2021-2025年高考物理试题分类汇编：实验（海南专用）解析版

\\五年真题（2021-2025）

专敢10实龄

（五年考情•探规律）

考点五年考情（202L2025）命题趋势

考点1力学试情境设置愈发贴近生活实际与科技前

2021、2022、2024、2025

验沿，如借助智能家居电路、粒子探测器等

实例，要求考生依据具体情境理解实验原

理，完成从现实到物理模型的转换。知识

考查方面，注重力学与电学实验的交叉，

像通过电磁感应现象测量物体运动参数，

或是在动力学实验中运用电路知识处理数

据，促使考生综合运用多模块知识解决问

题。

在实验技能考查上，除了传统的仪器

操作与实验步骤设计，对数据处理与误差

考点2电学实分析的要求不断提高。例如，运用图像处

2021、2023、2024、2025

验理实验数据，通过拟合曲线获取关键物理

量，并能深入分析实验误差来源，提出改

进措施。同时，实验题还关注这学生探究

能力的培养，可能给出开放性实验任务，

让考生自主设计实验方案、选择器材并验

正假设，这不仅考查学生对知识的掌握程

度，更考验其科学思维与创新实践能力，

以适应新高考对物理学科核心素养的考查

需求。

（五年真题•分点精准练）

考点（）1力学试验

1.（2025・海南・高考）小组用如图所示单摆测量当地重力加速度

V

⑴用游标卡尺测得小球直径d=20mm,刻度尺测得摆线长/=79cm,则单摆摆长八_____cm〔保留四位有

效数字）；

（2）拉动小球，使摆线伸直且与竖直方向的夹角为。（长5。），无初速度的释放小球，小球经过点（选

填：“最高”或“最低”）时，开始计时，记录小球做了30次全振动用时片54.00s,则单摆周期7=s,由

此可得当地重力加速度5=in/s2（MR0）。

【答案】（1）80.00

（2）最低1.89.88

=【详析】（I）单摆的摆长为£=/+（=80.（）0cm

（2）[1]为减小实验计时误差，需小球经过最低点时开始计时；

[21甲.摆周期六=」=：s=l.8s

n30

⑶根据单摆周期公式丁=2花可得支等代入数值得g=9.88m/s2

2.（2024.海南・高考）为验证两个互成角度的力的合成规律，某组同学用两个弹簧测力计、橡皮条、轻质

小圆环、木板、刻度尺、白纸、铅笔、细线和图钉等器材，按照如下实验步骤完成实验：

（d）

（I）用图钉将白纸固定在水平木板上；

（II）如图（d）（e）所示，像皮条的一端固定在木板上的G点，另一端连接轻质小圆环，将两细线系

在小圆环上，细线另一端系在弹簧测力计上，用两个弹簧测力计共同拉动小圆环到某位置，并标记圆环

的圆心位置为0点，拉力F/和尸2的方向分别过B和尸2点，大小分别为B=3.60N、F2=2.90N；拉力

尸/和巳，改用一个弹簧测力计拉动小圆环，使其圆心到。点，在拉力产的方向上标记P3点，拉力的大

小为F=5.60N请完成卜.列问题：

⑴在图（e）中按照给定的标度画出B、尸2和尸的图示，然后按平行四边形定则画出B、B的合力产。

（2）比较尸和F',写出可能产生误差的两点原因

⑵①没有做到弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行；②读数时没有正视弹簧测力计

【详析】（1）按照给定的标度画出Q、3和"的图示，然后按平行四边形定则画出B、入的合力厂，

如下图所示

G

O

（2）尸和户不完全重合的误差可能是：①没有做到弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行：⑨读数时没

有正视弹簧测力计。

3.（2022.海南・高考）用如图所示的装置研究平抛物体的运动规律，击打弹片时，A做平抛运动，8做自由

落体。经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是:

以人的抛出点做为坐标原点，建立直角坐标系，如图所示，设从0->/，仄A-B,从5-C的时间分别是

t°A、tAB>"c，则这三个时间是否相等。（选填“相等”或“不相等”）

OxXX

X

物体平抛的初速度是多少（用刀、力、g表示）

【答案】做平抛运动的物体，在竖直方向上是自由落体运动相等X，

【详析】［1］经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是：做平抛运动的物体，在竖直

方向上是自由落体运动；

⑵在水平方向是匀速运动，由图可知，从OT力、ATB、8-C水平方向位移相等，运动相同的距离所用

时间相等：

［3］设相邻两点间时间为3则产W在竖直方向上，相邻两点间距离差为2h,有2h=gP得片，所以v=x写、

4.（2021.海南.高考）为了验证物体沿光滑斜面下滑的过程中机械能守恒，某学习小组用如图所示的气垫

导轨装置（包括导轨、气源、光电门、滑块、遮光条、数字亳秒计）进行实验。此外可使用的实验器材

还有：天平、游标卡尺、刻度尺。

（1）某同学设计了如下的实验步骤，其中不必攀的步骤是：

①在导轨上选择两个适当的位置A、B安装光电门I、H,并连接数字亳秒计；

②用天平测量滑块和遮光条的总质量如

③用游标卡尺测量遮光条的宽度d；

④通过导轨上的标尺测出A、B之间的距离/：

⑤调整好气垫导轨的倾斜状态；

⑥将滑块从光电门I左侧某处，由静止开始释放，从数字亳秒计读出滑块通过光电门I、II的时间△”、

A。；

⑦用刻度尺分别测量A、B点到水平桌面的高度％、h2；

⑧改变气垫导轨倾斜程度，重复步骤⑤©⑦，完成多次测量。

（2）用游标卡尺测量遮光条的宽度d时，游标卡尺的示数如图所示，则仁mm；某次实验

中，测得A/]=l1.60ms,则滑块通过光电门I的瞬时速度修=m/s（保留3位有效数字）；

3主尺

|(cm)

游标

（3）在误差允许范围内，若h「h2=（用上述必要的实验步骤直接测量的物理量符号表示,

已知重力加速度为g）,则认为滑块下滑过程中机械能守恒；

（4）写出两点产生误差的主要原因：o

生误差；遮光条宽度不够窄，测量速度不准确，产生误差

【详析】滑块沿光滑的斜面下滑过程机械能守恒，需要通过光电门测量通过滑块运动的速度

A/

滑块下滑过程中机械能守恒，减少的重力势能转化为动能〃吆（h]42尸；WV2'7"M=7M

整理化简得g（h-h2尸!（9）々[二）2所以测量滑块和遮光条得总质国力不必要，②满足题目要求，测量力、

22A/|

8之间的距离/不必要，④满足题目要求。故选②®。

（2）⑵游标卡尺的读数为d=5mm+Ox（）.O5mm=5.00mm

⑶滑块通过光电门的速度V]=m=—^―m/s=0.431m/s

A7|11.oU

（3）[4]根据（1）问可知％-112=鲍胆"在误差允许的范围内，满足该等式可认滑块下滑过程中机械

g

能守恒。

（4）[5]滑块在下滑过程中受到空气阻力作用，产生误差；遮光条宽度不够窄，测量速度不准确，产生

误差。

考点02电学实验

5.（2025・海南・高考）图是“测量电源的电动势和内阻”的实验电路。

有如下器材

电源（约为3V,内阻未知）

电压表V（0~3V,Ry约为3kC）

电流表A（0~6A,以约为IQ）

定值电阻RO=3C

滑动变阻器RI（0-50Q）

滑动变阻器%（0-500Q）

开关S

导线若干

U

3.00-

2.00

1.00

00.100.200.300.400.500.60

（3）由U-/图像可求出电动势EkV,内阻尸C（均保留三位有效数字）。

（4）考虑电压表分流引起的误差，则E测”；（填"大于”、“等于”或“小于”）：厂测与真实值气之间

的关系式为（用Hv，凡），厂测，厂出表不

⑷小于

+收）+&/

【详析】（1）为了提高测量精度，方便调节电路，滑动变阻器选择最大阻值较小的%;

（2）图像如下：

（3）根据闭合电路欧姆定律有小o+刀结合图线可得Ei=2.90V,Ro+『?Q解得『2.18C

（4）［I］将电压表和电源等效为新的电源，故此时根据图像得到的电动势和内阻为等效电源的电动势和

内阻，等效电源的电动势为E测=7^/故E测〈E克;

