高考物理一轮复习 精细讲义 第18讲　机械能守恒定律及其应用（解析版）

第18讲机械能守恒定律及其应用——划重点之精细讲义系列考点一机械能守恒的理解和判断一．重力做功与重力势能1．重力做功的特点(1)重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关．(2)重力做功不引起物体机械能的变化．2．重力势能(1)公式：Ep＝mgh.(2)特性：①矢标性：重力势能是标量，但有正、负，其意义是表示物体的重力势能比它在参考平面上大还是小，这与功的正、负的物理意义不同．②系统性：重力势能是物体和地球共有的．③相对性：重力势能的大小与参考平面的选取有关．重力势能的变化是绝对的，与参考平面的选取无关．3．重力做功与重力势能变化的关系(1)定性关系：重力对物体做正功，重力势能就减少；重力对物体做负功，重力势能就增加．(2)定量关系：重力对物体做的功等于物体重力势能的减少量．即WG＝－(Ep2－Ep1)＝－ΔEp.二．弹性势能1．大小弹簧的弹性势能的大小与弹簧的形变量及劲度系数有关．2．弹力做功与弹性势能变化的关系弹力做正功，弹性势能减小，弹力做负功，弹性势能增加．三．机械能守恒定律1．机械能动能和势能统称为机械能，其中势能包括重力势能和弹性势能．2．机械能守恒定律(1)内容：在只有重力或弹力做功的物体系统内，动能和势能可以互相转化，而总的机械能保持不变．(2)守恒的条件：只有重力或弹力做功．1．对机械能守恒条件的理解(1)只受重力作用，例如不考虑空气阻力的各种抛体运动，物体的机械能守恒．(2)除重力外，物体还受其他力，但其他力不做功或做功代数和为零．(3)除重力外，只有系统内的弹力做功，并且弹力做的功等于弹性势能减少量，那么系统的机械能守恒．注意：并非物体的机械能守恒，如与弹簧相连的小球下摆的过程机械能减少．2．机械能是否守恒的三种判断方法(1)利用机械能的定义判断：若物体动能、势能之和不变，则机械能守恒．(2)用做功判断：若物体或系统只有重力(或弹簧的弹力)做功，虽受其他力，但其他力不做功，机械能守恒．(3)利用能量转化判断：若物体或系统与外界没有能量交换，物体或系统内也没有机械能与其他形式能的转化，则机械能守恒．【典例1】关于机械能是否守恒，下列说法正确的是()A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B．做匀速圆周运动的物体机械能一定守恒C．做变速运动的物体机械能可能守恒D．合力对物体做功不为零，机械能一定不守恒解析：选C.做匀速直线运动的物体与做匀速圆周运动的物体，如果是在竖直平面内则机械能不守恒，A、B错误；合力做功不为零，机械能可能守恒，如自由落体运动，D错误，C正确．【典例2】(多选)如图所示，下列关于机械能是否守恒的判断正确的是()A．甲图中，物体A将弹簧压缩的过程中，物体A机械能守恒B．乙图中，物体A固定，物体B沿斜面匀速下滑，物体B的机械能守恒C．丙图中，不计任何阻力和定滑轮质量时，A加速下落，B加速上升过程中，A、B组成的系统机械能守恒D．丁图中，小球沿水平面做匀速圆锥摆运动时，小球的机械能守恒解析：选CD.甲图中重力和弹力做功，物体A和弹簧组成的系统机械能守恒，但物体A机械能不守恒，A错．乙图中物体B除受重力外，还受到弹力和摩擦力作用，弹力不做功，但摩擦力做负功，物体B的机械能不守恒，B错．丙图中绳子张力对A做负功，对B做正功，代数和为零，A、B组成的系统机械能守恒，C对．丁图中小球的动能不变，势能不变，机械能守恒，D对．【典例3】(多选)如图所示，斜面置于光滑水平地面，其光滑斜面上有一物体由静止沿斜面下滑，在物体下滑过程中，下列说法正确的是()A．物体的重力势能减少，动能增加，机械能减小B．斜面的机械能不变C．斜面对物体的作用力垂直于接触面，不对物体做功D．物体和斜面组成的系统机械能守恒解析：选AD.物体由静止开始下滑的过程其重力势能减少，动能增加，A正确；物体在下滑过程中，斜面做加速运动，其机械能增加，B错误；物体沿斜面下滑时，既沿斜面向下运动，又随斜面向右运动，其合速度方向与弹力方向不垂直，弹力方向垂直于接触面，但与速度方向之间的夹角大于90°，所以斜面对物体的作用力对物体做负功，C错误；对物体与斜面组成的系统，只有物体的重力和物体与斜面间的弹力做功，机械能守恒，D正确．