2025年高考化学冲刺押题卷-化学江苏卷01全解全析

2025年高考押题预测卷01高三化学（考试时间：75分钟试卷满分：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H-1N-14O-16S-32Fe-56V-51第Ⅰ卷（选择题共39分）一、选择题：本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项符合题目要求。1．2025年，AI在材料化学等领域取得了多项重要的研究成果。下列材料属于无机非金属材料的是（）A．陶瓷花瓶B．纸质作业本C．蚕丝领带D．高强度铝合金【答案】A【解析】陶瓷是属于无机非金属材料，纸张和蚕丝属于有机高分子材料；铝合金属于金属材料。2．有的自来水厂除了在自来水中通入氯气之外，还会通入适量氨气，以延长消毒时间，氨气与次氯酸发生如下反应：NH3+HClONH2Cl+H2O。下列说法正确的是（）A．HClO的结构式为H—Cl—OB．NH3和H2O都能作配合物的配体C．NH3和H2O的VSEPR模型不同D．NH2Cl中既含离子键又含共价键【答案】B【解析】HClO的结构式为Cl—O—H，A错误；NH3和H2O的中心原子都有孤对电子，可以作配合物的配体，B正确；NH3和H2O的中心原子的价电子对数都是4，VSEPR模型都是四面体，C错误；NH2Cl是共价化合物，其中没有离子键，D错误。3．SO2催化氧化生成SO3的过程是无机基础化工的重要催化过程。某化学兴趣小组利用如图装置模拟工业上SO2的催化氧化过程，并测定此条件下SO2的转化率。已知：SO3的熔点为16.8℃，下列装置能达到实验目的的是（）甲乙丙丁A．用甲装置制备SO2气体B．用乙装置进行SO2的催化氧化C．用丙装置吸收SO3并测定其质量D．用丁装置吸收SO2并测定沉淀质量【答案】A【解析】用铜与浓硫酸反应制取SO2需要加热，甲装置没有加热装置，A错误；SO2和O2的混合气体在加热和催化剂（V2O5）的作用下可发生反应生成SO3，B正确；SO3的熔点为16.8℃，冰水可冷凝收集SO3，装置增加的质量就是SO3的质量，C正确；丁中产生的白色沉淀为BaSO4，生成沉淀的离子方程式为3SO2+3Ba2++2NO3-+2H2O=4H++3BaSO4↓+2NO↑，D正确。4．高岭石的化学组成可表示为Al4[Si4O10](OH)8，其性质相当稳定，被誉为"万能石"，常作为制造瓷器和陶器的主要原料。下列说法正确的是（）A．半径大小：r(Al3+)<r(O2-)B．非金属性强弱：O<SiC．电离能大小：I1(Al)＞I1(Si)D．沸点：SiH4＞H2O【答案】A【解析】Al3+和O2-的电子层结构相同，核电荷数越大，离子半径越小，A正确；非金属性：O＞C＞Si，B错误；同周期元素，核电荷数越大，第一电离能越大，电离能：I1(Si)＞I1(Al)，C错误；水分子间能形成氢键，水的沸点较高，水在常温下为液体，SiH4在常温下为气体，沸点：H2O＞SiH4，D错误。阅读下列材料，完成5～7题：氮及其化合物在生产生活中有重要应用。氮元素是典型变价非金属元素，其氧化物和请化物种类较多，氢化物有NH3、N2H4（联氨，又名肼）、HN3（叠氮酸）等。人工固氮技术是20世纪人类最伟大的成就之一，为人类解决粮食短缺问题作出了巨大的贡献。氨易液化，液氨能与钠反应。NH3中的一个H原子被-OH取代可形成羟胺（NH2OH），被-NH2取代可形成肼（N2H4），肼的燃烧热为622kJ·mol-1。将尿素、NaClO和NaOH溶液混合，在一定条件下反应可制得肼。5．下列有关含氮物质的性质与用途对应关系正确的是（）A．NO为无色气体，在人的生命活动中作为一种信息分子B．N2H4具有较强的还原性，可用作火箭升空的燃料C．