2024年山东省潍坊市寿光市中考化学三模试卷（含解析）

2024年山东省潍坊市寿光市中考化学三模试卷一、选择题：本题共11小题，每小题2分，共22分。每小题只有一个选项符合题目要求。1．（2分）人类的发展进步离不开科学家的贡献。对下列科学家贡献的叙述不合理的是（）A．张青莲：精确测定部分元素相对原子质量 B．拉瓦锡：用红磷燃烧法测得空气的组成 C．屠呦呦：提取治疗疟疾有效药物青蒿素 D．侯德榜：改进制碱工艺发明联合制碱法2．（2分）规范的实验操作是实验安全和成功的保证。下列基本操作正确的是（）A．检查气密性 B．吸取液体 C．过滤泥水 D．气体收集3．（2分）4月15日是我国“全民国家安全教育日”。下列做法错误的是（）A．高层楼房着火不能乘坐电梯逃离 B．房间里放盆石灰水，防止煤气中毒 C．在加油站油库附近张贴严禁烟火标志 D．不能食用甲醛溶液浸泡的海产品4．（2分）物质的用途与性质密切相关。下列对物质的应用叙述不合理的是（）A．生石灰用作食品干燥剂 B．纯碱、洗洁精用于洗涤油污 C．明矾用于降低自来水硬度 D．碳酸氢钠用作灭火器里二氧化碳的发生剂5．（2分）《礼记•内则》有记载：“衣裳垢，和灰清”，描述的是用草木灰溶液清洗衣垢。下列说法错误的是（）A．向草木灰溶液中滴入酚酞，溶液变红 B．草木灰的水溶液可以区分硬水和软水 C．草木灰水溶液不适宜清洗蚕丝制品 D．草木灰去油污主要利用了其乳化作用6．（2分）C3N4是一种新型材料，它的硬度比金刚石还大，可用切割工具．在C3N4中C元素的化合价为+4，则N元素的化合价是（）A．﹣4 B．﹣1 C．﹣3 D．+37．（2分）长期驻留空间实验室会导致航天员肌肉萎缩、骨钙丢失，为预防骨质疏松，可在航天食品中添加（）A．C12H22O14Ca B．FeC6H6O7 C．KIO3 D．C12H22O14Zn8．（2分）如图是空气成分体积含量示意图，有关气体a、b、c的说法正确的是（）A．气体a约占空气总质量的78% B．气体a化学性质比较活泼，可用于食品防腐 C．气体c主要成分是二氧化碳 D．气体b可用作发射宇宙火箭的助燃剂9．（2分）如图是氯元素在元素周期表中的一个“方格”和对应微粒的结构示意图信息，小明对图中理解不正确的是（）A．m＝n，氯为非金属元素 B．n＝a+b+8 C．“？”处的元素符号为“Cl” D．该微粒化学性质稳定10．（2分）逻辑推理是化学学习中常用的思维方法。下列推理正确的是（）A．某物质在氧气中燃烧生成二氧化碳和水，则该物质一定含有碳元素和氢元素 B．化学反应都会伴随着能量的变化，则有能量变化的过程一定发生了化学反应 C．碱溶液能使酚酞试液变红，所以能使酚酞试液变红的溶液一定是碱溶液 D．硝酸铵与熟石灰混合研磨会产生氨味，所以用硝酸钠替换硝酸铵也有氨味产生11．（2分）A、B、C三种物质的溶解度曲线如图所示。下列分析正确的是（）A．t1℃时，A、C溶液中溶质的质量分数相等 B．将t2℃时，A、B饱和溶液降温至t1℃，A析出的晶体比B多 C．t2℃时，将30gA物质放入50g水中，充分溶解后，所得溶液的溶质质量分数为33.3% D．将t2℃时A、B、C三种物质的饱和溶液降温至t1℃，所得溶液的溶质质量分数由大到小是B＞A＝C二、选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。每小题有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。（多选）12．（3分）某同学绘制了含铁元素的物质转化关系图（图中“→”表示一种物质可转化为另一种物质，部分反应物、生成物及反应条件已略去）。