电学实验（解析版）-2025年高考物理二轮复习

专题26电学实验

考点愿型归纳

一、描绘小灯泡伏安特性曲线的实验...................2

二、半偏法测电表内阻................................7

三、测量电阻丝电阻率...............................13

四、测量电源电动势和内阻的实验.....................19

五、多用电表的结构和使用方法.......................24

1

专题一描绘小灯泡伏安特性曲线的实验

1.（2023•全国甲卷・高考真题）某同学用伏安法测绘一额定电压为6V、额定功率为3W的

小灯泡的伏安特性曲线，实验所用电压表内阻约为6k。，电流表内阻约为1.50。实验中有

图（a）和（b）两个电路图供选择。

图(b)

（1）实验中得到的电流/和电压。的关系曲线如图（C）所示，该同学选择的电路图是图.

(填“a”或"b”)

（2）若选择另一个电路图进行实验，在答题卡所给图上用实线画出实验中应得到的关系曲

线的示意图

【答案】

【详解】（1）［1］灯泡的额定电流为

=-^-=500mA

0额

灯泡正常发光时的电阻为

图（a）中电流表外接，则电压表读数为6V时，电压表和灯泡并联，两者阻值为

#11.970

RV+RL

则小灯泡正常发光时，流过小灯泡的电流非常接近电流表示数，电流表的读数略大于500mA；

2

图（b）中电流表内接，则电压表读数为6V时，电流表读数小于500mA。电流表读数为500mA

时，对应的电压表读数为

Ub=U额+I额RA=6-75Y

故根据图（c）的数据可得，该同学选择的电路图是图（a）。

[2]若选用另一个电路图即图（6）实验，会有

U=U^+IRA

根据图（c）曲线可得，电流分别为200mA、300mA,500mA时，U1.0V>2.0V、6.0V,

可知对应的电压应为1.3V、2.45V、6.75V,描点连线有

2.（2021•全国甲卷•高考真题）某同学用图（a）所示电路探究小灯泡的伏安特性，所用器

材有：

小灯泡（额定电压2.5V,额定电流0.3A）

电压表（量程300mV,内阻300Q）

电流表（量程300mA,内阻0.27Q）

定值电阻凡

滑动变阻器R/（阻值0-20Q）

电阻箱处（最大阻值9999.9Q）

电源£（电动势6V,内阻不计）

开关S、导线若干。

完成下列填空：

3

-1---

ES

图(a)

（1）有3个阻值分别为10Q、20Q、30fl的定值电阻可供选择，为了描绘小灯泡电流在

0〜300mA的U-I曲线，&应选取阻值为Q的定值电阻；

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于变阻器的（填Z”或?”）端；

（3）在流过电流表的电流较小时，将电阻箱比的阻值置零，改变滑动变阻器滑片的位置,

读取电压表和电流表的示数U、I,结果如图（6）所示。当流过电流表的电流为10mA时,

小灯泡的电阻为Q（保留1位有效数字）；

020406080100120

图(b)