【典例4】(多选)如图所示，用轻弹簧相连的物块A和B放在光滑的水平面上，物块A紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物块B后留在其中，由子弹、弹簧和A、B所组成的系统在下列依次进行的过程中，机械能守恒的是()A．子弹射入物块B的过程B．物块B带着子弹向左运动，直到弹簧压缩量最大的过程C．弹簧推着带子弹的物块B向右运动，直到弹簧恢复原长的过程D．带着子弹的物块B因惯性继续向右运动，直到弹簧伸长量达最大的过程解析：选BCD.子弹射入物块B的过程中，子弹和物块B组成的系统，由于要克服子弹与物块之间的滑动摩擦力做功，一部分机械能转化成了内能，所以机械能不守恒．在子弹与物块B获得了共同速度后一起向左压缩弹簧的过程中，对于A、B、弹簧和子弹组成的系统，由于墙壁给A一个推力作用，系统的外力之和不为零，但这一过程中墙壁的弹力不做功，只有系统内的弹力做功，动能和弹性势能发生转化，系统机械能守恒，这一情形持续到弹簧恢复原长为止．当弹簧恢复原长后，整个系统将向右运动，墙壁不再有力作用在A上，这时物块的动能和弹簧的弹性势能相互转化，故系统的机械能守恒，综上所述，B、C、D正确．(1)机械能守恒的条件绝不是合外力的功等于零，更不是合外力为零；“只有重力或弹力做功”不等于“只受重力或弹力作用”．(2)对于一些绳子突然绷紧、物体间碰撞等情况，除非题目特别说明，否则机械能必定不守恒．(3)对于系统机械能是否守恒，可以根据能量的转化进行判断．考点二单个物体的机械能守恒定律的应用1.应用机械能守恒定律的基本思路(1)选取研究对象eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(单个物体,多个物体组成的系统,系统内有弹簧))(2)受力分析和各力做功情况分析，确定是否符合机械能守恒条件．(3)确定初末状态的机械能或运动过程中物体机械能的转化情况．(4)选择合适的表达式列出方程，进行求解．(5)对计算结果进行必要的讨论和说明．2.三种守恒表达式的比较表达角度表达公式表达意义注意事项守恒观点Ek＋Ep＝Ek′＋Ep′系统初状态的机械能的总和与末状态机械能的总和相等应用时应选好重力势能的零势能面，且初、末状态必须用同一零势能面计算势能转化观点ΔEk＝－ΔEp表示系统(或物体)机械能守恒时，系统减少(或增加)的重力势能等于系统增加(或减少)的动能应用时关键在于分清重力势能的增加量或减少量，可不选零势能面而直接计算初、末状态的势能差转移观点ΔE增＝ΔE减若系统由A、B两部分组成，则A部分物体机械能的增加量与B部分物体机械能的减少量相等常用于解决两个或多个物体组成的系统的机械能守恒问题【典例1】如图所示，将一质量为m＝0.1kg的小球自水平平台右端O点以初速度v0水平抛出，小球飞离平台后由A点沿切线落入竖直光滑圆轨道ABC，并沿轨道恰好通过最高点C，圆轨道ABC的形状为半径R＝2.5m的圆截去了左上角127°的圆弧，CB为其竖直直径(sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，重力加速度g取10m/s2，空气阻力不计)，求：(1)小球经过C点速度vC的大小；(2)小球运动到轨道最低点B时轨道对小球的支持力大小；(3)平台末端O点到A点的竖直高度H.解析(1)小球恰好运动到C点时，重力提供向心力，由牛顿第二定律知mg＝meq\f(v\o\al(2,C),R)解得vC＝eq\r(gR)＝5m/s(2)从B点到C点，由机械能守恒定律有eq\f(1,2)mveq\o\al(2,C)＋mg·2R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)在B点对小球进行受力分析，由牛顿第二定律有FN－mg＝meq\f(v\o\al(2,B),R)联立解得vB＝5eq\r(5)m/s，FN＝6.0N(3)从A到B由机械能守恒定律有eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＋mgR(1－cos53°)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)所以vA＝eq\r(105)m/s在A点对小球进行速度的分解如图所示，有vy＝vAsin53°所以H＝eq\f(v\o\al(2,y),2g)＝3.36m答案(1)5m/s(2)6.0N(3)3.36m【典例2】(多选)如图所示，竖直面内光滑的eq\f(3,4)圆形导轨固定在一水平地面上，半径为R.