下列说法正确的是（）A．通过反应①可以得到浅绿色溶液 B．反应②中，Fe2O3发生氧化反应 C．能实现转化③的金属，也能和稀硫酸反应 D．能实现转化④的反应只有铁和稀盐酸的反应（多选）13．（3分）用如图甲所示装置进行实验，先检查装置气密性，再将橡胶塞连接压强传感器，烧瓶中放入铝片（足量）和稀硫酸，塞紧瓶塞并打开仪器，一段时间后，得到如图乙所示的气体压强与时间的关系曲线图。下列有关说法错误的是（）A．A点溶液对应的pH小于C点对应溶液的pH B．曲线AB段压强变化不明显是因为铝片表面有Al2O3薄膜 C．曲线BC段压强变化趋势说明铝与稀硫酸反应会放出热量 D．曲线CD段压强减小说明生成氢气的总质量在减少14．（3分）用如图装置进行实验。通入O2前，白磷均不燃烧：通入O2后，甲中白磷不燃烧，乙中白磷燃烧。下列说法不正确的是（）已知：白磷的着火点为40℃；红磷的着火点为240℃。A．该实验能验证可燃物燃烧需要与O2接触 B．该实验能验证可燃物燃烧需要温度达到着火点 C．若将乙中的白磷换成红磷，能验证可燃物燃烧需要与O2接触 D．若将O2换为N2，甲、乙中白磷均不能燃烧15．（3分）某化学小组用一定量AgNO3和Al（NO3）3的混合溶液加入铜粉和锌粉，充分反应后过滤，得到溶液甲和固体乙，如图所示，现有下列说法，四种说法正确的个数为（）①溶液甲中一定含Al（NO3）3和Zn（NO3）2②固体乙中一定含Ag，可能含有Cu和Zn③若溶液甲呈蓝色，则溶液甲一定含Al（NO3）3、Zn（NO3）2和Cu（NO3）2④若向固体乙上滴加盐酸有气泡产生，则溶液甲中一定没有AgNO3和Cu（NO3）2⑤若溶液甲呈无色，则溶液甲的质量可能大于原混合溶液的质量A．①④⑤ B．②③④ C．①②③④⑤ D．①②③④（多选）16．（3分）某校兴趣小组为探究实验室制取二氧化碳后的废液成分，向100g废液中持续加入溶质质量分数为10.6%的碳酸钠溶液，测得的数据如图所示。下列判断错误的是（）A．待测1的值为4.4 B．A点溶液中有两种溶质 C．废液中一定含有HCl和CaCl2 D．BC段中溶液的pH不断变大17．（3分）工业脱硫过程如图所示（CuS不溶）下列说法正确的是（）A．过程①发生置换反应 B．整个过程中只有铜元素化合价不变 C．脱硫过程中除了H2S外，被消耗的物质只有氧气 D．若脱硫过程中，H2S和O2反应生成水，则H2S和O2消耗的质量比为17：8三、非选择题：本题共7小题，共60分。18．（7分）阅读下面科普短文，完成相关问题。保鲜膜通常有适度的透氧性和不透水性，能调节被保鲜品周围O2和H2O的含量，从而起到保鲜作用。目前市场上常见的保鲜膜主要是聚乙烯保鲜膜，它是以石油中提炼出的乙烯（C2H4）为主要原料制成的，不易降解。用从海藻中提取的海藻酸钠制成的保鲜膜具有良好的可降解性。科研人员以4℃环境下储藏的鲜切西瓜为样品，测试了海藻酸钠保鲜膜对西瓜品质的影响。其中，用海藻酸钠保鲜膜和聚乙烯保鲜膜分别包裹的西瓜，储藏期间微生物生长的情况如图（纵坐标数值越大，代表微生物数量越多）。（1）物质的性质决定用途，保鲜膜起到保鲜作用，是因为其具有性。（2）聚乙烯保鲜膜属于材料（填“合成”或“复合”），这类材料因具有（填“热塑性”或“热固性”），可以回收利用；从环保角度考虑，应尽量选用（填“聚乙烯”或“海藻酸钠”）保鲜膜，原因是。（3）海藻酸钠化学式为C6H7NaO6，具有良好的生物相容性和凝胶性，其中碳、氧元素的质量比是。（4）微生物的滋生是引起水果腐烂变质的一个重要原因。如图数据可作为海藻酸钠保鲜膜的保鲜效果优于聚乙烯保鲜膜的证据之一，理由是。19．（9分）农业上常用溶质质量分数为16%的氯化钠溶液进行选种。