四川省成都市五区2024-2025学年高一年级下册期末物理试题（解析版）

2024-2025学年度下期期末适应性考试试题

高一物理

本试卷共6页。满分100分，考试时间75分钟

注意事项：

1.考生使用答题卡作答。

2.在作答前，考生务必将自己的姓名、考生号和座位号填写在答题卡上。考试结束，监

考人员将试卷和答题卡一并收回。

3.选择题部分请使用2B铅笔填涂；非选择题部分请使用0.5毫米黑色墨水签字笔书写，

字体工整、笔迹清楚。

4.请按照题号在答题卡上各题目对应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无

效；在草稿纸、试卷上答题无效。

5.保持答题卡面清洁，不得折叠、污染、破损等。

一、单项选择题：本题共7小题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只

有一项符合要求。

1.如图所示，在一条张紧的绳子上挂3个摆。当C摆振动时，通过张紧的绳子给A、B摆

施加驱动力，使A、B摆也振动起来（A、B、C的摆球质量相等），以下说法正确的是

A.A摆的固有周期最大

B.A、B摆振动周期不同

C.A摆比B摆振幅大

D.B摆比A摆振幅大

【答案】D

【解析】A.因C摆的摆长最长，根据丁=2乃｛工可知，C摆的固有周期最大，故A错

误；

B.A、B摆都做受迫振动，其周期都等于驱动力的周期，即C摆的固有周期，故振动周期

相同，故B错误：

CD.因A摆和B摆摆长都比C摆的摆长短，且B摆摆长更接近C摆，故B摆的固有周期

更接近驱动力的周期（即C摆的固有周期），故B摆比A摆振幅大，故C错误，D正确。

故选D。

2.2025年春晚舞台上，一组机器人扭秧歌。机器人通过内置电动机驱动机械臂匀速转动，

从而使手帕在竖直面内做匀速圆周运动。忽略空气阻力，下列说法正确的是（）

A.若机械臂的转速增大，手帕转动的角速度也增大

B.若机械臂突然停止转动，手帕仍保持匀速圆周运动

C.手帕上P、Q两点的向心加速度大小相等

D.手帕上P、Q两点的线速度大小相等

【答案】A

【解析】A.根据3=2不〃

可知若机械臂的转速增大，手帕转动的角速度也增大，故A正确；

B.若机械臂突然停止转动，提供的向心力减小，由于受重力作用，则手帕将逐渐停止运

动，故B错误；

C.手帕上P、Q两点属于同轴转动，所以两点的角速度大小相同，根据a=32〃

可知由于产、。两点的厂不相等，故手帕上。两点的向心加速度大小不相等，故C错

误；

D.手帕上P、Q两点属于同轴转动，所以两点的角速度大小相同，根据口=0厂

可知由于P、Q两点的，•不相等，故手帕上P、Q两点的线速度大小不相等，故D错误。

故选Ao

3.安全气囊是汽车重要的被动安全装备，能够在车辆发生碰撞时迅速充气弹出，为车内乘

客提供保护。如图甲所示，在某安全气囊的性能测试中，可视为质点的头锤从距气囊上表

面高〃=0.8m处由静止释放，与正下方的气囊发生碰撞。以头锤到气囊上表面为计时起

点，气囊对头锤竖直方向作用力/随时间/的变化规律可近似用图乙的图像描述。已知头

锤质量M=5kg,重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.头锤落到气囊上表面时的动量大小为4kg-m/s

B.碰撞过程中厂的冲量方向竖直向下

C.碰撞过程中F的冲量大小为60N-S

D.碰撞过程中头锤的动量变化量大小为25kg.ni/s

【答案】D

【解析】A.头锤落到气囊上表面时的动量大小为pi=Mv,=My/2gH=20kg-rn/s,故

A错误;

B.碰撞过程中气囊对头锤的作用力产竖直向上，可知F的冲量方向竖直向上，故B错

误;

C.人/图像的面积等于力尸的冲量，则碰撞过程中尸的冲量大小为

/=』x().lx6(X)N-s=30N-s,故C错误;