（4）为使得电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为3V,该同学经计算知，应将上的

阻值调整为Q。然后调节滑动变阻器处，测得数据如下表所示：

L77mV24.046.076.0110.0128.0152.0184.0216.0250.0

//mA140.0160.0180.0200.0220.0240.0260.0280.0300.0

4

(5)由图(b)和上表可知，随流过小灯泡电流的增加，其灯丝的电阻(填“增

大”“减小”或“不变”)；

(6)该同学观测到小灯泡刚开始发光时流过电流表的电流为160mA,可得此时小灯泡电功

率尸产W(保留2位有效数字);当流过电流表的电流为300mA时，小灯泡的电功

率为P2,则刍=(保留至整数)。

【答案】10a0.72700增大0.07410

【详解】(1)[1]因为小灯泡额定电压2.5V,电动势6V,则滑动滑动变阻器时，为了保证电

路安全，需要定值电阻分担的电压

U=6V-2.5V=3.5V

则有

35V

R.=-—«11.7Q

°0.3A

则需要描绘小灯泡在0〜300mA的伏安特性曲线，即见应选取阻值为10Q；

(2)[2]为了保护电路，滑动变阻器的滑片应置于变阻器的。端；

(3)[3]由图可知当流过电流表的电流为10mA时，电压为7mV,则小灯泡的电阻为

(4)[4]由题知电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为3V时，有

3__03

氏2+&V%

解得

国二2700。

(5)[5]由图(6)和表格可知流过小灯泡电流增加，图像中生变大，则灯丝的电阻增大；

(6)[6]根据表格可知当电流为160mA时，电压表的示数为46mV,根据(4)的分析可知

此时小灯泡两端电压为0.46V,则此时小灯泡电功率

尸尸0.46Vx0.16A-0.074W

[7]同理可知当流过电流表的电流为300mA时，小灯泡两端电压为2.5V,此时小灯泡电功率

尸2=2.5VxO.3A=0.75W

故有

乌="=10

《0.074

5

3.（2021・河北・高考真题）某同学研究小灯泡的伏安特性，实验室提供的器材有；小灯泡（6.3V,

0.15A）,直流电源（9V）,滑动变阻器，量程合适的电压表和电流表，开关和导线若干，

设计的电路如图1所示。

（2）按照图1连线后，闭合开关，小灯泡闪亮一下后熄灭，观察发现灯丝被烧断，原因可

能是（单项选择，填正确答案标号）；

A.电流表短路

B.滑动变阻器的滑片接触不良

C.滑动变阻器滑片的初始位置在6端

（3）更换小灯泡后，该同学正确完成了实验操作，将实验数据描点作图，得到/-。图像,

其中一部分如图3所示，根据图像计算出尸点对应状态下小灯泡的电阻为Q（保留

三位有效数字）。

6

【答案】27.0

E

【详解】（1）[1]电流表负极与滑动变阻器的右端的6位置连接，如图

E

（2）[2]开关闭合，小灯泡闪亮一下后灯丝烧断，说明通过小灯泡的电流过大。

A.电流表内阻非常小，短路几乎不影响通过小灯泡的电流，与灯丝烧断无关，A错误;

B.滑动变阻器滑片接触不良，无电流通过小灯泡，B错误;

C.滑动变阻器的滑片开始时置于6端，小灯泡部分分压达到最大，通过电流最大，可能会

烧断小灯泡灯丝，C正确;