NH4Cl受热易分解，实验室可用NH4Cl和Ca(OH)2共热制NH3D．浓硝酸有强酸性，常温下可用铁槽车运输浓硝酸【答案】B【解析】NO在人的生命活动中作为一种信息分子与其颜色无关，A错误；N2H4中的氮元素处于较低价，有较强的还原性，可用作火箭的燃料，B正确；实验室用NH4Cl和Ca(OH)2共热制NH3发生的反应与NH4Cl受热易分解无关，C错误；常温下可用铁槽车运输浓硝酸的原因是浓硝酸具有强氧化性，能使铁钝化，D错误。6．下列化学反应的表示正确的是（）A．金属钠和液氨反应：NH3+Na=NaNH2+H2↑B．过量氨水和SO2反应：SO2+2NH3·H2O=(NH4)2SO3+H2OC.尿素、NaClO、NaOH溶液制取肼的离子方程式：CO(NH2)2+ClO-=CO2↑+N2H4+Cl-D．肼燃烧的热化学方程式：N2H4(l)+O2(g)=N2(g)+2H2O(g)ΔH=－622kJ·mol-1【答案】B【解析】金属钠和液氨反应：2NH3+2Na=2NaNH2+H2↑，A错误；过量氨水吸收工业尾气中的SO2，生成(NH4)2SO3和水，B正确；尿素和NaClO溶液在碱性条件下反应生成N2H4、Na2CO3和NaCl，碱性条件下不放出CO2气体，C错误；肼燃烧的热化学方程式中，H2O应为液态，D错误。7．已知：-OH的吸电子能力比-NH2的强。下列说法正确的是（）A．NH3的键角比H2O小B．NH3、HN3、NH4Cl形成的晶体都是分子晶体C．NH2OH难溶于水D．NH2OH中N结合H+的能力比N2H4弱【答案】D【解析】NH3和H2O的中心原子都采用sp3杂化，NH3中N原子有1个孤电子对，H2O中O原子上有2个孤电子对，孤电子对越多键角越小，故H2O的键角更小，A错误；NH4Cl属于铵盐，是离子晶体，B错误；NH2OH有羟基和氨基，能与水形成分子间氢键，故易溶于水，C错误；-OH的吸电子能力比-NH2的强，则NH2OH中N原子的正电性大，比NH2H4中N原子更难以结合H+，D正确。8．化合物是合成某种抗真菌药药物的中间体，下列说法不正确的是（）A．X分子中所有碳原子可能共平面 B．Y分子存在对映异构现象C．1molZ最多能与3molNaOH反应 D．Y、Z可用溴的CCl4溶液鉴别【答案】C【解析】苯环上所有碳原子共平面，酮羰基与两端的碳原子共平面，单键可以旋转，则X分子中所有碳原子可能共平面，A正确；Y分子中，与-OH相连的碳原子为手性碳原子，则Y分子存在对映异构现象，B正确；Z水解生成的HF、HCl和酚羟基都能与NaOH反应，1molZ最多能与5molNaOH反应，C错误；Z分子中含有碳碳双键，能与溴发生加成反应，Y则不能，可用溴的CCl4溶液鉴别Y、Z，D正确。9．在给定条件下，下列选项所示的物质间转化均能实现的是（）A．Cu(s)Cu(NO3)(aq)Cu(NO3)(s)B．浓H2SO4(l)SO2(g)BaSO3(s)C．NH3(g)NO(g)NaNO3(aq)D．Na2CO3(aq)CO2(g)NaHCO3(aq)【答案】D【解析】HNO3是易挥发性酸，Cu2+能发生水解，因此蒸干Cu(NO3)2溶液不能得到Cu(NO3)2固体，A错误；浓H2SO4与Na2SO3固体反应生成SO2气体，SO2与BaCl2溶液不反应，B错误；NH3催化氧化生成NO，NO与NaOH溶液不能直接反应，C错误；酸性：CH3COOH＞H2CO3＞苯酚，则Na2CO3与CH3COOH反应生成CO2气体，CO2、H2O和苯酚钠溶液反应生成苯酚和NaHCO3，D正确。10．室温钠-硫电池被认为是一种成本低、比能量高的能源存储系统。一种室温钠-硫电池的结构如图所示。将钠箔置于聚苯并咪唑膜上作为一个电极，表面喷涂有硫黄粉末的炭化纤维素纸作为另一电极。工作时，在硫电极发生反应：S8+e-→S、S+e-→S、2Na++S42-+2(1-)e-→Na2Sx。