2

D.碰撞过程中根据动量定理Ap=/-睦A/=（30-50x0.1）N・s=25kg・m/s

即头锤的动量变化量大小为25kg.m/s,故D正确。

故选D。

4.如图所示，速冻食品加工厂将饺子由水平传送带运送至下一环节。饺子无初速度地放在

传送带上，传送带匀速运动且足够长，饺子与传送带间动摩擦因数相同，不计饺子之间的

相互作用力和空气阻力。该子在水平传送带上运动的过程中，下列说法正确的是（）

【解析】A.探测器悬停时，升力尸与火星重力平衡，叩产二，〃g

可得火星表面重力加速度g=£，故A错误。

m

B.由万有引力提供重力有色丝二〃吆

R一

解得g=察

R-

F

联立g=一

in

得知二F匕R2\,故B正确,

Gm

C.第一宇宙速度口=阚={/；,故C错误。

M_3F

D.火星密度）一4小一4G不，〃R，故D错误

3

故选B。

6.电动平衡车因其体积小，速度快，携带及操作方便，被越来越多的人作为代步工具及警

用巡逻车。某次骑行过程中，人站在平衡车上由静止开始做直线运动，整个力行过程的―

图像如图所示（0〜1s及7s以后图像均为直线），1s末功率达到额定功率并保持不变。已知

人与平衡车总质量为72kg,骑行过程所受的阻力保持不变，下列说法正确的是（）

A.骑行过程中，人及平衡车整体所受阻力大小为240N

B.骑行过程中，牵引力的最大功率为1200W

C.0~7s时间内,平衡车位移大小为22.125m

D.0~7s时间内,牵引力做功为3120J

【答案】D

2

【解析】AB.在/=ls时达到最大功率，此过程中〃=i~m/s2=2m/s2

山牛顿第二定律下一/=ma

功率，=尸匕

联立可得=72x2N

因/=7s达到最大速度，则。=/诅=5/

联立解得户96N,P=480W,故AB错误；

C.OTs内位移玉=^xlx2m=1m

2

1-7s内由动能定理P\t-fx2-WV1

22

解得X2=22.l25m

则0~7s时间内，平衡车位移大小为x=x1+x2=23.125m,故C错误；

D.0〜7s时间内，根据动能定理卬一△二（〃*；

解得牵引力做功为W=312OJ,故D正确。

故选D。

7.如图所示，一抛物线形状的光滑导轨竖直放置，固定在光滑水平面的8点，。为导凯的

顶点，O点离水平面的高度〃=0.4m,4在。点正下方，4、B两点相距0.8m（4、B均

在水平面上）。轨道上套有一个小球P,小球P通过轻杆与小球Q相连，两小球的质量均

3

为1kg,Q始终不离开水平面。现将小球P从距水平面高度一力处由静止释放，下列说法

4

正确的是（）

A.小球P即将落在水平面时,它的速度大小为遍m/s

B.小球P即将落在水平面时，它的速度方向与水平面的夹角为30。

C.从静止释放到小球P即将落在水平面时，轻杆对小球Q做的功为1J

D.若小球P落在水平面后不反弹，则水平面对小球P的作用力的冲量大小为2N・s

【答案】C

【解析】B.平抛运动的轨迹为抛物线，将上述抛物线坑道类比平抛运动，将小球P从。

2x04

点平抛，设速度与水平方向的夹角为氏根据几何关系有lan。=22=二一二1

x0.8

解得。=45"，故B错误；

A.设小球P即将落地时，它的速度大小为斗，小球Q的速度大小为匕，根据系统机械能

3],],

守恒有一mgh=—〃叫2+—mv1

422

小球P与小球Q沿杆方向的速度相等，则有V,=V2

联立解得匕=2m/s,B=J5m/s,故A错误；

C.根据动能定理可得，从静止释放到小球P即将落地，轻杆对小球Q做的功为

场『=—mv}=1J,故C正确；

D.小球P落地与地面相互作用的过程中，根据动量定理有/合=0-加匕=-2N-s

由十轨道、轻杆对小球有作用力，且小球P有重力，则北面对小球P的作用力的冲量大小

与/合大小不相等，即不等于2N-s,故D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共3小题，每题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有

