2025届山东省中学联盟（普高文化）高三开学考-物理试题（含答案）

{#{QQABDYAAgggoABAAAAgCQwkYCACQkBEACIoOwEAEoAIBiRNABAA=}#}{#{QQABDYAAgggoABAAAAgCQwkYCACQkBEACIoOwEAEoAIBiRNABAA=}#}{#{QQABDYAAgggoABAAAAgCQwkYCACQkBEACIoOwEAEoAIBiRNABAA=}#}{#{QQABDYAAgggoABAAAAgCQwkYCACQkBEACIoOwEAEoAIBiRNABAA=}#}2023联考物理答案11-8DADCDBBD9-12CD、AD、BC、BCD.D位移不是理想化模型，故A不对，牛顿第一定律不能用实验证明，B不对，N不是基本单位，故C不对。2.A对B物体受力分析，受重力，A对B的压力，斜面的支持力，A对B的摩擦力和绳子的拉力，共五个力3.D1由h=gt得，t=3s，初速度v=gt=30m/s2021第一秒内h=vt-푔t=25m.2102ℎ整个上升过程的平均速度v==15m/s故选D。平푡4.C由图像知，30.0s-40.0s,电梯匀速，物体处于平衡状态，故A不对整个过程，该同学重力保持不变。电梯上行从20.0s-30.0s，电梯加速，处于超重状态，感觉书包变重。电梯下行，从40.0s-50.0s,电梯减速，处于超重状态，感觉书包变重。所以选C。5.D对B受力分析得，绳的拉力T=mg，m减小，绳的拉力减小，夹角不变，故细绳对定滑BB轮的作用力大小减小，方向不变，故B说法正确，D不正确。对小球A受力分析，正交分解得，摩擦力减小，支持力减小。故选D。61.B08Km/h=30m/s,216Km/h=60m/s,SPM=푣tS=푣t2MP=PN,所以t=t,设M的速度为푣PM1,PNPN2,12푀+푝푁+푣M,M到P的速度时间为t，所以푣=푣+at，푣=푣+2at,=30m/s,=60m/s,解得푣PMpM22M=15m/s，at=30m/s,所以푣=푣+2at=75m/s.NM7.B由图像知，汽车做匀减速直线运动，初速度为3m/s，加速度为0.5m/s2，由v=v0+at得4s末1的速度为1m/s，因为6s就能停下来，所以前8s位移由x=vt-at2得x=9m，所以选B028.D初态，kx=(m+m)gsinθ,由牛顿第二定律，F+k(x-x)-(m+m)gsinθ=(m+m)a,得01201212F=kx+(m+m)aF—x成一次函数关系。AB错误。对P，k(x-x)-F-푚푔푠푖nθ=ma,当120N11F=0时分离，k(x-x)=푚푔푠푖nθ+ma>0,所以x>x,D正确。N01109.CD由受力分析得，物块受斜面的支持力，摩擦力，合力不竖直向上。A不对。FN=mgcos30°5所以f=μF=3/4mg.所以f=퐹2+（푚푔푠푖푛30°），F=mg.所以CD正确N410.AD1푥1X=vt+at2得=v+at，初速度为12m/s，加速度为-4m/s2,经过3s停下来，所以汽车刹002푡2车距离为24m，所以选AD。1.BC1P点mgsin37°=μ（mgcos37°+）解得K=B对。PM过程比PN过程小球受到杆的2弹力大，PM过程摩擦力增大，P到N摩擦力减小，故选BC2.BCD13334B刚开始滑动时，f=μ(m+2m)g=mg.因此C的重力等于摩擦力，即C的质量为m，1443푔m<2m,故A错误。AB刚发生相对滑动时，对B，2μmg-μmg=ma,得a=，此时对ABC整00243体，Mg-μmg=(M+3m)a得M=2mg<,故AB相对滑动。AB间摩擦力为f2=μmg，对000025143푔CA整体，mg-f=(m+2m)a,a=g.故B正确。AB相对滑动后，对于B,f=f,=ma,a=,保持22155841不变，故C正确。