下列叙述错误的是（）A．充电时Na+从钠电极向硫电极迁移B．放电时外电路电子流动的方向是a→bC．放电时正极反应为：2Na++S8+2e-→Na2SxD．炭化纤维素纸的作用是增强硫电极导电性能【答案】A【解析】由题意可知，放电时硫电极得电子，则硫电极为原电池正极，钠电极为原电池负极。充电时为电解池装置，阳离子移向阴极，即钠电极，故充电时，Na+由硫电极迁移至钠电极，A错误；放电时Na在a电极失去电子，失去的电子经外电路流向b电极，硫黄粉在b电极上得电子与a电极释放出的Na+结合得到Na2Sx，电子在外电路的流向为a→b，B正确；由题给的的一系列方程式相加可以得到放电时正极的反应式为2Na++S8+2e-→Na2Sx，C正确；炭化纤维素纸中含有大量的炭，这种炭具有良好的导电性，可增强硫电极的导电性能，D正确。11．室温下，根据下列实验操作和现象所得出的结论正确的是（）选项实验操作和现象结论A向BaCl2溶液中通入SO2和气体X，产生白色沉淀X有强氧化性，白色沉淀一定为BaSO4B向丙烯醇（CH2=CHCH2OH）中加入酸性KMnO4溶液，KMnO4溶液褪色验证丙烯醇中是否含碳碳双键C向Na2SO3溶液中先滴加酚酞，再滴加BaCl2溶液至过量，溶液红色变浅至消失Na2SO3溶液SO32-水解使溶液呈碱性D在2mL0.01mol·L-1Na2S溶液中先滴入几滴0.01mol·L-1CuSO4溶液有黑色沉淀生成，再滴入0.01mol·L-1ZnSO4溶液，又有白色沉淀生成Ksp(ZnS)<Ksp(CuS)A．AB．BC．CD．D【答案】B【解析】H2SO3的酸性弱于HCl，SO2不能与BaCl2溶液反应，若向BaCl2溶液中通入SO2和NH3，SO2和NH3、BaCl2溶液反应能生成BaSO3白色沉淀，则白色沉淀不一定是BaSO4，A错误；丙烯醇中的—CH2OH和碳碳双键都可使酸性KMnO4溶液褪色，B错误；Na2SO3溶液中的SO32-水解生成OH-，使溶液显碱性，滴加酚酞溶液变红色，再滴加BaCl2溶液至过量，Ba2+和SO32-反应生成沉淀，导致SO32-浓度减小，其水解平衡逆向移动，OH-浓度减小，红色变浅至消失，C正确；Na2S溶液中S2-过量，无论ZnS、CuS的Ksp关系如何，都会先产生黑色沉淀，再产生白色沉淀，D错误。12．室温下，通过下列实验探究NaHCO3和Na2CO3的性质：实验1：测定0.1mol·L-1NaHCO3溶液的pH约为8。实验2：将0.1mol·L-1Na2CO3溶液与0.1mol·L-1CaCl2溶液等体积混合，产生白色沉淀。实验3：将少量FeSO4·7H2O溶于水，加入一定量的NaHCO3溶液，可制得FeCO3沉淀。下列说法不正确的是（）A．实验1的溶液中存在：Ka1(H2CO3)·Ka2(H2CO3)＜KWB．实验2的上层清液中存在：c(Ca2+)·c(CO32-)＜Ksp(CaCO3)C．实验2的上层清液中存在：c(Na+)+2c(Ca2+)+c(H+)=c(HCO3-)+2c(CO32-)+c(OH-)D．实验3生成FeCO3沉淀的离子方程式为：2HCO3-+Fe2+=FeCO3↓+CO2↑+H2O【答案】D【解析】NaHCO3溶液呈碱性，说明HCO3-的水解能力强于其电离电离能力，即Ka2(H2CO3)＜，故Ka1(H2CO3)·Ka2(H2CO3)＜KW，A正确；实验2说明CO32-与Ca2+生成CaCO3白色沉淀，CaCO3存在沉淀溶解平衡，实验2的上层清液是CaCO3的饱和溶液，其中存在：c(Ca2+)·c(CO32-)=Ksp(CaCO3)，B错误；根据电荷守恒，可知实验2的上层清液中存在c(Na+)+2c(Ca2+)+c(H+)=c(HCO3-)+2c(CO32-)+c(OH-)，C正确；HCO3-与Fe2+反应生成FeCO3沉淀时必有CO2气体产生，D正确。