一个质量为m的小球从距水平地面正上方h高处的P点由静止开始自由下落，恰好从N点沿切线方向进入圆轨道．不考虑空气阻力，则下列说法正确的是()A．适当调整高度h，可使小球从轨道最高点M飞出后，恰好落在轨道右端口N处B．若h＝2R，则小球在轨道最低点对轨道的压力为5mgC．只有h大于等于2.5R时，小球才能到达圆轨道的最高点MD．若h＝R，则小球能上升到圆轨道左侧离地高度为R的位置，该过程重力做功为mgR解析：选BC.球到达最高点时速度至少应满足mg＝meq\f(v2,R)，解得v＝eq\r(gR)，小球离开最高点后做平抛运动，下落高度为R时，运动的水平距离为x＝vt＝eq\r(gR)eq\r(\f(2R,g))＝eq\r(2)R，故A错误；从P到最低点过程由机械能守恒可得2mgR＝eq\f(1,2)mv2，由向心力公式得FN－mg＝meq\f(v2,R)，解得FN＝5mg，由牛顿第三定律可知小球对轨道的压力为5mg，故B正确；由机械能守恒得mg(h－2R)＝eq\f(1,2)mv2，代入v＝eq\r(gR)，解得h＝2.5R，故C正确；若h＝R，则小球能上升到圆轨道左侧离地高度为R的位置，该过程重力做功为0，D错误．【典例3】如图所示，竖直平面内的一半径R＝0.50m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O等高，一水平面与圆弧槽相接于D点，质量m＝0.10kg的小球从B点正上方H＝0.95m高处的A点自由下落，由B点进入圆弧轨道，从D点飞出后落在水平面上的Q点，DQ间的距离x＝2.4m，球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h＝0.80m，g取10m/s2，不计空气阻力，求：(1)小球经过C点时轨道对它的支持力大小FN；(2)小球经过最高点P的速度大小vP；(3)D点与圆心O的高度差hOD.解析：(1)设经过C点时速度为v1，由机械能守恒有mg(H＋R)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)由牛顿第二定律有FN－mg＝eq\f(mv\o\al(2,1),R)代入数据解得FN＝6.8N(2)P到Q做平抛运动有h＝eq\f(1,2)gt2，eq\f(x,2)＝vPt代入数据解得vP＝3.0m/s.(3)由机械能守恒定律，有eq\f(1,2)mveq\o\al(2,P)＋mgh＝mg(H＋hOD)，代入数据，解得hOD＝0.30m.答案：(1)6.8N(2)3.0m/s(3)0.30m机械能守恒定律的应用技巧(1)机械能守恒定律是一种“能——能转化”关系，其守恒是有条件的，因此，应用时首先要对研究对象在所研究的过程中机械能是否守恒做出判断．(2)如果系统(除地球外)只有一个物体，用守恒式列方程较方便；对于由两个或两个以上物体组成的系统，用转化式或转移式列方程较简便．考点三轻杆模型中的机械能守恒1.模型构建轻杆两端各固定一个物体，整个系统一起沿斜面运动或绕某点转动，该系统即为机械能守恒中的轻杆模型．2.模型条件（1）忽略空气阻力和各种摩擦．（2）平动时两物体线速度相等，转动时两物体角速度相等．3.模型特点（1）杆对物体的作用力并不总是指向杆的方向，杆能对物体做功，单个物体机械能不守恒．（2）对于杆和球组成的系统，没有外力对系统做功，因此系统的总机械能守恒．【典例1】质量分别为m和2m的两个小球P和Q，中间用轻质杆固定连接，杆长为L，在离P球eq\f(L,3)处有一个光滑固定轴O，如图所示．