现需要配制50g溶质质量分数为16%的氯化钠溶液，请完成下列问题：（1）请写出正确的实验步骤（用字母表示）→装瓶→贴标签。（2）实验操作：需称量氯化钠固体g，量取水的体积mL，在用量筒量取水的体积接近刻度时，需要进行的操作是，将配制好的溶液装在（填“广口瓶”或“细口瓶”）中，并贴上标签。请完善如图标签内容。（3）误差分析：上图操作中对配制的溶液溶质质量分数影响分析正确的是。A．A中称量操作导致溶质质量分数偏大B．B中量取操作导致溶质质量分数偏小C．C中固体洒落导致溶质质量分数偏大D．配制好的溶液转移过程中溅出，溶质质量分数无影响（4）已知20℃时氯化钠的溶解度为36g，若将50g16%的氯化钠溶液变为饱和，需蒸发水的质量为g（结果保留1位小数）。20．（10分）在学习了酸碱盐的化学性质后，某同学建构了如图知识网络。已知A、B、C、D、E是不同类别的物质，“—”表示相连的物质一定条件下可以发生化学反应。请回答下列问题：（1）A类物质具有相似的化学性质，是因为溶液中都含有（填微粒符号），请写出一个符合条件的反应①的化学方程式。（2）反应②的微观实质是，该性质在农业上的应用为（一条即可）。（3）反应③中对C类物质的要求是。（4）B类物质能使紫色的蕊试液变色，该类物质在空气中需要密封保存，其反应原理可用表示（填“②”“④”或“⑤”）。（5）物质D可用于造纸和洗涤剂的生产，请写出⑤的化学方程式：。21．（8分）随意丢弃废旧干电池会造成环境污染，废旧干电池中的许多物质可以回收利用。请据图回答下列问题。（1）石墨可作为电极材料，是利用了它的性；干电池在工作时的能量转化形式是。（2）锌皮与铜帽作为金属资源可以回收，要比较锌和铜的活动性，可以使用试剂。（3）将黑色粉末在空气中充分灼烧，质量减轻，剩余粉末在过氧化氢制取氧气的实验中起作用。（4）将糊状A物质（主要成分NH4Cl）的溶液分为两份，一份加入烧碱溶液，加热产生一种有刺激性气味的气体（填化学名称），另一份加入AgNO3溶液，产生白色沉淀，该反应的化学方程式为。以上两个反应的微观过程如图所示，请用文字描述其反应的微观实质。22．（8分）碳酸锂（Li2CO3）是制备手机锂电池的重要原料。工业上以锂辉石精矿（主要成分为Li2O，其余成分不溶于水，也不参与反应）为原料制取Li2CO3，其主要工艺流程如图所示，请完成下列问题。（提示：Li2CO3微溶于水，其溶解度随温度的升高而减小。）（1）投入锂辉石前一般先将矿石研磨成粉末，目的是，酸浸槽中加入适量的X，请写出X的化学式。（2）在酸浸槽和反应器之间需要进行的操作是，写出反应器中发生反应的化学方程式，沉锂池中分离出的滤液中含有的阴离子有（用符号表示）。（3）洗涤槽中使用热水洗涤碳酸锂的原因是，证明Li2CO3洗涤干净的方法是（写出具体的操作、现象和结论）。23．（10分）某化学小组在实验室探究碳酸钠溶液与稀盐酸的反应原理，请你一起完成实验探究。实验一：在5mL稀盐酸中逐滴加入碳酸钠溶液，边滴边振荡，直至滴完5mL碳酸钠溶液。现象：开始有气泡产生，一段时间后无气泡产生，在反应后的溶液中加入2滴酚酞溶液，溶液变红，则反应后溶液中的溶质是（写出化学式）。实验二：在5mL碳酸钠溶液中逐滴加入稀盐酸，边滴边振荡，直至滴完5mL稀盐酸。现象：整个实验过程无气泡产生。【提出问题】用量相同的两种反应物，滴加顺序不同，现象为什么不一样呢？【查阅资料】（1）碳酸钠溶液与盐酸反应时，若盐酸过量，生成NaCl、CO2和H2O；若盐酸不足，产物是NaCl和NaHCO3。（2）碳酸钙难溶于水，碳酸氢钙易溶于水。【作出猜想】实验二结束后，试管中溶液的溶质成分。