故选C。

（3）根据小灯泡的伏安特性曲线可知在P点时的电压和电流分别为

U=2V,/=74mA

根据欧姆定律/==可知小灯泡的电阻为

R

R=—=—-Q=27.0Q

I74x10-3

专题二半偏法测电表内阻

4.（2023•海南・高考真题）用如图所示的电路测量一个量程为lOOpA,内阻约为2000。的微

安表头的内阻，所用电源的电动势约为12V,有两个电阻箱可选，Ri（0-9999.9Q）,R2

7

(1)RM应选，RN应选

(2)根据电路图，请把实物连线补充完整—

(3)下列操作顺序合理排列是：

①将变阻器滑动头P移至最左端，将RN调至最大值；

②闭合开关S2,调节RM,使微安表半偏，并读出RM阻值；

③断开S2,闭合Si,调节滑动头P至某位置再调节RN使表头满偏；

④断开Si、S2,拆除导线，整理好器材

(4)如图是R”调节后面板，则待测表头的内阻为,该测量值_________(填“大

于，，、“小于，，、“等于，，)真实值。

8

（5）将该微安表改装成量程为2V的电压表后，某次测量指针指在图示位置，则待测电压

为V（保留3位有效数字）。

（6）某次半偏法测量表头内阻的实验中，S2断开，电表满偏时读出RN值，在滑动头P不变,

S2闭合后调节电阻箱RM,使电表半偏时读出RM,若认为OP间电压不变，则微安表内阻为

（用RM、KN表示）

【答案】Ri

①③②④1998.0Q小于

_+

1.28卧~

【详解】（1）[1]⑵根据半偏法的测量原理可知，RM与R/相当，当闭合S2之后，变阻器上

9

方的电流应基本不变，就需要RN较大，对下方分压电路影响甚微。故RM应选Ri,RN应选

R2O

（2）[3]根据电路图连接实物图有

（3）[4]根据半偏法的实验步骤应为

①将变阻器滑动头P移至最左端，将RN调至最大值；

③断开S2,闭合Si,调节滑动头P至某位置再调节RN使表头满偏;

②闭合开关S2,调节RM,使微安表半偏，并读出RM阻值；

④断开Si、S2,拆除导线，整理好器材。

（4）[5]根据RM调节后面板读数为1998.0C。

[6]当闭合S2后，原电路可看成如下电路

G）RMR左~~

闭合S2后，相当于RM由无穷大变成有限值，变小了，则流过RN的电流大于原来的电流,

则流过RM的电流大于&,故待测表头的内阻的测量值小于真实值。

2

（5）[7]将该微安表改装成量程为2V的电压表，则需要串联一个电阻&,则有

U=URg+Ro）

此时的电压读数有

U=I'(Rg+Ro)

其中

10

U=2V,Ig=1OO|1A,r=64J1A

联立解得

U'=1.28V

（6）根据题意OP间电压不变，可得

/[

，（RJRN）=（;+不—好N+

2RM2

解得

R——N%

5.（2021・山东・高考真题）热敏电阻是传感器中经常使用的元件，某学习小组要探究一热敏

电阻的阻值随温度变化的规律。可供选择的器材有：

待测热敏电阻&（实验温度范围内，阻值约几百欧到几千欧）；

电源E（电动势L5V,内阻r约为0.5Q）；

电阻箱K（阻值范围0〜9999.99。）；

滑动变阻器4（最大阻值20C）；

滑动变阻器用（最大阻值2000。）；

微安表（量程IOORA,内阻等于2500。）；

开关两个，温控装置一套，导线若干。

同学们设计了如图甲所示的测量电路，主要实验步骤如下：

①按图示连接电路；

②闭合&、S2,调节滑动变阻器滑片P的位置，使微安表指针满偏;

③保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开S2,调节电阻箱，使微安表指针半偏;