13．历史上曾用地康法制氯气，其反应为4HCl(g)+O2(g)2Cl2(g)+2H2O(g)。下图为恒容容器中，进料浓度比c(HCl):c(O2)分别等于1:1、4:1、7:1时HCl平衡转化率随温度变化的关系。若起始进料浓度c(O2)=1mol·L-1，则下列说法正确的是（）A．反应4HCl(g)+O2(g)2Cl2(g)+2H2O(g)的ΔS＜0，ΔH＞0B．400℃时，A、B、C三点的反应速率：v(A)＞v(B)＞v(C)C．400℃时，该反应的平衡常数K=D．400℃时，B点O2的平衡转化率为38%【答案】C【解析】根据图中信息可知，升高温度时，HCl的平衡转化率下降，则平衡逆向移动，逆向为吸热反应，因此反应4HCl(g)+O2(g)2Cl2(g)+2H2O(g)为放热反应，其ΔH＜0，ΔS＜0，A错误；恒容容器中，进料浓度比c(HCl):c(O2)分别等于1:1、4:1、7:1，相当于保存c(O2)不变，同时不断增大c(HCl)，则HCl的平衡转化率不断降低，c(HCl):c(O2)为1:1、4:1、7:1对应曲线分别是X、Y、Z，相同温度下，增加HCl的浓度，反应速率加快，400℃时，A、B、C三点的反应速率：v(C)＞v(B)＞v(A)，B错误；400℃时，B点HCl的平衡转化率为76%，进料浓度比c(HCl):c(O2)=4:1，c(O2)=1mol·L-1，根据三行式计算，可知平衡常数K=，C正确；400℃，B点进料浓度比c(HCl):c(O2)＝4:1时，与化学方程式的计量系数比相同，则两反应物的转化率相等，HCl的平衡转化率为76%，则O2平衡转化率也为76%，D错误。第II卷（非选择题共61分）二、非选择题：共4题，共61分。14．（15分）钒元素是一种以神话女神名字命名的元素。钒及其化合物在工业生产上有重要应用，V2O5是一种具有优良性能的化工原料，广泛用于冶金、化工行业，可制取多种含钒化合物。（1）实验室制备氧钒（Ⅳ）碱式碳酸铵晶体，过程如下：“还原”步骤中生成VOCl2的同时还生成一种无色无污染的气体，反应的化学方程式为；若不加N2H4，HCl也能还原V2O5生成VO2+和Cl2，Cl2可被Na2SO3溶液吸收，则SO32-、Cl-、VO2+的还原性由强到弱的顺序是；分析制备反应中不生成Cl2的原因：。（2）对制得的晶体进行含钒量的测定：称取4.000g样品，经过系列处理后将钒（Ⅳ）完全氧化为VO2+，定容为100mL溶液；量取20.00mL溶液，加入几滴指示剂，用0.2000mol·L-1的(NH4)2Fe(SO4)2标准溶液滴定至终点，VO2+转化为VO2+；平行滴定4次，消耗标准溶液的体积分别为22.50mL、22.45mL、21.00mL、22.55mL。则滴定过程中发生反应的离子方程式为，样品中钒元素的质量分数为（写出计算过程，结果保留两位小数）。（3）钒的某种氧化物的立方晶胞结构如图所示。该钒的氧化物的化学式为，V原子的配位数与O的配位数之比为 【答案】（15分）（1）2V2O5+N2H4+8HCl=4VOCl2+N2↑+6H2OSO32->Cl->VO2+N2H4的还原性强于HCl（2）VO2++Fe2++2H+=VO2++Fe3++H2O28.69%（3分）（3）VO22∶1（除标注的以外，其余每空2分）【解析】（1）“还原”步骤中生成VOCl2的同时还生成的一种无色无污染气体是N2，由元素守恒可知还有H2O生成，则反应的方程式为2V2O5+N2H4+8HCl=4VOCl2+N2↑+6H2O。氧化还原反应中，还原剂的还原性大于还原产生的还原性，则还原性：SO32->Cl->VO2+。V2O5能与HCl反应生成VOCl2和Cl2，同时加入N2H4和HCl，反应中不生成Cl2，说明N2H4的还原性强于HCl，N2H4会优先与V2O5反应。