现在把杆置于水平位置后自由释放，在Q球顺时针摆动到最低点位置时，求：(1)小球P的速度大小；(2)在此过程中小球P机械能的变化量．【规范解答】(1)两球和杆组成的系统机械能守恒，设小球Q摆到最低位置时P球的速度为v，由于P、Q两球的角速度相等，Q球运动半径是P球运动半径的两倍，故Q球的速度为2v.由机械能守恒定律得2mg·eq\f(2,3)L－mg·eq\f(1,3)L＝eq\f(1,2)mv2＋eq\f(1,2)·2m·(2v)2，解得v＝eq\f(\r(2gL),3).(2)小球P机械能增加量为ΔE，ΔE＝mg·eq\f(1,3)L＋eq\f(1,2)mv2＝eq\f(4,9)mgL.【答案】(1)eq\f(\r(2gL),3)(2)增加eq\f(4,9)mgL【典例2】如图所示，倾角为θ的光滑斜面上放有两个质量均为m的小球A和B，两球之间用一根长为L的轻杆相连，下面的小球B离斜面底端的高度为h.两球从静止开始下滑，不计球与地面碰撞时的机械能损失，且地面光滑，求：(1)两球在光滑水平面上运动时的速度大小；(2)整个运动过程中杆对A球所做的功．【解析】(1)因为没有摩擦，且不计球与地面碰撞时的机械能损失，两球在光滑地面上运动时的速度大小相等，设为v，根据机械能守恒定律有：2mg(h＋eq\f(L,2)sinθ)＝2×eq\f(1,2)mv2解得：v＝eq\r(2gh＋gLsinθ).(2)因两球在光滑水平面上运动时的速度v比B单独从h处自由滑下的速度eq\r(2gh)大，增加的机械能就是杆对B做正功的结果．B增加的机械能为ΔEkB＝eq\f(1,2)mv2－mgh＝eq\f(1,2)mgLsinθ因系统的机械能守恒，所以杆对B球做的功与杆对A球做的功的数值应该相等，杆对B球做正功，对A球做负功，所以杆对A球做的功W＝－eq\f(1,2)mgLsinθ.【答案】(1)eq\r(2gh＋gLsinθ)(2)－eq\f(1,2)mgLsinθ【典例3】如图所示，质量分别为2m、3m的小球A和小球B分别固定在由轻质杆构成的直角尺的两端，直角尺的定点O处有光滑的固定转动轴，AO、BO的长分别为2L和L，开始时直角尺的AO杆部分处于水平位置而B在O的正下方，让该系统由静止开始自由转动，求：(1)当小球A到达最低点时，小球A的速度大小和小球A对AO杆作用力的大小；(2)小球A由初始位置到达最低点的过程中，杆AO和杆BO分别对小球A和小球B所做的功；(3)B球能上升的最大高度h.解析直角尺和两个小球组成的系统机械能守恒．(1)由机械能守恒定律得：2mg·2L＝3mg·L＋eq\f(1,2)·2mv2＋eq\f(1,2)·3meq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(v,2)))2解得v＝eq\r(\f(8gL,11))对A球由牛顿第二定律得F－2mg＝eq\f(2mv2,2L)解得F＝eq\f(30mg,11)由牛顿第三定律得球A对AO杆的作用力大小F′＝F＝eq\f(30mg,11)(2)设杆AO和杆BO对小球A和小球B所做的功分别为WAO和WBO，则2mg·2L＋WAO＝eq\f(1,2)×2mv2WBO－3mg·L＝eq\f(1,2)×3meq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(v,2)))2解得WAO＝－eq\f(36mgL,11)，WBO＝eq\f(36mgL,11)(3)设B球上升到最高点时，AO与竖直方向的夹角为θ，则由机械能守恒定律得2mg·2Lcosθ＝3mg·L(1＋sinθ)解得sinθ＝eq\f(7,25)则B球上升的最大高度h＝L(1＋sinθ)＝eq\f(32L,25)答案(1)eq\r(\f(8gL,11))eq\f(30mg,11)(2)－eq\f(36mgL,11)eq\f(36mgL,11)(3)eq\f(32L,25)【典例4】如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，且处于原长状态．