11

④记录此时的温度和电阻箱的阻值。

回答下列问题：

（1）为了更准确地测量热敏电阻的阻值，滑动变阻器应选用（填“4”或“冬”）。

（2）请用笔画线代替导线，将实物图（不含温控装置）连接成完整电路，

（3）某温度下微安表半偏时，电阻箱的读数为6000.00。，该温度下热敏电阻的测量值为一

Q（结果保留到个位），该测量值___________（填“大于”或“小于”）真实值。

（4）多次实验后，学习小组绘制了如图乙所示的图像。由图像可知。该热敏电阻的阻值随

3500

大于减小

【详解】（1）[1]用半偏法测量热敏电阻的阻值，尽可能让该电路的电压在S2闭合前、后保

持不变，由于该支路与滑动变阻器左侧部分电阻并联，滑动变阻器的阻值越小，S2闭合前、

12

后并联部分电阻变化越小，从而并联部分的电压值变化越小，故滑动变阻器应选R/。

（2）⑵电路连接图如图所示

（3）[3]微安表半偏时，该支路的总电阻为原来的2倍，即

RT+RRA=R=6000.OOQ

可得

RT=3500Q

[4]当断开S2,微安表半偏时，由于该支路的电阻增加，电压略有升高，根据欧姆定律，总

电阻比原来2倍略大，也就是电阻箱的阻值略大于热敏电阻与微安表的总电阻，而我们用电

阻箱的阻值等于热敏电阻与微安表的总电阻来计算，因此热敏电阻的测量值比真实值偏大。

（4）[5]由于是In号-"图像，当温度7升高时，（减小，从图中可以看出In%减小，从

而&减小，因此热敏电阻随温度的升高逐渐减小。

专题三测量电阻丝电阻率

6.（2024•江西・高考真题）某小组欲设计一种电热水器防触电装置，其原理是：当电热管漏

电时，利用自来水自身的电阻，可使漏电电流降至人体安全电流以下.为此，需先测量水的

电阻率，再进行合理设计。

（1）如图（a）所示，在绝缘长方体容器左右两侧安装可移动的薄金属板电极，将自来水倒

入其中，测得水的截面宽d=0.07m和高力=0.03m。

13

（2）现有实验器材：电流表（量程300MA，内阻&=2500C）、电压表（量程3V或15V,内

阻未知）、直流电源（3V）、滑动变阻器、开关和导线.请在图（a）中画线完成电路实物连

接0

（3）连接好电路，测量26℃的水在不同长度/时的电阻值此。将水温升到65℃,重复测量。

绘出26℃和65℃水的凡-/图，分别如图（b）中甲、乙所示。

图（b）

（4）若凡-/图线的斜率为比则水的电阻率表达0=（用鼠d、人表示）。实

验结果表明，温度（填“高”或“低”）的水更容易导电。

（5）测出电阻率后，拟将一段塑料水管安装于热水器出水口作为防触电装置。为保证出水

量不变，选用内直径为8.0xl（T3m的水管。若人体的安全电流为1QX10-3A,热水器出水温

度最高为65℃,忽略其他电阻的影响（相当于热水器220V的工作电压直接加在水管两端）,

则该水管的长度至少应设计为m。（保留两位有效数字）

14

【答案】kdh高0.46

【详解】(2)[1]电源电动势为3V,故电压表量程选择3V；由于电流表的内阻已知，故采

用电流表内接时，可以消除系统误差，故电流表采用内接法，实物图如下:

(4)⑵根据电阻定律

…方方

故可得

=p_

dh

得

p=kdh

[3]电阻率越小更容易导电，根据图像可知65℃的水的电阻率更小，故可知温度高的水更容

易导电。

(5)[4]根据前面分析可知65℃的水的电阻率为

p=kdh=8x10x0.07x0.03Q-m=24Qm

0.7

故当选用内直径为4=8.0xl(p3m的水管。若人体的安全电流为/°=1.0xl(r3A,接入电压

U=220V时，得

15

解得水管的长度至少应设计为

lm=0.46m

7.（2024•山东・高考真题）某学习小组对两种型号铅笔芯的电阻率进行测量。实验器材如下:

学生电源（输出电压0〜16V）

滑动变阻器（最大阻值100,额定电流2A）；

电压表V（量程3V,内阻未知）；

电流表A（量程3A,内阻未知）；

待测铅笔芯R（X型号、Y型号）；

游标卡尺，螺旋测微器，开关S,单刀双掷开关K,导线若干。

（1）使用螺旋测微器测量铅笔芯直径，某次测量结果如图甲所示，该读数为mm；

（2）把待测铅笔芯接入图乙所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器滑片由最右端向左调节

到合适位置，将单刀双掷开关K分别掷到1、2端，观察到电压表示数变化比电流表示数变

化更明显，则测量铅笔芯电阻时应将K掷到（填“1”或“2”）端；

⑶正确连接电路，得到Y型号铅笔芯图像如图丙所示，求得电阻R尸。（保留3

位有效数字）；采用同样方法得到X型号铅笔芯的电阻为1.70Q；

（4）使用游标卡尺测得X、Y型号铅笔芯的长度分别为40.68mm、60.78mm,使用螺旋测微器

测得X、Y型号铅笔芯直径近似相等，则X型号铅笔芯的电阻率（填“大于”或“小于”）

Y型号铅笔芯的电阻率。

16

7/A

【答案】(1)2.450

(2)1

(3)1.91

(4)大于

【详解】(1)根据螺旋测微器的读数规则可知，其读数为

d=2mm+0.01x45.0mm=2.450mm

(2)由于电压表示数变化更明显，说明电流表分压较多，因此电流表应采用外接法，即测

量铅笔芯电阻时应将K掷到1端;

