹面镜。如图所示，折射光线的反向延长

线过凹面镜的圆心。，如图所示，由几何关系得

NABC=NCOB=30°

由题干可知NC=15mm,C£>=10mm,2c的距离为

ATr-

BC=-------------=15V3mmOC的距离为

tan/ABC

OC=-=45mm

tanZCOB

由几何关系得凹面镜半径

R=OC+CD=55mm

14.(本题15分)如图所示，半径为E的半圆弧轨道25竖直固定在水平面上，是竖直直径。劲度系数

为人的轻质弹簧放置在水平面上，左端固定。小球乙(视为质点)放置在水平面上，现控制小球甲(视为

质点)向左压缩弹簧，当弹簧的压缩量为R时，甲由静止释放，当弹簧恢复原长时，甲与乙发生弹性碰撞,

碰后乙恰好能运动到B点。已知乙的质量是甲的3倍，弹簧的弹性势能”与弹簧的形变量x以及弹簧的劲

度系数左之间的关系式为1=3履2,重力加速度为g,不计一切摩擦。

(1)求碰撞刚结束时乙的速度大小，以及甲、乙刚要碰撞时甲的速度大小;

(2)求乙的质量以及乙从3点落到水平面的过程中重力的冲量大小；

(3)求乙从4运动到B合力冲量的大小。

【答案】(1)后，24亚

3kR3kR4gR

⑵荻'

10g

3心+)kR由

1--------------------------

20g

【详解】⑴设乙的质量为加，则甲的质量为g乙刚好能到达8点，贝用加g="

3R

解得VB

乙从4到8,由动能定理可得-〃噜-2尺=；〃唠-；加丫；

解得碰撞刚结束时乙的速度大小为%

甲、乙发生弹性碰撞，设甲，乙刚要碰撞时甲的速度为%,则有£%=/喔+加

1m1m12

—x—2+mV

23甲^A

联立解得刚要碰撞时甲的速度大小为%=2〃=2询

(2)弹簧在恢复原长的过程中，由能量守恒可得爪2

3kR

解得乙的质量为〃?=k

乙从2到水平面做平抛运动，则有2&=：却

重力的冲量为4

(3)规定水平方向向左为正方向，乙从/到5,速度变化量的大小Av=%-(-%)

由动量定理可得/合=mAv

3(6+1快尺痂

联立解得/合=

15.(本题17分)如图所示，在平面直角坐标系xQy的第n象限内有沿〉轴负方向的匀强电场，x轴下方有

垂直纸面向里的匀强磁场。现从y轴上的N点沿x轴负方向发射一初速度为%的带正电粒子，经电场偏转

后与x轴负方向成0=60°夹角进入磁场区域，粒子刚好能打在与〉轴垂直的足够大荧光屏P上。已知荧光

屏P到x轴的距离为/,/点到坐标原点。的距离为d,不计粒子重力。求：

MxXXXX

XXXXX

XXXXX

(1)进入磁场时的入射点到坐标原点。的距离；

P

(2)电场强度E与磁感应强度B的比值方；

D

(3)若改变初速度的大小，让粒子从〉轴上M点(图中未画出)沿x轴负方向射出，现要求粒子仍能以与x

轴负方向成。=60°夹角进入磁场，且进入磁场后垂直打在荧光屏P上，此时M点到坐标原点。的距离d'。

【答案】(1)》=毡1

3

(3)d'=9d

【详解】（1）设粒子在电场中运动时，沿y轴负方向获得的分速度为则由速度合成规律可得

%=%tan9=V3v0

设粒子在电场中的运动时间为才,则有

,y/3v0