现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L(未超过弹性限度)，则在圆环下滑到最大距离的过程中()A．圆环的机械能守恒B．弹簧弹性势能变化了eq\r(3)mgLC．圆环下滑到最大距离时，所受合力为零D．圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变解析：选B.圆环沿杆下滑的过程中，圆环与弹簧组成的系统动能、弹性势能、重力势能之和守恒，选项A、D错误；弹簧长度为2L时，圆环下落的高度h＝eq\r(3)L，根据机械能守恒定律，弹簧的弹性势能增加了ΔEp＝mgh＝eq\r(3)mgL，选项B正确；圆环释放后，圆环向下先做加速运动，后做减速运动，当速度最大时，合力为零，下滑到最大距离时，具有向上的加速度，合力不为零，选项C错误．【典例5】如图所示，跨过同一高度处的定滑轮的细线连接着质量相同的物体A和B，A套在光滑水平杆上，定滑轮离水平杆的高度h＝0.2m，开始时让连着A的细线与水平杆的夹角θ1＝37°，由静止释放B，当细线与水平杆的夹角θ2＝53°时，A的速度为多大？在以后的运动过程中，A所获得的最大速度为多大？(设B不会碰到水平杆，sin37°＝0.6，sin53°＝0.8，取g＝10m/s2)解析：A、B两物体组成的系统，只有动能和重力势能的转化，机械能守恒．设θ2＝53°时，A、B两物体的速度分别为vA、vB，B下降的高度为h1，则有mgh1＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)其中h1＝eq\f(h,sinθ1)－eq\f(h,sinθ2)vAcosθ2＝vB代入数据解得vA＝1.1m/s由于绳子的拉力对A做正功，使A加速，至左滑轮正下方时速度最大，此时B的速度为零，此过程B下降高度设为h2，则由机械能守恒定律得mgh2＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,Am)其中h2＝eq\f(h,sinθ1)－h代入数据解得vAm＝1.6m/s答案：1.1m/s1.6m/s在利用轻杆模型求解问题时应注意以下两点：（1）本类题目易误认为两球的线速度相等，还易误认为单个小球的机械能守恒．（2）杆对球的作用力方向不再沿着杆，杆对小球P做正功从而使它的机械能增加，同时杆对小球Q做负功，使小球Q的机械能减少，系统的机械能守恒.考点四用机械能守恒定律解决非质点问题在应用机械能守恒定律处理实际问题时，经常遇到像“链条”“液柱”类的物体，其在运动过程中将发生形变，其重心位置相对物体也发生变化，因此这类物体不能再看成质点来处理．物体虽然不能看成质点来处理，但因只有重力做功，物体整体机械能守恒．一般情况下，可将物体分段处理，确定质量分布均匀的规则：物体各部分的重心位置，根据初末状态物体重力势能的变化列式求解．【典例1】如图所示，AB为光滑的水平面，BC是倾角为α的足够长的光滑斜面，斜面体固定不动．AB、BC间用一小段光滑圆弧轨道相连．一条长为L的均匀柔软链条开始时静止的放在ABC面上，其一端D至B的距离为L－a.现自由释放链条，则：(1)链条下滑过程中，系统的机械能是否守恒？简述理由；(2)链条的D端滑到B点时，链条的速率为多大？解析(1)链条在下滑过程中机械能守恒，因为斜面BC和AB面均光滑，链条下滑时只有重力做功，符合机械能守恒的条件．(2)设链条质量为m，可以认为始末状态的重力势能变化是由L－a段下降引起的，高度减少量h＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(a＋\f(L－a,2)))sinα＝eq\f(L＋a,2)sinα该部分的质量为m′＝eq\f(m,L)(L－a)由机械能守恒定律可得：eq\f(m,L)(L－a)gh＝eq\f(1,2)mv2，可解得：v＝eq\r(\f(g,L)L2－a2sinα).答案(1)见解析(2)eq\r(\f(g,L)L2－a2sinα)【典例2】如图所示，粗细均匀，两端开口的U形管内装有同种液体，开始时两边液面高度差为h，管中液柱总长度为4h，后来让液体自由流动，当两液面高度相等时，右侧液面下降的速度为()A.eq\r(\f(1,8)gh) B．