⑵将价等效进电源的内阻中，可得等效新电源的内阻为勺

6.（2024.海南.高考）用如图a所示的电路观察电容器的充放电现象，实验器材有电源以电容器C、电压

表、电流表、电流传感器、计算机、定值电阻R、单刀双掷开关S］、开关S2、导线若干

（1）闭合开关S2,将S1接1,电压表示数增大，最后稳定在12.3V。在此过程中，电流表的示数（填

选项标号）

A.一直稳定在某一数值

B.先增大，后逐渐减小为零

C.先增大，后稳定在某一非零数值

⑵先后断开开关S?、S,,将电流表更换成电流传感器，再将S1接2,此时通过定值电阻R的电流方向

（选填为—6“或，通过传感器将电流信息传入计算机，画出电流随时间变化的4图像，如图b,

片2s时/=1.10mA,图中M、N区域面积比为8：7,可求出R=kQ（保留2位有效数字）。

【答案】⑴B

（2）a-b5.2

【详析】（1）电容器充电过程中，当电路刚接通后，电流表示数从。增大某一最大值，后随着电容器

的不断充电，电路中的充电电流在减小，当充电结束电路稳定后，此时电路相当于开路，电流为0。

故选B。

（2）[1]根据电路图可知充电结束后电容器上极板带正电，将S|接2,电容器放电，此时通过定值电阻R

的电流方向。一＞方；

[2];=2$时/=1.101]认可知此时电容器两端的电压为U2=1R

电容器开始放电前两端电压为12.3V,根据/“图像与横轴围成的面积表示放电量可得0-2s间的放电量为

33

QrAUC=（12.3-1.10X10-X/E）C2s后到放电结束间放电量为Q厂C-l.lOxlO-R?根据题意今=%

解得H=5.2kQ

7.（2023・海南・高考）用如图所示的电路测量一个量程为lOOpA,内阻约为2000C的微安表头的内阻，所

用电源的电动势约为12V,有两个电阻箱可选，Ri（0〜9999.9Q）,&（99999.9Q）

（1）RM应选_________,R,v应选________

（2）根据电路图，请把实物连线补充完整.

（3）下列操作顺序合理排列是：

①将变阻渊滑动头P移至最左端，将RN调至最大值；

②闭合开关S2,调节R“，使微安表半偏，并读出R”阻值；

③断开S2,闭合Si，调节滑动头P至某位置再调节心使表头满偏;

④断开幺、S?,拆除导线，整理好器材

（4）如图是调节后面板，则待测表头的内阻为,该测量值（填“大于"、“小于”、

“等于''）真实值。

（5）将该微安表改装成量程为2V的电压表后，某次测量指针指在图示位置，则待测电压为V

（保留3位有效数字）。

（6）某次半偏法测量表头内阻的实验中，S2断开，电表满偏时读出心值，在滑动头P不变，S2闭合后

调节电阻箱尺小使电表半偏时读出RM，若认为0。间电压不变，则微安表内阻为.（用RM、

RN表示）

【答案】&ES,①③②©

1998.0Q小于1.28RNRM

【详析】（1）[I]⑵根据半偏法的测量原理可知，RM与以相当，当闭合S2之后，变阻器上方的电流

应基本不变，就需要RN较大，对下方分压电路影响甚微。故RM应选Ri，RN应选R2。

（2）[3]根据电路图连接实物图有

（3）[4]根据半偏法的实验步骤应为

①将变阻器滑动头P移至最左端，将RN调至最大值；

③断开S2,闭合Si，调节滑动头P至某位置再调节RN使表头满偏;