(3)根据图丙的/-U图像，结合欧姆定律有

(4)根据电阻定律

R=p一

S

可得

RS

P=—

两种材料的横截面积近似相等，分别代入数据可知

PX>PY

8.(2024・湖南•高考真题)某实验小组要探究一金属丝的阻值随气压变化的规律，搭建了如

图(a)所示的装置。电阻测量原理如图(b)所示，£是电源，V为电压表，A为电流表。

17

（1）保持玻璃管内压强为1个标准大气压，电流表示数为100mA,电压表量程为3V,表

盘如图（c）所示，示数为V,此时金属丝阻值的测量值夫为Q（保留3

位有效数字）；

（2）打开抽气泵，降低玻璃管内气压p,保持电流/不变，读出电压表示数。，计算出对应

的金属丝阻值；

（3）根据测量数据绘制Rf关系图线，如图（d）所示；

（4）如果玻璃管内气压是0.5个标准大气压，保持电流为100mA,电压表指针应该在图（c）

指针位置的侧（填“左”或“右”）；

（5）若电压表是非理想电压表，则金属丝电阻的测量值________真实值（填“大于”“小于”

或“等于”）。

【答案】1.2312.3右小于

【详解】（1）[1]电压表量程为0—3V,分度值为0.1V,则电压表读数需估读一位，读数为

1.23V,[2]根据欧姆定律可知，金属丝的测量值

^=y=12.3Q

（4）[3]根据图（d）可知气压越小电阻越大，再根据

U=IR

可知压强。减小，则电阻尺增大，故电压增大，电压表的指针位置应该在题图（c）中指针

位置的右侧。

（5）[4]电流表采用外接法会导致电压表分流，即

口_U__U

e则一厂,/T测一/T真+

/测Av

即//扁大，故R测＜R真。

18

专题四测量电源电动势和内阻的实验

9.（2024・天津・高考真题）某同学研究闭合电路的规律。

（1）根据闭合电路的欧姆定律得出了电源输出功率P与外电路电阻关系图像，如图所示，则P

的峰值对应的外电路电阻值R应_________电源内阻厂（填“大于”、“小于”或“等于”）；

（2）测定电源的电动势和内阻，可供选用的器材有：

A.电压表：（量程0〜3V,内阻约为3k。）

B.电流表：（量程0〜0.6A,内阻约为1。）

C.滑动变阻器：（最大阻值20Q,额定电流1A）

D.滑动变阻器：（最大阻值1000。，额定电流0.5A）

E.待测电源：（电动势约为3V,内阻约为1。）

F.开关、导线若干

（i）实验中所用的滑动变阻器应选（填器材前字母代号）；

（ii）实物电路如图所示，单刀双掷开关S?可分别与1、2端闭合，为使电源内阻的测量结

果更接近真实值，S?应与端闭合。

【答案】⑴等于

（2）C2

【详解】（1）电源输出功率

19

(2_(RT¥勺.