eq\r(\f(1,6)gh)C.eq\r(\f(1,4)gh) D.eq\r(\f(1,2)gh)解析：选A.当两液面高度相等时，减少的重力势能转化为整个液体的动能，根据功能关系有eq\f(1,8)mg·eq\f(1,2)h＝eq\f(1,2)mv2，解得：v＝eq\r(\f(1,8)gh).【典例3】如图所示，长为L的均匀链条放在光滑水平桌面上，且使长度的eq\f(1,4)垂在桌边，松手后链条从静止开始沿桌边下滑，则链条滑至刚刚离开桌边时的速度大小为()A.eq\r(\f(3,2)gL) B.eq\f(\r(gL),4)C.eq\f(\r(15gL),4) D．4eq\r(gL)解析：选C.由机械能守恒定律ΔEp减＝ΔEk增，即mg·eq\f(L,2)－eq\f(1,4)mg·eq\f(L,8)＝eq\f(1,2)mv2，所以v＝eq\f(\r(15gL),4).1．下列关于机械能守恒的说法中，正确的是()A．若只有重力做功，则物体机械能一定守恒B．若物体的机械能守恒，一定是只受重力C．做匀变速运动的物体机械能一定守恒D．物体所受合力不为零，机械能一定守恒解析：选A.若只有重力做功，则物体机械能一定守恒，A正确；若物体的机械能守恒，物体不一定是只受重力，也许受其他力，但其他力不做功，B错误；做匀变速运动的物体，如果除重力外，其他力做功不为零，则机械能不守恒，C错误；物体所受合力不为零，但是如果除重力外的其他力做功不为零，则机械能不守恒，D错误．2．不计空气阻力，下列运动的物体中机械能不守恒的是()A．起重机吊起物体匀速上升B．物体做平抛运动C．圆锥摆球在水平面内做匀速圆周运动D．一个轻质弹簧上端固定，下端系一个重物，重物在竖直方向上下振动(以物体和弹簧整体为研究对象)解析：选A.起重机吊起物体匀速上升，物体的动能不变而势能增加，故机械能不守恒，A正确；物体做平抛运动，只有重力做功，机械能守恒，B错误；圆锥摆球在水平面内做匀速圆周运动，没有力做功，机械能守恒，C错误；一个轻质弹簧上端固定，下端系一个重物，重物在竖直方向上下振动，只有重力和弹力做功，机械能守恒，D错误．3.在一次课外趣味游戏中，有四位同学分别将四个质量不同的光滑小球沿竖直放置的内壁光滑的半球形碗的碗口内侧同时由静止释放，碗口水平，如图所示．他们分别记下了这四个小球下滑速率为v时的位置，则这些位置应该在同一个()A．球面 B．抛物面C．水平面 D．椭圆面解析：选C.因半球形碗的内壁光滑，所以小球下滑过程中机械能守恒，取小球速率为v时所在的平面为零势能面，则根据机械能守恒定律得mgh＝eq\f(1,2)mv2，因为速率v相等，所以高度相等，与小球的质量无关，即这些位置应该在同一个水平面上，C正确．4.如图所示，在离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．下列说法中正确的是()A．弹簧获得的最大弹性势能小于小球抛出时的动能B．弹簧获得的最大弹性势能等于小球抛出时的动能C．小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中机械能守恒D．小球抛出的初速度大小仅与圆筒离地面的高度有关解析：选A.小球从抛出到弹簧压缩到最短的过程中，只有重力和弹力做功，因此小球和弹簧组成的系统机械能守恒，即eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝mgh＋Ep，由此得到Ep＜eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，选项A正确，B、C错误；斜上抛运动可分解为竖直上抛运动和水平方向的匀速直线运动，在竖直方向上有2gh＝veq\o\al(2,0)sin2θ－0(θ为v0与水平方向的夹角)，解得v0＝eq\f(\r(2gh),sinθ)，由此可知，选项D错误．5．