猜想1：NaCl、NaHCO3和Na2CO3猜想2：猜想3：NaCl、NaHCO3和HCl猜想4：NaCl和HCl小明认为猜想3明显不合理，理由是，小华认为猜想4也不合理，理由是。【实验探究】实验二结束后，将试管中溶液分成三等份，分别做下列三个实验。序号实验操作及实验现象实验结论实验1加入硝酸银溶液，产生白色沉淀，再加入稀硝酸，沉淀不消失溶液中含（写离子符号）实验2加入溶液，无沉淀产生猜想1不成立实验3加入溶液，有产生猜想2成立【交流反思】（1）用量相同的两种反应物，滴加顺序不同，现象和产物可能都不一样。（2）向碳酸钠溶液中逐滴滴加稀盐酸至过量，写出产生气泡的化学方程式。24．（8分）化学兴趣小组为测定某地石灰石中CaCO3的质量分数，进行了以下实验，有关数据如表所示（石灰石中所含杂质不溶于水，也不参加反应）。各物质的质量第一个烧杯第二个烧杯石灰石样品的质量/g1212稀盐酸的质量/g50100烧杯中残留物的质量/g59.8108.7产生CO2的质量/gab请回答下列问题。（1）两个烧杯中产生CO2的质量a＝，b＝。（2）求所用稀盐酸的质量分数（写出计算过程，结果精确到0.1%，下同）。（3）计算石灰石样品中CaCO3的质量分数。

参考答案与解析一、选择题：本题共11小题，每小题2分，共22分。每小题只有一个选项符合题目要求。1．【答案】B【解析】A、张青莲测定了铟、铱、铕等原子的相对原子质量的新值，为相对原子质量的测定做出了卓越贡献，故选项说法正确。B、拉瓦锡用加热汞的方法测得了空气的组成，得出空气是由氮气和氧气组成的结论，故选项说法错误。C、屠呦呦发现并提取了有效治疗疟疾青蒿素，故选项说法正确。D、我国化学家侯德榜在氨碱法的基础上，改良了制碱工艺，发明了联合制碱法，促进了世界制碱技术的发展，故选项说法正确。故选：B。2．【答案】D【解析】A、该装置未构成封闭体系，即左边的长颈漏斗与大气相通；无论该装置气密性是否良好，导管口都不会有气泡产生，不能判断气密性是否良好，图中所示操作错误。B、使用胶头滴管时，伸入液体前，应捏紧胶头，排出里面的空气，再伸入试剂中吸取液体，图中液体中有气泡产生，说明伸入液体前没有捏紧胶头排出里面的空气，图中所示操作错误。C、过滤时要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中缺少玻璃棒引流，图中所示操作错误。D、氢气的密度比空气的小，应用向下排空气法收集，图中所示操作正确。故选：D。3．【答案】B【解析】A、在火灾情况下，电梯的供电系统会随时断电，或是电气线路被烧毁而停电，电梯受热后其轿厢会失控甚至变形卡住，人在其中很危险；烟雾会向电梯井道内蹿，浓烟很容易进入轿厢，最终导致人窒息而亡；不能乘电梯逃生，故选项说法正确；B、煤气的主要成分是一氧化碳，一氧化碳不与石灰水反应，在房间里放盆石灰水不能防止煤气中毒，故选项说法错误；C、汽油属于易燃物，加油站内的空气中混有可燃的汽油蒸气，为防止发生燃烧或爆炸，在加油站张贴严禁烟火标志，故选项说法正确；D、甲醛有毒，不能食用甲醛溶液浸泡的海产品，故选项说法正确；故选：B。4．【答案】C【解析】A、生石灰能与水反应，因此生石灰可用作食品干燥剂，选项说法正确；B、纯碱的水溶液显碱性，能与油污反应，洗洁精对油污有乳化作用，因此纯碱、洗洁精可用于洗涤油污，选项说法正确；C、明矾溶于水可以吸附水中的悬浮杂质而加速其沉降，但不能降低水中可溶性钙、镁化合物的含量，即不能降低水的硬度，选项说法错误；D、碳酸氢钠能与酸反应生成二氧化碳气体，因此碳酸氢钠可用作灭火器里二氧化碳的发生剂，选项说法正确。故选：C。5．