R

则当R=r时电源输出功率尸最大；

（2）（i）[1]实验中所用的滑动变阻器应选阻值较小的C即可；

（ii）[2]电压表内阻远大于电源内阻，应采用相对电源的电流表外接法，使电源内阻的测量

结果更接近真实值，S?应与2端闭合。

10.（2024・甘肃•高考真题）精确测量干电池电动势和内阻需要考虑电表内阻的影响。可用

器材有：电压表（量程1.5V,内阻约为1.5k。）、电流表（量程0.6A）、滑动变阻器、开关、

干电池和导线若干。某小组开展了以下实验。

⑴考虑电流表内阻影响

①用图1所示电路测量电流表的内阻。从图2电压表和电流表读数可得电流表内阻&=_

Q（保留2位有效数字）。

②用图3所示电路测量干电池电动势和内阻。电压表读数、电流表读数、干电池内阻和电流

表内阻分别用U、I、r和&表示。则干电池电动势E=U+（用/、厂和凡表示）。

③调节滑动变阻器测得多组电表读数，作出图4所示的U-/图像。则待测干电池电动势E=

V（保留3位有效数字）、内阻厂=Q（保留1位小数）。

1.001—;i;―-

00.OT0.080.120.16020024

⑵考虑电压表内阻影响

该小组也尝试用图5所示电路测量电压表内阻，但发现实验无法完成。原因是（单选,

填正确答案标号）。

20

电池图5

A.电路设计会损坏仪器B.滑动变阻器接法错误

C.电压太大无法读数D.电流太小无法读数

【答案】⑴1.0/(，+&)1.401.0

⑵D

【详解】(1)[1]由图2可知，电压表读数为

J7=0.60V

电流表读数为

/=0.58A

根据欧姆定律可得电流表内阻为

(=巳=幽],0n

AI0.58

⑵由闭合电路欧姆定律可知，干电池电动势的表达式为

E=U+I(r+RA)

[3][4]根据E=U+I(r+RJ变形为

U=-(r+R^I+E

根据图像可知，纵截距

b=E=1.40V

斜率的绝对值

1jI1.40—1.00

左二"+&=Q=2.0Q

110.20-0

所以待测干电池电动势为

£=1.40V

电源内阻为

厂=1.0。

(2)由于将电压表串联接在电路中，电压表内阻很大，电路中电流太小，故无法完成实验

21

的原因可能是电流太小无法读数。

故选D。

II.（2024・辽宁・高考真题）某探究小组要测量电池的电动势和内阻。可利用的器材有：电

压表、电阻丝、定值电阻（阻值为凡）、金属夹、刻度尺、开关S、导线若干。他们设计了

如图所示的实验电路原理图。

①将电阻丝拉直固定，按照图（a）连接电路，金属夹置于电阻丝的o（填N"或“2”）

端;

②闭合开关S,快速滑动金属夹至适当位置并记录电压表示数U,断开开关S,记录金属夹

与8端的距离乙;

③多次重复步骤②，根据记录的若干组。、L的值，作出图（c）中图线I；

④按照图（b）将定值电阻接入电路，多次重复步骤②，再根据记录的若干组。、£的值,

（2）由图线得出纵轴截距为6,则待测电池的电动势£==

（3）由图线求得I、II的斜率分别为尢、k2,若生=〃，则待测电池的内阻/=—（用"和几

表示）。

【答案】⑴A

1

⑵Z

22

⑶鲁

n-1

【详解】(1)为了保护电路，闭合开关前，金属夹置于电阻丝的最大阻值处，由图可知，应

该置于A端。

(2)对于电路图(a),根据闭合电路欧姆定律有

U=E-Ir

设金属丝的电阻率为夕，横截面积为S,结合欧姆定律和电阻定律

R=p—

S

联立可得

U=E-—r

PL

整理可得

11-=--11-----

UEEpL

对于电路图(b),根据闭合电路欧姆定律有

U=E-I（r+R^

结合欧姆定律和电阻定律

/上

R

R=p—

S

联立后整理

1\S（r+7?。）1

U~EEpL

可知图线的纵轴截距

b=—

E

解得

E=-

b

(3)由题意可知

23

S(r+7?0)

2-Ep

又

与=〃

凡

联立解得

n-1

专题五多用电表的结构和使用方法

12.（2024・浙江・高考真题）在测绘发光二极管在导通状态下的伏安特性曲线实验中，

（1）用多用电表欧姆挡判断发光二极管的正负极选用X100挡时，变换表笔与二极管两极的连

接方式，发现电表指针均不偏转。选用挡（选填"xl0”或“xlk”）重新测试，指针仍

不偏转，更换二极管极性后，发现指针偏转，此时与多用电表红色表笔相连的是二极管—

（选填“正极”或“负极”）。

（2）图（A）是已完成部分连线的实物图，为实现电压可从零开始调节，并完成实验，尸应连

接接线柱（选填或才），。应连接接线柱（选填％”、“6”、“c”