②闭合开关S2,调节RM，使微安表半偏，并读出RM阻值；

④断开$、S2,拆除导线，整理好器材。

（4）[5]根据RM调节后面板读数为1998.0C。

⑹当闭合S?后，原电路可看成如下电路

闭合S2后，相当于RM由无穷大变成有限值，变小了，则流过RN的电流大于原来的电流，则流过RM的

电流大于故待测表头的内阻的测量值小于真实值。

（5）[7]将该微安表改装成量程为2V的电压表，则需要串联一个电阻则有U=/.（/+Ro）此时的

电压读数有U'=/'（8+&）其中U=2V,中lOOpA,I'=64HA联立解得U'=1.28V

（6）根据题意OP间电压不变，可得如+RJ=（:+以RN+：RA解得以=弊

8.（2021・海南・高考）在伏安法测电阻的实验中，提供以下实验器材：电源E（电动势约6V,内阻约1C）,

待测电阻&（阻值小于1（）Q），电压表V（量程3V,内阻约319）,电流表A（量程0.6A,内阻约IC）,

滑动变阻器（最大阻值20C）,单刀开关&,单刀双掷开关S2,导线若干。某同学利用上述实验器材设

计如图所示的测量电路。

回答下列问题：

（I）闭合开关S1前，滑动变阻器的滑片P应滑到（填照”或?”）端：

（2）实验时，为使待测电阻的测量值更接近真实值，应将S?拨向（填气”或“，）；在上述

操作正确的情况下，引起实验误差的主要原因是（填正确选项前的标号）；

A.电流表分压B.电压表分流C.电源内阻分压

（?）实验时，若已知电流表的内阻为I20,在此情况下，为使待测电阻的测显值更接近真实值，应将出

拨向（填%”或“）；读得电压表的示数为2.37V,电流表的示数为0.33A,则氏=Q

（结果保留两位有效数字）。

【答案】力cBd6.0

【详析】（I）[1]滑动变阻器采用限流式接入电路，开关S|闭合前，滑片P应滑到8端，使滑动变阻器接

入电路阻值最大，保护电路；

（2）[2]根据题意可知待测电阻的阻值&W10Q满足所以电流表的分压比较明显，电流

表应采用外接法，所以开关S2应拨向C端；

[3]外接法的测量误差主要来源于电压表的分流，故选B；

（3）[4]若电流表内阻&=1.2。，则电流表的分压可以准确计算，所以电流表采用内接法，所以开关S2应

拨向d端；

[5]电压表测量电流表和待测电阻的总电压U=2.37V,电流表分压为4=/Rs=0.33xL2V=0.396V根据欧姆

定律可知待测电阻阻值为凡=牛=胃誉C=6.0C

1年模拟•精选模考题

（2025•海南脩州二中•一模）甲、乙两物理兴趣小组采用不同的实验方案分别完成了“探究加速度与力、

质量的关系”的实验。

⑴如图（a）所示为甲组同学的实验装置，实验中打出如图（b）的一条纸带，已知打点计时器使用的交

流电源的频率为50Hz相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可知小车运动的加速度大小

是m/s2；（计算结果保留三位有效数字）

小车打点计时器

俨E|口口|OABCD

j单位:cm

祛码表

:瀛1r

跌码盘U128.81r

图（a）图（b）

（2）乙组同学设计了如图（c）所示的实验装置，通过改弓i物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速

度。和所受拉力F的关系图像。他们在轨道水平和倾斜（通过在远离滑轮的一端加垫片实现）的两种情

况下分别做了实验，得到了两条a-r图线，如图（d）所示。

位移传感器位移传感器

接收部分发射部分

图(d)

①图线是在轨道倾斜的情况下得到的（选填“甲”或“乙”）：

②滑块和位移传感器发射部分的总质量〃『kg

【答案】（1）2.40

（2）甲0.5

【详析】（1）由题意得，相邻两计数点之间的时间间隔为尸5x5s=0.1s由3。口（2»,得加速度

a=3-C96）"m=2,3975m/s2幺40话2

（2//（2«0.1sr

（2）[I]由甲图线可知，当/=0时，a=2m/s210＞说明当绳子上没有拉力时小车就有加速度，则实验

操作中平衡摩擦力过度，即轨道倾角过大，平衡摩擦力时将左端垫得过高，所以图线甲是在轨道左侧抬

高成为斜面情况下得到的；由乙图线可知，当/#0时，。=0,说明当绳了,上有拉力时小车没有加速度，

则图线乙是轨道水平没有平衡摩擦力的情况下得到的。

[2]设接触面间动摩擦因数为"，则在轨道水平的情况下，有F1ung=ma乙得。乙二^尺4g斜率为

（=：kgi=2kgl贝尸。.5kg

2.（2025•海南海口•北大附中海口学校•模拟九）某物理兴趣小组利用如图甲所示的装置“探究牛顿第二定

律长木板B静止于水平桌面上，木板右侧安装有光电门1与定滑轮，物块A上方装有一宽度为d的

挡光片，细线连接A后，平行于长木板绕过光滑的定滑轮与钩码连接.实验操作步骤如下：

①如图甲所示，安装好实验器材;