多项符合要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

8.我国“鹊桥二号''通导技术试验卫星发射升空，卫星主要用于地月空间通导技术验证。

“鹊桥二号”采用周期为24h的环月椭圆冻结轨道（如图），A点为近月点，4点为远月点,

C。为椭圆轨道的短轴，下列有关“鹊桥二号”的说法正确的是（）

A.从A经C到B的运动时间为12h

B.从A经C到B的运动过程中加速度逐渐增大

C.从A经C到B的运动过程中速度逐渐减小

D.在C、。两点的加速度方向指向O'

【答案】AC

【解析】A.“鹊桥二号”采用周期为24h,根据运动特点可知从人经。到8的运动时间为

12h,故A正确;

B.从A经C到B的运动过程中“鹊桥二号”受到的万有引力逐渐减小，所以“鹊桥二号”加

速度逐渐减小，故B错误；

C.“鹊桥二号”从A经。到8的运动过程中，引力做负功，速度逐渐减小，故C正确；

D.“鹊桥二号”在。、。点受到月亮万有引力，加速度方向指向月球球心，故D错误.

故选ACo

9.如图所示的工程器件，质量为机的小球A与内外均力滑的轻质圆筒B用轻杆固定连

接，圆筒B套在光滑的固定竖直细杆C上（A、B均可视为质点，B、C之间无缝隙，杆C

足够长），轻杆长度为L，初始时A、B均处于静止状态。某时刻，小球A获得垂直于轻杆

的水平初速度％,则（）

A.小球A做匀速圆周运动

27tL

B.小球A转一圈的时间为一

%

C.若经过时间，小球恰好转了2圈，小球动量变化量的大小为2〃?刘

D.若经过时间/小球恰好转了2圈,小球动能为g机（//+（）

【答案】BD

【解析】A.小球A的运动是竖直方向的自由落体运动知水平方向的匀速圆周运动的合运

动，故A错误；

中2兀L

B.小球A水平方向做匀速圆周运动，则小球A转一圈的时间为丁=——，故B正确；

%

CD.若经过时间/小球恰好转了2圈，竖直分速度为

正好转两圈，所以水平方向上动量变化零,则动量变化量为3二加口

动能为4=；〃?(g2/+M),故C错误，D正确。

故选BDo

10.如图所示，一轻质弹簧鞋直放置在水平地面上，其下端固定，上端拴接一个质量为

3〃?、厚度不计的薄板，薄板静止时，弹簧压缩量为m现有一个质量为机的物块从薄板正

上方某高度处自由下落，与薄板碰撞后立即粘连在一起，碰撞时间极短。碰后，物块与薄

板一起在竖直方向运动，弹簧最大压缩量为3〃，弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力。

下列说法正确的是(弹性势能公式纥=一"'&为弹簧劲度系数，X为弹簧形变量)

P2

()