或“滑）。某次选用多用电表量程为50mA挡测量，指针如图（B）所示，则电流/=

mA

（3）根据测得数据，绘出伏安特性曲线如图（C）所示，说明该二极管是元件（选

填“线性”或“非线性”，正常发光时电压在________V范围。

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图(C)

【答案】⑴xlk负极

（2）ad45.0

（3）非线性1.9-2.5

【详解】（1）口][2]指针未偏转，说明可能电阻过大，应换用xlk档继续实验；根据“红进黑

出”原则及二极管单向导电性可知红色表笔相连的是二极管负极。

（2）实现电压可从零开始调节，滑动变阻器采用分压式接法，尸应连接.；根据图C

可知电压表选取0~3V量程，故0接d；

[3]多用电表量程为50mA,分度值为1mA,需要估读到0.1mA,故电表的读数为

4x10mA+5x\mA+0x0.1mA=45.0mA

（3）[1]⑵根据图像可知/随。非线性变化，故说明该二极管是非线性元件，根据图像可知

正常发光时即有电流通过时电压在L9V-2.5V范围。

13.（2024・河北•高考真题）某种花卉喜光，但阳光太强时易受损伤。某兴趣小组决定制作

简易光强报警器，以便在光照过强时提醒花农。该实验用到的主要器材如下：学生电源、多

用电表、数字电压表（0〜20V）、数字电流表（0〜20mA）、滑动变阻器尺（最大阻值50CU.5A）、

白炽灯、可调电阻用（0~50kC）、发光二极管LED、光敏电阻凡；、NPN型三极管VT、开

关和若干导线等。

（1）判断发光二极管的极性使用多用电表的“xlOk”欧姆挡测量二极管的电阻。如图1所示，

当黑表笔与接线端M接触、红表笔与接线端N接触时，多用电表指针位于表盘中。位置（见

图2）；对调红、黑表笔后指针位于表盘中6位置（见图（2）,由此判断M端为二极管的—

（填“正极”或“负极”）。

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⑵研究光敏电阻在不同光照条件下的伏安特性

①采用图3中的器材进行实验，部分实物连接已完成。要求闭合开关后电压表和电流表的读

数从0开始。导线右、乙和4的另一端应分别连接滑动变阻器

的..接线柱（以上三空选填接线柱标号

②图4为不同光照强度下得到的光敏电阻伏安特性图3曲线，图中曲线I、II和ni对应光敏电

阻受到的光照由弱到强。由图像可知，光敏电阻的阻值随其表面受到光照的增强而.

（填“增大”或“减小”）。

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//mA

（3）组装光强报警器电路并测试其功能图5为利用光敏电阻、发光二极管、三极管（当6、e

间电压达到一定程度后，三极管被导通）等元件设计的电路。组装好光强报警器后，在测试

过程中发现，当照射到光敏电阻表面的光强达到报警值时，发光二极管并不发光，为使报警

器正常工作，应____________（填“增大”或“减小”）可调电阻4的阻值，直至发光二极管发

【答案】（1）负极

（2）AAD/C减小

⑶增大

【详解】（1）根据欧姆表结构，使用时欧姆表黑表笔接内部电源正极，故当黑表笔接M端,

电阻无穷大，说明二极管反向截止即连接电源负极。

（2）题干要求电压表、电流表读数从零开始，所以滑动变阻器采用分压式接法连接

电路,故右、4接滑动变阻器A接线柱必须接在金属杆两端接线柱任意一个，即C或D。

另若右接金属杆两端接线柱任意一个，即C或D,右接接滑动变阻器A接线柱,右接滑动变

阻器B接线柱也符合题意。

[4]由图像可知，随光照强度增加，/-U图像斜率增大，所以电阻减小。

（3）三极管未导通时，用与4串联。随着光强增强，用电阻减小，此时三极管仍未导通,

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说明片分压小，故需要增大公。

14.（2023・湖南•高考真题）某探究小组利用半导体薄膜压力传感器等元件设计了一个测量

微小压力的装置，其电路如图（a）所示，%、&、%为电阻箱，（为半导体薄膜压力传感

⑴先用欧姆表“X100”挡粗测心的阻值，示数如图（b）所示，对应的读数是—Q;