②在木板中间位置加装光电门2,将木板左侧适当垫高，细线上不挂钩码，轻推物块，使得挡光片通过

两个光电门的挡光时间相等；

③撤去光电门2,将物块A静置于长木板B上的0点，测出挡光片与光电门I之间的距离刈；

④在细线右端悬挂一个质量为为的钩码，静止释放物块A；

⑤读取光电门1的挡光时间；

⑥再次将物块A静置于。点，在细线右端增加一个相同质量的钩码，释放物块A,读取光电门I的挡光

时间;

⑦重复操作⑥，得到多组光电门1的挡光时间△/,与钩码数目〃的数值.

回答：小组成员根据步骤⑦中的数据，以（加）2为纵坐标，以1为横坐标，作出（4）2」图像如图乙所示，

wn

则可测得当地的重力加速度g=,物块A与挡光片的总质量.（均用c、b、d、XQ、

“S表示）

【答案】U霍

2XQCb

【详析】⑴⑵设平板与水平面的夹角为仇垫高后小车做匀速直线运动，由受力平衡有30so

对物块和硅码构成的系统受力分析，由牛顿第二定律有“/“og+Mgsin。-4MgeosQ（A/+〃加0）。物块经过光电

门的速度为尸!物块做匀加速直线运动，由运动学知识有俨=2办0联立解得（4）2=#，口1+工结合图

加仪？n2xog

像有」,=>,7~=c解得炉=，M=—

2v（pMogb2vog2XQCb

3.（2025・海南・三模）某实验小组的同学利用如图1所示装置做“用单摆测重力加速度”的实验，进行了如

下操作步骤:

图1图2图3

（1）测量摆球的直径如图2所示，则摆球的直径为cm；

（2）在测量单摆周期时，为了减小实验误差，该组同学先测量了完成多个周期所需要的时间，实验时应从

摆球经过____________（选填“最低点''或"最高点”）时开始计时；

（3）该组同学正确操作后，测出多组摆长L与周期7的数据，根据实验数据，作出了尸d的关系图像如

图3所示，造成该图像不过坐标原点的最可能原因是（）

A.用绳长加小球的直径代替摆长

B.用绳长代替摆长

【答案】⑴1.240

（2）最低点

（3）A

【详析】（1）游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以摆球的直径为

12mm+8x0.05mm=l2.40mm=1.240cm

（2）实验时应从摆球经过最低点时开始计时；

（3）A.若用绳长加小球的直径代替摆长，根据单摆的周期公式可得7=2兀4所以人=—此时尸】

/gg

图线不过原点，且纵截距为负值，故A正确；

B.若用绳长代替摆长，则丁=2%#所以产="强此时图线不过原点，且纵截距为正值，故B

ysg

错误。

故选Ao

4.（2025.海南.三模）某同学用如图所示装置进行验证机械能守恒定律的实验，气垫导轨与维线均已调节

水平。滑块和遮光条的总质量为M,钩码质量为〃?，遮光条的宽度为"，遮光条到光电门的距离为L

接通电源，由静止释放滑块，滑块通过光电门时遮光条的遮光时间为人重力加速度为巨。

（1）滑块的加速度大小折（用d、八L表示）；

（2）若等式（用d、八L、M、〃?、g表示）成立，则系统机械能守恒。

【答案】（1%

【详析】（1）滑块由静止释放到运动到光电门有/=2〃，£所以。=会

（2）若系统机械能守恒，则〃!（加+A/）/，呻一联立可得2〃?gL=（〃?+M）＜

5.（2025・海南•模）某同学用如图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系。滑块和遮光条的总质量