【答案】D【解析】A、草木灰溶液主要成分是碳酸钾，显碱性，向草木灰溶液中滴入酚酞，溶液变红，故选项说法正确。B、草木灰的水溶液能区分硬水和软水，产生较多白色沉淀的是硬水，产生较少或不产生白色沉淀的是软水，故选项说法正确。C、蚕丝制品不耐碱，草木灰水溶液显碱性，不适宜清洗蚕丝制品，故选项说法正确。D、草木灰去油污主要利用了其能与油污反应的性质，不是利用了乳化作用，故选项说法错误。故选：D。6．【答案】C【解析】C3N4中C元素的化合价为+4，设铁元素的化合价是x，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：（+4）×3+4x＝0，则x＝﹣3价。故选：C。7．【答案】A【解析】长期驻留空间实验室会导致航天员肌肉萎缩、骨钙丢失，为预防骨质疏松，可在航天食品中添加含钙元素的物质，观察四个选项可知，A符合题意。故选：A。8．【答案】D【解析】A、空气的成分按体积计算，大约是：氮气占78%、氧气占21%、稀有气体占0.94%、二氧化碳占0.03%、其它气体和杂质占0.03%，则气体a是氮气，约占空气总体积的78%，故选项说法错误。B、气体a是氮气，化学性质不活泼，可用于食品防腐，故选项说法错误。C、气体c主要成分是稀有气体，故选项说法错误。D、气体b是氧气，能支持燃烧，可用作发射宇宙火箭的助燃剂，故选项说法正确。故选：D。9．【答案】B【解析】A、根据元素周期表中的一格可知，左上角的数字表示原子序数，氯元素的原子序数为17；根据原子中原子序数＝核电荷数＝质子数＝核外电子数，则该元素的原子的核内质子数为17，m＝n＝17，氯为“气”字头，属于非金属元素，故选项说法正确；B、由粒子结构示意图，n＝17；原子核外第一层上有2个电子、第二层上有8个电子，则a＝2，b＝8，n＜a+b+8，故选项说法错误；C、由图中元素周期表可以获得的信息：字母表示该元素的元素符号，“？”处是氯元素的元素符号，“？”处元素符号为Cl，故选项说法正确；D、该粒子的最外层电子数为8，属于相对稳定结构，故选项说法正确；故选：B。10．【答案】A【解析】A、某物质在氧气中燃烧生成二氧化碳和水，CO2和H2O两种物质中含有碳、氢、氧三种元素，根据质量守恒定律，反应前后，元素种类不变，反应物氧气中只含有氧元素，则该物质中一定含有碳、氢两种元素，故选项推理正确。B、化学反应都会伴随着能量的变化，但有能量变化的过程不一定发生了化学反应，如氢氧化钠溶于水放热，属于物理变化，故选项推理错误。C、碱溶液能使酚酞试液变红，但能使酚酞试液变红的溶液不一定是碱溶液，也可能是碳酸钠等盐溶液，故选项推理错误。D、硝酸铵与熟石灰混合研磨会产生氨味，硝酸钠中不含铵根离子，用硝酸钠替换硝酸铵，不能发生化学反应，没有氨味产生，故选项推理错误。故选：A。11．【答案】C【解析】A、t1℃时，A、C溶液中溶质的质量分数不一定相等，例如都是饱和溶液时，质量分数相等，如果不都是饱和溶液，不能比较质量分数大小，该选项不正确。B、不知道饱和溶液质量，不能比较析出固体质量大小，该选项不正确。C、t2℃时A的溶解度是50g，将30gA物质放入50g水中，充分溶解后，能够溶解25g，所得溶液的溶质质量分数为×100%≈33.3%，该选项正确。D、将t2℃时A、B、C三种物质的饱和溶液降温至t1℃，A、B析出固体后仍然都是饱和溶液，由于B的溶解度大于A，因此B的质量分数大于A，C变成不饱和溶液，质量分数不变，由于A在t1℃时的溶解度大于C在t2℃时的溶解度，因此A的质量分数大于C，所得溶液的溶质质量分数由大到小是B＞A＞C，该选项不正确。故选：C。二、选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。