若B的动摩擦因数大于，增加C质量，AB发生相对滑动，f保持不23变，B桌面间的摩擦力最大，静摩擦力大于mg，即大于f2，无法拉动B。故D正确。3、答案（1）12.30cm（2）6.92cm6.92cm(3)73.7（第一问2分，第二问每空1分，第三1问2分共6(1)由图得，读数为12.30cm∆퐿++12=6.92cm，(2)L-L=6.92cm，∆L=523(3)3mg=K∆L得K=73.7N/m14.答案（1）BC（2）C（4）0.800.49（每空2分，共8分）1）有力的传感器，所以不需要测砂和砂桶的质量，也不需要保证砂和砂桶质量远小于小（车的质量，故AD不对푎22(2)斜率K=，由于小车受力为2F，小车和滑轮质量和为，小车质量-m0퐹퐾퐾(3)由逐差法求a，得a=0.80m/s2对砂和砂桶mg-F=2ma,解得m=0.49Kg15.(1)小物块在斜面上向上运动：a1＝－gsinθ－μgcosθ＝－10m/s2①②③0－v2＝2as01解得s＝5m所以h＝ssinθ＝3m.④v0(2)小物块在斜面上向上运动时间t＝＝1s⑤1a1小物块在最高点时，mgsinθ>μmgcosθ，所以物块会匀加速下滑，加速度a2＝gsinθ－μgcosθ＝2m/s2⑥1向下匀加速运动时间s＝at2⑦22解得t2＝5s小物块在斜面上运动所需时间为：t＝t＋t＝(1＋5)s≈3.2s.⑧12答案：(1)3mꢀ(2)3.2s（①-⑧每式1分，共8分）146.（1）把ABCDE五个球看成整体，由受力分析，平衡条件知：FN=6mg①3FN=mg②2（2）以A为研究对象，由几何关系知，θ=45°1F=F=mg③1221f=F=mg④2231答案：（1）F=mg（2）f=mg（①--④每式2分，共8分）N2217.(1)对物体在MN段：由μmg=ma，①②11得：a1=4m/s2，当货物与传送带共速时v2=2ax，③111得：x=2m<l，所以货物到达N时的速度为4m/s，④11（3）货物在PQ上与PQ共速前：mgsinα+μmgcosα=ma，⑤22代入μ2得：a=10m/s2，由v-v=at，得：t=0.2s⑥212231货物在PQ上与PQ共速后：mgsinα-μmgcosα=ma，⑦23代入μ2得：a=2m/s2，由v=at，得：t=1s，⑧32342t=t+t=1.2s⑨12（3）货物在PQ上与PQ共速前：v2-v2=2ax，x=0.6m，⑩12222此过程传送带位移：x'=vt=0.4m，Δx=0.2m，（11）221货物相对于传送带向上，货物与PQ共速后到Q点，v2=2ax，x=1m，（12）2333此过程传送带位移：x'=vt=2m，Δx'=1m>Δx，（13）322货物相对于传送带向下，所以货物在PQ上的划痕长为1m。（14）答案：（1）4m/s（2）1.2s（3）1m（每式1分，共14分）18.（1）由受力分析，牛顿运动定律知：mgsinθ-μmgcosθ=ma①V2=2ax②3μ=1③15(2)由受力分析，牛顿运动定律知，取向右为正方向物块加速度大小：μmg=ma1a1=2m/s2a2=1m/s2④木板加速度大小：μmg=Ma2⑤木板与挡板第一次相碰前，物块与木板共速V-at=at=v⑥0112111X=vt-at21011121X=at22212∆x=x-x=6m⑦112（3）木板与挡板第一次碰后，与斜面碰前V-at=-v+at=v⑧11212228x=푥+푥=m''∆2123木板与斜面碰后，与挡板第二次碰前V-at=-v+at=v3⑨2132238∆x=m⑩3272物块相对木板滑动的距离：∆x=∆x∆x-∆x=m≈8.33m（11）1+2327(4)、木板与挡板第一次相碰时，1S=at2t=0.5sv=0.5m/s（12）224442物块：v=v-at=5m/s>v4（13）物014木块与挡板最后一次相碰后，木板与物块同时停下