为M,砂、砂桶和动滑轮的总质量为〃?，不计绳与滑轮之间的摩擦，重力加速度为g。

弹

簧

测

力

光电门2光电门1遮

计彳气垫号轨、

（1）下列说法正确的是0

A.气垫导轨需要调水平

B.实验中M应远大于〃？

C.滑块的加速度大小不可能超过2g

D.滑块所受到的合力始终等于?〃g

（2）该同学测得两个光电门间的距离为L,用游标卡尺测量遮光条的宽度d如图2所示，则d=mm,

经过光电门1和光电门2的遮光时间分别为“、小滑块的加速度大小片（用字母心d、小"表

示）。

图2图3

（3）保持滑块和遮光条的质量不变，改变砂桶的质量，进行多次实验，以弹簧测力计的示数”为横坐标,

滑块的加速度〃为纵坐标，作出的a-尸图像如图3所示，已知直线斜率为4,则滑块的质量出（用

女表示），弹簧测力计示数为尸o时，滑块加速度为的，此时的=（用劭、F。、g表示）。

【答案】（1）AC

的

⑵1.4-

⑶：半

Kg巧/

【详析】（l）A.气垫导轨需要调水平，以确保滑块运动时绳子拉力为滑块所受合力，故A正确；

B.绳子拉力由弹簧测力计测得，所以不需要加应远大于“，故B错误；

C.砂桶连接动滑轮，滑块的位移始终等于砂桶位移的2倍，则滑块的加速度为砂桶的加速度的2倍;

设砂桶的加速度大小为m绳子拉力大小为凡根据牛顿第二定律可得可得所*vg可知滑

块的加速度大小不可能超过2g,故C正确；

D.根据牛顿第二定律可得mg-ZQ/na可得尸=；（"忠-小4）＜"唱则滑块所受到的合力小于:mg，故D错误。

故选AC.

（2）[1]10分度游标卡尺的精确值为0.1mm,由图2可知遮光条的宽度为d=lmm+4xO.lmm=1.4mm

⑵滑块经过光电门1和光电门2的速度分别为匕=不岭=（根据运动学公式可得2〃=田川；联立可得滑

闯心2

块的加速度大小为斫、7口

（3）[1]根据牛顿第二定律可得尸=巧可得片!尸可知a-尸图像的斜率为依]可得滑块的质量为"=；

MAfK

[2]弹簧测力计示数为a时，滑块加速度为劭，此时砂桶的加速度为%。，根据牛顿第二定律可

rlri1

mg-2F0=m-a0

解得小

g邙

6.（2025•海南海II•仿真考）物理兴趣小组做“探究弹簧弹力与形变量的关系”的实验，实验装置如图甲所

示，然后按如下步骤进行实验：

①将轻弹簧上端固定在铁架台的横杆上，将刻度尺竖直固定在弹簧旁，使其零刻度与弹簧上端对齐，观

察弹簧自由下垂时下端在刻度尺的位置；

②在弹簧下端依次挂上不同质量的钩码，记录钩码总质量〃，及相应的弹簧长度

③通过描点连线得到小I图像如图乙所示。根据图像可得，弹簧未悬挂钩码时的长度是cm,弹簧

的劲度系数N/m（重力加速度g=9.8ni/s2）。

④若考虑弹簧自身重力的影响，实验中所得弹簧的劲度系数实际值（选填“大于”、“等于”或“小于

【答案】109.8等于

【详析】③根据图像可得，弹簧未悬挂钩码时的长度是10cm,弹簧的劲度系

k=+N/m=9.8N/m

0.25-0.10

④网若考虑弹簧自身重力的影响，则"L图像斜率不变，则实验中所得弹簧的劲度系数等于实际值。

7.（2025•海南三亚•学业水诊断）（1）根据单摆周期公式可以通过实验测量当地的重力加速度。如图所示,

将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，做成单摆。

①关于实验操作，下列说法正确的是一

A.摆球的选择有钢质实心小球和木质实心小球两种，选用K质实心小球

B.摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽量长一些

C.当单摆的摆球经过最高点开始计时，便「看清摆球的位置

D.为了使摆的周期大一些以方便测量，应使摆角尽可能大

②若某同学实验中测出单摆做〃次全振动所用时间为，、摆线长为/、摆球直径为乩则当地的重力加速

度测量值的表达式g=（用〃、八d表示）。

（2）某同学通过图甲所示的实验装置，研究温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系，

压强一1一」..「网V\

传感器

计算机

m

甲乙

①实验时，为判断气体压强与体积的关系，（选填"需要''或"不需要”）测出针筒内空气柱的横截

面积；

②实验装置用铁架台固定，而不是用手握住玻璃管（或注射器），并且在实验中要缓慢推动活塞，这些

要求的目的是O

③启用系统“绘图”功能，计算机将显示压强与体积的关系图线。该同学在不同温度下做了两次实验，获

得的匕!图像如图乙所示，则乃_______力。（选填“〉”“一或y”）

p

（2）不需要防止玻璃管内的气体温度发生变化<

【详析】（1）[1]A.摆球的选择有钢质实心小球和木质实心小球两种，选用钢质实心小球，故A错误;

B.摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽量长一些，故B正确：

C.当单摆的摆球经过最低点开始计时，故C错误;

D.实验中应使摆角小一些，故D错误。

故选B.