（2）(NH4)2Fe(SO4)2溶液显酸性，滴定过程中，Fe2+将VO2+还原为VO2+，反应的离子方程式为VO2++Fe2++2H+=VO2++Fe3++H2O；由题给数据可知，第三次实验的误差较大，应舍去，则消耗(NH4)2Fe(SO4)2溶液的平均体积为=22.50mL，样品中钒元素的质量分数为×100%≈28.69%。（3）该晶胞中，V原子位于立方体的顶点和体心，数目为=2；O原子位于上下面上和体内，数目为=4，二者原子数日之比为1∶2，该氧化物化学式为VO2；体心V原子的配位数为6，O原子配位数为3，所以V原子的配位数与O的配位数之比为2∶1。15．（15分）化合物H是一种类生物碱，具有抗炎、抗肿瘤、抗病原微生物等生物活性，它的一种合成路线如下：（1）G中官能团的名称为，其分子中碳原子的杂化类型为。（2）反应①②④⑤中，属于加成反应的是（填序号）。（3）反应③中有和E互为同分异构体的副产物生成，该副产物的结构简式为。（4）G的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式：。①属于芳香族化合物，且能发生银镜反应；②酸性条件下水解得到三种分子在1H核磁共振谱中都有两组峰。（5）写出以CH3COOH和为原料制备的合成路线流程图（无机试剂和有机溶剂任用，合成路线流程图示例见题干）：。【答案】（15分）（1）羧基、酯基（2分）sp2、sp3（2分）（2）④（2分）（3）（2分）（4）（3分）（5）CH3COOHCH3COCl（4分）【解析】由反应条件和反应前后有机物的结构简式可知，A发生取代反应得到B，B和C发生取代反应得到D，D反应生成E和水，E发生加成反应生成F，F和G发生取代反应得到H。（1）G分子中的官能团是羧基和酯基，该分子中甲基上饱和碳原子的杂化类型为sp3，苯环上、羧基和酯基上碳原子的杂化类型为sp2，因此碳原子的杂化轨道类型为sp3、sp2。（2）根据上述分析，可知反应①②⑤是取代反应，反应④是加成反应。（3）D→E中有和E互为同分异构体的副产物生成，E是断裂苯环支链下面碳氢键形成的，反应中也有可能是断苯环支链上面的碳氢键形成副产物，据此可写出副产物的结构简式。（4）G的一种同分异构体同时满足条件：①属于芳香族化合物，能发生银镜反应，则其分子中含有苯环和醛基；②碱性条件下水解，酸化后得到三种分子中都有2种不同化学环境的氢，说明含有两个酯基且是甲酸酚酯和乙酸酚酯，两个取代基在苯环上是对位，据此可写出该同分异构体的结构简式。（5）乙酸和SOCl2在加热条件下反应生成CH3COCl，CH3COCl和在Et3N、CH2Cl2、0℃作用下反应生成，在POCl3、甲苯、加热条件下反应生成，在NaBH4、CH3OH、0℃作用下反应生成，据此可确定合成路线。16．（15分）锗是一种重要的半导体材料，同时在航空航天测控、化学催化剂、生物医学等领域都有广泛而重要的应用。实验室模拟生产锗的实验过程如图所示：回答下列问题：（1）在实验室中，若焙烧锗石矿，应将样品放在中灼烧。产生的气体可以用下列方式处理（填标号）。a．NaOH溶液

b．酸性KMnO4溶液c．苯和水的分层液

d．碱石灰（2）步骤2：将烧渣放入三颈烧瓶中，分批加入浓盐酸并搅拌，控制温度为40℃反应30分钟。用浓盐酸而不用稀盐酸处理GeO2粗品的原因是。（3）写出“步骤4”生成GeO2·nH2O反应的化学方程式：。“步骤4”操作时保持较低温度有利于提高产率，其可能的原因是。（4）GeO2粗品中常含有少量As2O3。另一种提纯GeO2的实验方法为：先将其转化为GeCl4，再在0℃下水解GeCl4得到高纯GeO2。已知：①GeO2与As2O3均为两性氧化物，部分晶型的GeO2难溶于盐酸；②GeCl4常温下是液体，沸点为84℃，易与AsCl3共沸；③AsCl3在pH为0.4~0.6时有还原性。