每小题有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。12．【答案】AC【解析】A、反应①是铁和稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，可以得到浅绿色溶液，故选项说法正确。B、反应②是氧化铁转化为铁，Fe2O3失去了氧，发生了还原反应，故选项说法错误。C、转化③是氯化亚铁转化为铁，能实现转化③的金属，金属活动性比铁强，也能和稀硫酸反应，故选项说法正确。D、转化④是铁转化为氯化亚铁，能实现转化④的反应不是只有铁和稀盐酸的反应，还可以是铁和氯化铜反应生成氯化亚铁和铜，故选项说法错误。故选：AC。13．【答案】CD【解析】A、从图像上可看出，A点气压小于C点气压，说明生成的气体增加，硫酸被消耗，溶液的酸性减小，pH变大，故A正确；B、曲线AB段压强变化不明显是因为铝片表面有Al2O3薄膜，氧化铝先与硫酸反应，故B正确；C、C点压强最高，D点压强减小，说明BC段过程中铝与稀硫酸反应会放出热量，故C错误；D、曲线CD段压强减小说明温度降低，气体体积减小，压强减小，氢气的总质量不会改变，故D错误。故选：CD。14．【答案】C【解析】A.乙中通入氧气前，白磷温度达到着火点，但没有与氧气接触，白磷不燃烧，通入氧气后，乙中白磷温度达到着火点，且与氧气接触，白磷燃烧，可验证可燃物燃烧需要与氧气接触，故A正确；B.通入氧气后，甲中白磷与氧气接触，但温度没有达到着火点，白磷不燃烧，而乙中白磷与氧气接触，且温度达到着火点，白磷燃烧，可验证可燃物燃烧需要温度达到着火点，故B正确；C.若将乙中的白磷换成红磷，通入氧气后，甲中白磷不燃烧，乙中的红磷也不燃烧，无法验证可燃物燃烧需要与氧气接触，故C错误；D.氮气既不燃烧也不支持燃烧，若将O2换为N2，甲、乙中白磷均不能燃烧，故D正确。故选：C。15．【答案】D【解析】金属活动性Al＞Zn＞Cu＞Ag，所以锌粉优先与AgNO3发生反应，铜粉后与AgNO3发生反应，但是铜粉和锌粉都不能和Al（NO3）3发生反应，Al（NO3）3一定在溶液中；①锌粉优先与AgNO3发生反应生成硝酸锌和银，铜粉和锌粉都不能和Al（NO3）3发生反应，所以溶液甲中一定有Al（NO3）3和Zn（NO3）2；②锌粉优先与AgNO3发生反应生成硝酸锌和银，固体乙中一定含有Ag，可能有Cu和Zn；③若溶液甲是蓝色，说明铜已经与AgNO3发生反应，而锌已经全部反应，溶液甲一定含有Al（NO3）3、Zn（NO3）2和Cu（NO3）2；④向固体乙上滴加盐酸有气泡产生，说明固体中有锌，锌过量，铜未参加反应，溶液中AgNO3被反应完全，溶液甲中一定没有AgNO3和Cu（NO3）2；⑤铜、锌都会置换出硝酸银中的银，每64份质量的铜、65份质量的锌会置换出216份质量的银，所以反应后溶液质量减小，故错误。故选：D。16．【答案】AD【解析】A、实验室制取二氧化碳后的废液中一定含有氯化钙，可能含有盐酸；向100g废液中持续加入溶质质量分数为10.6%的碳酸钠溶液，图像分为两个过程，则碳酸钠溶液先与盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，再与氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠。与稀盐酸反应消耗的碳酸钠溶液的质量为50g，设生成二氧化碳气体的质量为x。Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑1064450g×10.6%xx＝2.2g，故选项说法错误；B、0A段碳酸钠溶液先与盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，A点溶液中有氯化钠和氯化钙两种溶质，故选项说法正确；C、由A选项的分析，废液中一定含有HCl和CaCl2，故选项说法正确；D、BC段中氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，溶液的pH不变，故选项说法错误；故选：AD。17．【答案】D【解析】A、①中氯化铜与硫化氢反应生成硫化铜沉淀和盐酸，反应物相互交换组分，属于复分解反应，选项A错误；B、从整个过程可以看出铜元素化合价都是+2价，未发生变化，同时氯元素和氢元素化合价也没有发生变化，选项B错误；C、根据工艺流程图可以看得出铁离子、氧气和硫化氢是加入参与的反应物质，所以被消耗的除了氧气和硫化氢，还有铁离子，选项C错误；D、2H2S+O2＝2H2O+2S↓6832可以看出参与反应硫化氢与氧气的质量比＝68：32＝17：8，选项D正确；故选：D。三、非选择题：本题共7小题，共60分。18．【答案】（1）适度的透氧性和不透水；（2）合成；热塑性；海藻酸钠；用海藻酸钠制成的保鲜膜具有良好的可降解性；（3）3：4；（4）相同条件下，储藏期间，用海藻酸钠保鲜膜包裹的西瓜比用聚乙烯保鲜膜包裹的西瓜微生物数量少。【解析】（1）保鲜膜通常有适度的透氧性和不透水性，能调节被保鲜品周围O2和H2O的含量，从而起到保鲜作用；故答案为：适度的透氧性和不透水；（2）聚乙烯保鲜膜是一种塑料，属于合成材料，这类材料因具有热塑性；目前市场上常见的保鲜膜主要是聚乙烯保鲜膜，它不易降解。用从海藻中提取的海藻酸钠制成的保鲜膜具有良好的可降解性，因此从环保角度考虑，应尽量选用海藻酸钠保鲜膜；故答案为：合成；热塑性；海藻酸钠；用海藻酸钠制成的保鲜膜具有良好的可降解性；（3）海藻酸钠化学式为C6H7NaO6，其中碳、氧元素的质量比是（12×6）：（16×6）＝3：4；故答案为：3：4；（4）由图示可知，相同条件下，储藏期间，用海藻酸钠保鲜膜包裹的西瓜比用聚乙烯保鲜膜包裹的西瓜微生物数量少，说明海藻酸钠保鲜膜的保鲜效果优于聚乙烯保鲜膜；故答案为：相同条件下，储藏期间，用海藻酸钠保鲜膜包裹的西瓜比用聚乙烯保鲜膜包裹的西瓜微生物数量少。19．【答案】（1）ACBDE；（2）8；42；改用胶头滴管进行滴加；细口瓶；；（3）BD；（4）19.8。【解析】（1）配制50g溶质质量分数为16%的氯化钠溶液，首先计算配制溶液所需氯化钠和水的质量，再称量所需的氯化钠和量取水，最后进行溶解、装瓶贴签，正确的实验步骤是ACBDE。（2）溶质质量＝溶液质量×溶质的质量分数，配制50g溶质质量分数为16%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量＝50g×16%＝8g；溶剂质量＝溶液质量﹣溶质质量，所需水的质量＝50g﹣8g＝42g（合42mL）。在用量筒量取水的体积接近刻度时，需要进行的操作是改用胶头滴管进行滴加，将配制好的溶液装在细口瓶中，并贴上标签。标签中填上相应的内容是溶液的名称、溶质的质量分数，应填写氯化钠溶液、16%，即。（3）A．A中称量操作，若使用了游码，砝码和食盐的位置放反了，会造成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小；若没有使用游码，不会影响称量的质量，溶质质量分数不变；不会导致溶质质量分数偏大，故说法错误。B．B中仰视液面，读数比实际液体体积小，会造成实际量取的水的体积偏大，则使溶质质量分数偏小，故选项正确。