[2]根据单摆的周期公式7=2再，片联立解得受竺等

（2）⑴根据玻意耳定律可得p/iS=p/2S两边横截面积可以约掉，所以不需要测量针筒内空气柱的横

械面积；

[2]实验装置用铁架台固定，而不是用手握住玻璃管（或注射器），并且在实验中要缓慢推动活塞，这些

要求的目的是防止玻璃管内的气体温度发生变化：

[3]根据理想气体状态方程变形可得々CT□!所以温度越高，图线的斜率越大，所以入〈方

TP

8.（2025・海南•一:模）某小组设计如图所示的装置来验证机械能守恒定律。实验器材有：铁架台、量角器、

轻质细绳、力传感器（记录细绳上的拉力）、小球和刻度尺。

力的传感器

实验主要步骤如下：

①将实验装置按如图所示的方式连接；

②小球静止在位置I时，力传感器的示数为片，测得细绳悬点。到小球球心的长度为L：

③将小球缓慢拉至位置II，此时细绳与竖直方向的夹角为仇松开手，当小球运动到最低点时，力传感

器的示数为F?。

则小球通过最低点的动能为，要验证机械能守恒定律，需要验证的关系式

【答案】鼻匕&=p（3-2cos〃）

【详析】③⑴小球静止在位置I时，力传感器的示数为外，则有〃吟=为当小球运动到最低点时，力传

感器的示数为&，由牛顿第二定律尸〃。则小球通过最低点的动能为氏联立可得瓦=经普

⑵根据题意可知，小球重力势能的减少最为△EpfgMLcos。若机械能守恒，则有mg"-cos。必丝产

联立可得尸2=吊（3-2cosJ）

9.（2025•海南农垦中学•三冲）实验小组设计了不同方案测量一个10。左右定值电阻的阻值，利用伏安法

测量该待测电阻，选用仪器如下：

电流表（量程0.6A,内阻约为0.2C）

电压表（量程6V,电阻约为2kQ）

滑动变阻器（070Q,额定电流1A）

电源（6V,内阻约为2C）

开关一只、导线若干。

<Y)------©

甲乙

⑴为减小误差，实验电路图应选择图（选填“甲”或“乙”），这样连接测量结果将（选填“偏

大”“偏小”或“不变”）；

（2）小路同学把待测电阻幻和一个阻值已知为&的定值电阻串联起来，串联电路总电压保持不变，用同

一电压表分别测出B的电压”和R的电压叨，则灯的测量值为,考虑到电压表的内阻，测量

结果会______。（选填“偏大”“偏小”或“无影响”）

------1।---------------1I-------

"_©—

66

【答案】（1）乙偏小

⑵二心无影响

【详析】⑴⑴根据与=愕=200,3=券=50因为字＞答，选择外接法。故选乙。

⑵根据尺电压表测量准确，因为电压表分流，电流表测量值偏大，所以电阻的测量值偏小。

（2）[1]不考虑电压表的内阻时，设电路总电压为U,根据欧姆定律得行?因+R"U=援3+R、）解.

得R=乐

⑵考虑到电压表的内阻时，设电路总电压为U,电压表内阻为Ry,则有测R/电压时有

R\R7

_R\^R：_____R肉_____

5—p-p----X----U-U

布氏;十犬2R'RY+RZN+RZRY

R?R\

测R电压时有s=盅亍5…,…U解得％=答即故电压表内阻对测最结果没有影响。

2U

月'2R\j2

10.（2025•海南文昌中学•适应性考试）在“测电池的电动势和内电阻”的实验中，有如下器材：一节待测电

池E（内阻约几Q）,电压表V,电流表A,滑动变阻器4（0〜10Q）,滑动变阻器Rz（0-200Q）,

开关S,导线若干。（图1为实验电路图）

UN

(1)为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用(选填“R1心”)。

(2)闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应处在(选填端。

(3)按照图1连接实物图，如图2所示。闭合开关前检查电路时，发现有一根导线接错，该导线为

(选填力"》"七")。应如何改动：O

(4)由实验数据描绘得到图3中的一条图线，由图线求得电池电动势斤V,内电阻r

=C。(结果均保留两位小数)