现有已知As含量的粗品GeO2，补充完整提纯的实验方案：向粗品中分批加入4mol·L-1NaOH溶液，直至粗品完全溶解，，过滤，洗涤2~3次，干燥。（实验中须使用的试剂：10mol·L-1盐酸、氯酸钠固体、蒸馏水）【答案】（15分）（1）坩埚（1分）abd（3分）（2）加快反应速率，同时抑制生成的GeCl4水解（2分）（3）GeCl4+(n+2)H2O=GeO2·nH2O↓+4HCl（3分）该水解反应为放热反应，温度较低时平衡常数较大，反应物平衡转化率更高（2分）（4）向溶液中加入10mol·L-1盐酸至pH=0.5(0.4~0.6间的任意值均可)(1分)；随后加入足量NaClO3固体充分反应(1分)；在84℃蒸馏，将馏分冷却后(1分)，与0℃的蒸馏水混合，充分搅拌直至无沉淀生成(1分)【解析】（1）实验室中焙烧固体应将样品放在坩埚中灼烧；锗石矿中含硫元素，焙烧产生的气体为SO2：SO2能够被NaOH溶液完全吸收，干燥管能够防止倒吸，a符合题意；SO2能被酸性KMnO4溶液完全吸收，双球管能够防止倒吸，b符合题意；虽然苯能够防止倒吸，但SO2不能被水完全吸收，c不合题意；SO2能够被碱石灰完全吸收，d符合题意。（2）盐酸的浓度越大，反应速率越大；GeCl4易水解，浓盐酸酸性强，能抑制其水解。（3）GeCl4水解类似于TiCl4水解，该水解反应为放热反应，温度较低时，反应正向进行程度大，反应的平衡常数较大，有利于提高产率。（4）由题意可知，提纯GeO2的实验方案为：向粗品中分批加入4mol·L-1NaOH溶液，直至粗品完全溶解，向溶液中加入10mol·L-1盐酸至pH在0.4~0.6范围内，将锗元素、砷元素转化为氯化物，随后加入足量NaClO3固体充分反应，将AsCl3氧化为AsCl5；控制温度为84℃进行蒸馏，将馏分冷却后，与0℃的蒸馏水混合，充分搅拌直至无沉淀生成，过滤，洗涤2~3次，干燥得到GeO2。17．（16分）天然气既是一种清洁能源，也是重要的化工原料，研究天然气的净化和利用具有重要意义。（1）天然气中含少量H2S和CO2，需用一定方法脱除。已知：H2S的Ka1=10-6.97，Ka2=10-12.9，H2CO3的Ka1=10-6.38，Ka2=10-10.25。①用NaOH溶液脱H2S和CO2，脱除后的溶液中存在：S2-+H2OHS-+OH-、CO32-+H2OHCO3-+OH-。下列说法正确的是。a．适当升高温度，溶液中c(OH-)增大b．加入少量水，溶液中离子总数增大c．通入少量HCl气体，增大②用Na2CO3溶液脱H2S和CO2。将含H2S和CO2的天然气缓缓通入100mL0.1mol·L-1Na2CO3溶液中，脱除过程中H2S与Na2CO3发生反应的离子方程式是。（2）甲烷与硫化氢重整制氢反应为CH4(g)+2H2S(g)CS2(g)+4H2(g)，其过程中反应ⅰ、ⅱ及其相对能量变化示意图如图1所示。在恒压条件下，起始时按n(H2S):n(CH4)=2:1(同时通入一定量的N2进行稀释，N2不参与反应)向某密闭容器中充入反应混合物，温度变化对平衡时反应混合物中CH4、H2S、CS2、H2的物质的量分数(ω)的影响如图2所示。图1图2①反应CH4(g)+2H2S(g)CS2(g)+4H2(g)的ΔH=。②研究发现，在800～870℃温度区间内，随温度升高，H2S在平衡时反应混合物中含量迅速下降，而CS2的含量几乎为0，其原因可能是。③研究发现，当温度大于900℃时，平衡混合物中非常接近4。则N点对应温度下，CH4的平衡转化率为；保持其他条件不变，若起始时不通入N2进行稀释，则CH4的平衡转化率会（填“降低”“升高”或“无影响”）。（3）CH4和CO2在Zn/ZSM—5分子筛催化反应生成CH3COOH反应机理如图所示：①催