（2）适当调节6、&、招，使电压传感器示数为0,此时，号的阻值为（用凡、6、为表

示）；

（3）依次将0.5g的标准磋码加载到压力传感器上（压力传感器上所受压力大小等于祛码重力

大小），读出电压传感器示数U,所测数据如下表所示：

次数123456

祛码质量加/g0.00.51.01.52.02.5

电压U/mV057115168220280

根据表中数据在图（c）上描点，绘制U-机关系图线、

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U/mV

（4）完成前面三步的实验工作后，该测量微小压力的装置即可投入使用.在半导体薄膜压力

传感器上施加微小压力/，电压传感器示数为200mV,则乙大小是N（重力加速度

取9.8m/s2,保留2位有效数字）；

（5）若在步骤（4）中换用非理想毫伏表测量C、。间电压，在半导体薄膜压力传感器上施加

微小压力耳，此时非理想毫伏表读数为200mV,则片F。（填或，，＜"）.

【答案】（1）1000/1000.0

⑷1.7x10-2

⑸〉

【详解】（1）欧姆表读数为10x1000=1000。

（2）当电压传感器读数为零时，CD两点电势相等，即

UCB=UDB

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即

UABR=UABR

+凡

R1+RrpR)Z5

解得

（3）绘出U-m图像如图

（4）由图像可知，当电压传感器的读数为200mV时，所放物体质量为1.75g,则

F^mg=1.75x10-3x9.8N«1.7x10-2N

（5）可将CD以外的电路等效为新的电源，电动势内阻片,CD两点电压看做路端电

压，因为换用非理想电压传感器时内阻不是无穷大，此时电压传感器读数

Rv+r

当读数为U'=200mV时，实际CD间断路（接理想电压传感器时）时的电压等于£'大于

200mV,则此时压力传感器的读数£＞尸.。

15.（2024•新疆河南•高考真题）学生实验小组要测量量程为3V的电压表V的内阻公。可

选用的器材有：多用电表，电源E（电动势5V）,电压表Vi（量程5V,内阻约3k。），定

值电阻凡（阻值为800。），滑动变阻器A（最大阻值50Q）,滑动变阻器鸟（最大阻值5kH）,

开关S,导线若干。

完成下列填空：

（1）利用多用电表粗测待测电压表的内阻。首先应（把下列实验步骤前的字母按正确

操作顺序排列）；

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A.将红、黑表笔短接

B.调节欧姆调零旋钮，使指针指向零欧姆

C.将多用电表选择开关置于欧姆挡“xlO”位置

再将多用电表的红、黑表笔分别与待测电压表的（填“正极、负极”或“负极、正极”）

相连，欧姆表的指针位置如图（a）中虚线I所示。为了减少测量误差，应将选择开关旋转到

欧姆挡（填“xi”“xioo”或“xlk”）位置，重新调节后，测量得到指针位置如图（a）

中实线D所示，则组测得到的该电压表内阻为kQ（结果保留1位小数）；

oob

Lt

图(a)图(b)

⑵为了提高测量精度，他们设计了如图（b）所示的电路，其中滑动变阻器应选（填

“4”或“冬”），闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于（填“a”或"b”）端;

（3）闭合开关S,滑动变阻器滑片滑到某一位置时，电压表V，待测电压表的示数分别为5、

U,则待测电压表内阻&=（用以、U和扁表示）；

（4）测量得到U]=4.20V〃=2.78V,则待测电压表内阻（=kQ（结果保留3