(5)图3中另一图线为某电阻R的伏安特性曲线，该电阻R与本实验中的电池连成一闭合电路，此时电

阻足消耗的电功率是Wo(结果保留两位小数)

(6)假如本实验中所使用的电压表的内阻很大(可视为理想电压表)，而电流表是具有一定的内阻(不

可忽略)，则电池电动势的测量值____________真实值，内电阻的测量值____________真实值。(均

选填“大于”“小于”“等于”)

【答案】(1)/

⑵M

(3)c将c线接电源正极端改接至开关右端

(4)1.53/1.54/1.55/1.56/1.572.58/2.59/2.60/2.61/2.62/2.63/2.64/2.65/2.66

(5)0.21/0.22/0.23

(6)等于等于

【详析】(1)为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用R/即可。

(2)实验时，闭合开关S前，为防止烧坏电表，滑动变阻器的滑片P应处在M端。

(3)导线接错，错误连接会带来的问题是开关不是接在干路上，无法控制电压表，闭合前电压

表已经有示数，应该将c线接电源正极端改接至开关右端。

(4)根据E=U+",可与可知斜率的绝对值表示内阻，纵轴截距表示电动势，由图像可

知E=1.55V,U=0时/=0.59A,故,=*2.63Q由于误差，电动势在1.53V〜1.57V之间即可，内阻

在2.58C〜2.66。之间即可。

(5)图3中两条图线的交点的横、纵坐标分别表示将该电阻R与电源连成闭合电路时通过电阻R的电

流和它两端的电压，即/=().36A,(7=0.60V,则此时电阻R消耗的电功率是P=/U=0.22W,由于误差，

所以0.2IW、0.23W都正确。

(6)本实验中出现误差的原因主要是电压表的分流作用，电流表内阻对实验不产生误差，若电压

表内阻很人(可视为理想电压衣)，而电流表是具有•定的内阻(不可忽略)，则根据本实验原理图

所测得的电源电动势值将不变，内电阻值将不变。

11.（2025・海南・三模）磁敏电阻的工作原理基于磁敏效应，即当材料处于磁场中时材料的磁导率（磁导率

是材料对磁场的响应程度）会发生变化，从而影响材料的电阻值。某实验小组利用伏安法测量一磁敏

电阻Rw的阻值（约几欧到卜几欧）随磁感应强度的变化关系，实验室还提供如下器材：

电源E（电动势4V,内阻未知）

滑动变阻器R/（最大阻值为20Q）

滑动变阻器R2（最大阻值为2000Q）

电压表V］（量程为0〜3V,内阻约2kQ）

电压表V?（量程为0~15V,内阻约5kC）

电流表A（量程为0~0.6A,内阻1C）

开关、导线若干

（1）为了使测量的数据范围更大使磁敏电阻的测量误差最小，将设计电路画在下面方框中1注意：图中

要标注所选器材符号）。

（2）某次测量时电压表的示数如图1所示，电压表的读数为V,电流表读数为0.3A,则此时

磁敏电阻的阻值为Q（最后一空保留2位有效数字）。

⑶该实验小组查阅说明书得到该磁敏电阻的阻值心/随磁感应强度B变化的曲线如图2所示，某同学利

用该磁敏电阻制作了一种报警器，设计电路如图3所示，电源电动势为£=6V（内阻不计），电路中D

为警示用红色发光二极管，发光二极管D的启动（导通）电压为2.0V,即发光二极管两端电压U应2.0V

时点亮，发光二极管启动时对电路电阻的影响不计。实验要求当检测到磁场的磁感应强度生0.2T时红

灯亮，则定值电阻R的阻值应为C（结果保留2位有效数字）。

（S）-----------------------------------

4

E

-------------1|---------------广

【答案】⑴।S

（2）1.203.0

（3）5.6

【详析】（1）由于本实验要求测量的数据范围更大，则滑动变阻