□

A.物块、薄板和弹簧构成的系统在运动的全过程中机械能守恒

B.物块与薄板在最低点加速度大小为1.25g

C.物块从距离薄板正上方16。处自由下落

D.物块与薄板碰撞后的瞬间速度大小为疯

【答案】BC

【解析】A.物块与薄板碰撞后立即粘连在一起，即发生的是完全非弹性碰撞，此过程有

机械能损耗，故A错误；

B.薄板静止时，弹簧压缩量为小则有3,咫=3

物块与薄板在最低点时弹簧最大压缩量为根据牛顿第二定律有

4.3a-(3m+〃?)g=(3/"+团)/

解得。0=1.25g,故B正确：

CD.令物块从距离薄板正上方/?处自由下落，则有〃9=/，就

碰撞过程，根据动量守恒定律有机%=(〃z+3〃?)匕

碰后，物块与薄板一起在竖直方向运动至最低点过程有

1171

—(/77+3MV12+(用+3mg(3a-a)=—k(^3a)~--kcr

结合上述解得力=16。，匕=向£，故C正确，D错误。

故选BCO

三、非选择题：本题共5小题，共54分。其中第13—15小题解答时请写出必要的文字说

明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。

11.图甲为小明同学设计的“验证动能定理”的实验装置，图乙是其中一次实验得到的纸

带，起始点。至各计数点A、B、C、。、E、尸的距离如图乙所示，相邻计数点间的时间

间隔为0.1s,小车所受拉力尸=0.2N,小车质量机=200g。在从。到E的运动过程中

(1)拉力”所做的功W=J（保留两位有效数字）;

(2)小车动能增加最AE<二J（保留两位有效数字）;

(3)通过计算，小明发现拉力所做的功略大于小车增加的动能，请分析原因:

【答案】(1)0.092##9.2xl(r2(2)0.090##9.0x10”(3)见解析

【解析】

【小问I解析】

从O到E的运动过程中，拉力F所做的功W=0.2x45.75xlO-2J«0.092J

【小问2解析】

匀变速直线运动全程的平均速度等丁中间时刻的瞬时速度

（55.73-36.73）x10”

昨=-------------』---------m/s=0.95m/s

E2x0.1

则小车动能增加量AEk=-=-x0.2x0.952J«0.090J

【小问3解析】

因为在运动过程中，除了拉力做功以外，还存在着阻力（包括摩擦阻力以及空气阻力等）

做负功，我们只计算了拉力做的功，而忽略了阻力做的功，因此造成了这种误差，使得拉

力所做的功略大于小车增加的动能。

12.某实验小组通过图甲所示的装置“探究向心加速度与线速度、半径的关系”。滑块上端

固定宽度为d的遮光片，总质量为小，滑块套在水平杆上且随水平杆一起绕竖直杆做匀速

圆周运动。光电门测得挡光时间为3中心轴处力传感器可测出轻绳的拉力凡不计一切摩

擦，控制细绳长度不变，改变水平杆转动速度，多次测最并记录多组数据。

（1）在“探究向心加速度与线速度、半径的关系”时，主要用到的物理学方法是;

A.控制变量法B.等效替代法C.理想实验法

（2）实验小组通过改变转速测量多组数据，记荥力传感器小数尸并算出对应的向心加速

度大小4=—；通过光电门的测量数据算出对应滑块的线速度大小U=；进一步

计算出d的数值，并以〃为纵轴、d为横轴拟合出”—图线。（答案均用题中物埋置字

母表示）

（3）实验小组进一步分析图线（图乙）得出如下实验结论：在误差范围内，半径不

（选填“正比”或者“反比”）

（4）实验小组仔细观察图乙中的图像是一条不过坐标原点的直线。导致该实验结果

的原因可能是o

A.没有考虑光电门测量挡光时间的误差

B.滑块与水平杆间实际存在摩擦

C.用绳长作为圆周运动的半径

D.光电门的挡光宽度测量值偏大

Fd

【答案】(1)A(2)--(3)正比(4)B

mt

【解析】

【小问1解析】

在研究向心力尸的大小与质量〃?、角速度①和半径「之间的关系时，需要令质量〃?、用速

度/和半径，•三个变量中的两个不变，探究向心力尸与另一个变量的关系，这采用的是控

制变量法，故选A。

【小问2解析】

根据牛顿第二定律，有F=ma

可得向心加速度大小。二一

，72

滑块经过光电门线速度大小为

t

【小问3解析】

根据图乙可知，在误差允许范围内〃-3图像几乎是过原点的直线，因此得出如下实验结论:

在误差范围内，半径不变时，向心加速度与线速度平方的关系为正比；

【小问4解析】

若滑块与水平面间的摩擦力不能忽略，根据牛顿第二定律F=ma

2

根据向心力公式尸+f=m—

r

1?f

联立解得ci=—---

rm

当4=0时，横截距V2=—

tn

故选B。

13.一列简谐横波在均匀介质中沿x轴传播，，=0时刻部分波形如图所示，此后质点M比

质点N先回到平衡位置，且在18s时质点M、N的位移再次与7=0时刻相同，求：

(1)波的传播方向和波长；

(2)波的传播速度大小。

【答案】(I)沿x轴正方向传播，18m(2)lm/s

【解析】

【小问1解析】

质点M比质点N先回到平衡位置，可知，质点M沿丫轴正方向运动，质点N沿y轴负方

向运动，根据同侧法可知，波沿x轴正方向传播

结合图示，根据对称性有L/l=12m-4.5m+6m-4.5m

2

解得2=18m

【小问2解析】

由于在18s时质点"、N的位移再次与/=0时刻相同，可知，周期丁二18s

波传播速度

T

解得u=lm/s

14.如图所示，有一右侧带半圆弧槽的木板B固定在水平地面上，圆弧槽内部光滑，半径

R=0.4m,N为圆弧轨道最低点且与木板水平段右侧相连。滑块A经过N点前后速度大

小不变，M与半圆弧槽圆心。等高，木板水平段长L=2m，滑块A可视为质点，开始时

静止放置在木板水平段的正中央。已知滑块A与水平段木板的动摩擦因数〃=0.5.滑块

A的质量〃z=lkg,某一时刻给滑块A以水平向右的初速度%重力加速度

g=lOin/s2»求:

B

（1）滑块A向右通过N点时的速度大小；

（2）滑块A通过M点时对半圆弧槽的压力大小；

（3）滑块A返回木板水平段（不考虑反弹及后续过程）的位置距出发点的水平距离乙

【答案】（1）40m/s（2）60N（3）0.6m

【解析】

【小问1解析】

滑块A在木板水平段由动能定理一〃〃7g一/片

解得匕=4V2in/s

【小问2解析】

滑块人从N到M,由动能定理一"ZgR=-〃%--〃必

V-

在M点由向心力N=tn—

R

联立解得N=60N

由牛顿第三定律，滑块A在用点对半圆弧槽的压力大小为60No

【小问3解析】

假设滑块A能到达半圆弧槽的最高点P,对NP段由机械能守恒-2mgR='九年〃说

解得vP-4m/s>y1~gR

滑块A能到达半圆弧槽的最高点P并从P点水平抛出后落回到水平面：滑块A从尸点抛

出后在竖直方向〃=gg/

解得/=0.4s

在水平方向x=%，=L6m

故滑块A返回水平段瞬间的位置在初位置左边4=1.6-1=0.6m处。

15.如图所示，将长L=10cm的不可伸长轻绳一端固定在。点，轻绳另一端与质量

加二gkg的小球相连。小球位于4点时，轻绳恰处于绷直状态且与竖直方向夹角

6=60。。一质量2kg的滑块Q静置于光滑平台上，滑块Q的正上方有一质量

，%=2kg的滑块p套在同定的光滑水平细杆上，滑块Q和滑块P通过轻质弹簧连接。现

将小球从A点静止释放，当小球到达最低点8时与滑块Q发生弹性碰撞，滑块Q在随后

的运动过程中一直没有离开水平面且滑块P没有滑离细杆，重力加速度#=10m/s2,不计

空气阻力，不计绳与杆、绳与滑块P之间的相互作用，小球和滑块P、Q均可视为质点。

求：

、、O、、

Z/ZZZZZZZZ/ZZZZ/ZZZ/ZZZ/ZZZZZZZZ//ZZZZ/ZZZZZZZZ/ZZZ/Z

(1)小球与滑块Q碰前瞬间轻绳拉力大小；

(2)小球与滑块Q相碰后，小球能到达的最大高度：

(3)若弹簧第一次恢复原长时，滑块P的速度大小为:m/s,则随后运动过程中弹簧的最

O

大弹性势能为多少？

409

【答案】(1)—N(2)1.25cm