C．C中固体洒落，会造成实际所取用的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小，故说法错误。D．配制好的溶液转移过程中溅出，溶液具有均一性，溶质质量分数无影响，故说法正确。（4）20℃时氯化钠的溶解度为36g，若将50g16%的氯化钠溶液含有氯化钠的质量为8g，含水42g，恰好完全溶解所需水的质量为100g×≈22.2g，变为饱和，需蒸发水的质量为42g﹣22.2g＝19.8g。20．【答案】（1）H+；Fe2O3+6HCl＝2FeCl3+3H2O；（2）氢离子和氢氧根离子结合生成水分子；改良酸性土壤；（3）在金属活动性顺序中，排在氢前面，钾、钙、钠除外；（4）蓝；④；（5）Ca（OH）2+Na2CO3＝CaCO3↓+2NaOH。【解析】（1）A类物质是酸，酸具有相似的化学性质，是因为溶液中都含有氢离子，微粒符号为：H+；一个符合条件的反应①是氧化铁和盐酸反应生成氯化铁和水，反应的化学方程式为：Fe2O3+6HCl＝2FeCl3+3H2O。（2）反应②是酸碱中和反应，微观实质是氢离子和氢氧根离子结合生成水分子；该性质在农业上的应用为改良酸性土壤（一条即可）。（3）反应③是酸和活泼金属反应，对金属的要求是在金属活动性顺序中，排在氢前面，钾、钙、钠除外。（4）B类物质是碱，碱能使紫色的蕊试液变蓝色；该类物质在空气中需要密封保存，其反应原理可用④表示，反应④可以是氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水。（5）物质D是碳酸钠，反应⑤是氢氧化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，反应的化学方程式为：Ca（OH）2+Na2CO3＝CaCO3↓+2NaOH。21．【答案】（1）导电；化学能转化成电能；（2）硫酸铜（或稀盐酸、稀硫酸，合理即可）；（3）催化；（4）氨气；NH4Cl+AgNO3＝AgCl↓+NH4NO3；氯化铵中解离出的铵根离子和氢氧化钠中解离出的氢氧根离子结合生成氨分子和水分子，氯化铵中解离出的氯离子和硝酸银中解离出的银离子结合生成氯化银。【解析】（1）作电极的材料应具有良好的导电性，石墨可作为电极材料，是利用了它具有优良的导电性；干电池在工作时由化学能转化成电能；（2）要比较锌和铜的活动性，可以使用硫酸铜溶液，锌与硫酸铜反应生成铜和硫酸锌，说明锌比铜活泼；（3）黑色粉末为二氧化锰和碳，将黑色粉末在空气中充分灼烧，质量减轻，剩余粉末为二氧化锰，二氧化锰在过氧化氢制取氧气的实验中起催化作用；（4）NH4Cl和氢氧化钠在加热的条件下生成氨气、氯化钠和水，故产生的刺激性气味的气体为氨气；NH4Cl和硝酸银反应生成氯化银白色沉淀和硝酸铵，化学方程式为：NH4Cl+AgNO3＝AgCl↓+NH4NO3；由图1可知，NH4Cl和氢氧化钠反应的微观实质是氯化铵中解离出的铵根离子和氢氧化钠中解离出的氢氧根离子结合生成氨分子和水分子，由图2可知，NH4Cl和硝酸银反应的微观实质是氯化铵中解离出的氯离子和硝酸银中解离出的银离子结合生成氯化银。22．【答案】（1）增大反应物接触面积，反应更快、更充分；H2SO4。（2）过滤；Na2CO3+Li2SO4＝Na2SO4+Li2CO3↓；、。（3）碳酸锂的溶解度随着温度升高而减小；取最后一次洗涤液于试管中，加入适量氯化钡溶液，不产生沉淀，说明洗涤干净。【解析】（1）投入锂辉石前一般先将矿石研磨成粉末，目的是增大反应物接触面积，反应更快、更充分，酸浸槽中加入适量的X，由于反应生成硫酸锂，