有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一根不可伸长的轻细绳相连，A、B质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为()A.eq\f(4v2,g) B.eq\f(3v2,g)C.eq\f(2v2,3g) D.eq\f(4v2,3g)解析：选D.由运动的合成与分解可知滑块A和B沿绳伸长方向的速度大小相等，有vAsin60°＝vcos60°，解得vA＝eq\f(\r(3),3)v，滑块A、B组成的系统机械能守恒，设滑块B下滑的高度为h，有mgh＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＋eq\f(1,2)mv2，解得h＝eq\f(2v2,3g)，由几何关系可知绳长L＝2h＝eq\f(4v2,3g)，故选项D正确．6．离心轨道是研究机械能守恒和向心力效果的一套较好的器材．如图甲所示，某课外研究小组将一个压力传感器安装在轨道圆周部分的最低点B处，他们把一个钢球从轨道上的不同高处由静止释放．得到多组压力传感器示数F和对应的释放点的高度h的数据后，作出了如图乙所示的F­h图象．不计各处摩擦，取g＝10m/s2.(1)求该研究小组用的离心轨道圆周部分的半径；(2)当h＝0.6m，小球到达圆周上最高点C点时，轨道对小球的压力多大？解析：(1)小钢球从A点滚至B点的过程中，由机械能守恒定律得mgh＝eq\f(mv\o\al(2,B),2)小钢球在B点时，由牛顿第二定律得F－mg＝eq\f(mv\o\al(2,B),R)解得F＝eq\f(2mgh,R)＋mg由题图乙可知：当h＝0时，F＝mg＝4N；当h＝0.6m时，F＝28N，代入上式可得R＝0.2m.(2)小钢球从A点运动至C点的过程中机械能守恒，则mgh＝2mgR＋eq\f(mv\o\al(2,C),2)小钢球在C点时，由牛顿第二定律得mg＋FN＝eq\f(mv\o\al(2,C),R)解得FN＝4N答案：(1)0.2m(2)4N7.如图所示，在倾角θ＝30°的光滑固定斜面上，放有两个质量分别为1kg和2kg的可视为质点的小球A和B，两球之间用一根长L＝0.2m的轻杆相连，小球B距水平面的高度h＝0.1m．两球由静止开始下滑到光滑地面上，不计球与地面碰撞时的机械能损失，g取10m/s2.则下列说法中正确的是()A．整个下滑过程中A球机械能守恒B．整个下滑过程中B球机械能守恒C．整个下滑过程中A球机械能的增加量为eq\f(2,3)JD．整个下滑过程中B球机械能的增加量为eq\f(2,3)J解析：选D.在下滑的整个过程中，只有重力对系统做功，系统的机械能守恒，但在B球沿水平面滑行而A沿斜面滑行时，杆的弹力对A、B球做功，所以A、B球各自机械能不守恒，故A、B错误；根据系统机械能守恒得：mAg(h＋Lsinθ)＋mBgh＝eq\f(1,2)(mA＋mB)v2，解得v＝eq\f(2,3)eq\r(6)m/s，系统下滑的整个过程中B球机械能的增加量为eq\f(1,2)mBv2－mBgh＝eq\f(2,3)J，故D正确；A球的机械能减小，C错误．8.(多选)如图所示，质量分别为m和2m的两个小球a和b，中间用轻质杆相连，在杆的中点O处有一固定转动轴，把杆置于水平位置后释放，在b球顺时针摆动到最低位置的过程中()A．b球的重力势能减少，动能增加，b球机械能守恒B．a球的重力势能增加，动能也增加，a球机械能不守恒C．a球、b球组成的系统机械能守恒D．a球、b球组成的系统机械能不守恒解析：选BC.b球从水平位置下摆到最低点过程中，a球升至最高点，重力势能增加，动能也增加，机械能增加．由于a、b系统只有重力做功，则系统机械能守恒，既然a球机械能增加，b球机械能一定减少．可见，杆对a球做了正功，杆对b球做了负功．所以，本题正确答案为B、C.(认为杆对小球的力沿杆的方向，对小球不做功，故两球机械能均守恒，从而错选A.)9.(多选)如图所示，有一光滑轨道ABC，AB部分为半径为R的eq\f(1,4)圆弧，BC部分水平，质量均为m的小球a、b固定在竖直轻杆的两端，轻杆长为R，不计小球大小．开始时a球处在圆弧上端A点，由静止释放小球和轻杆，使其沿光滑轨道下滑，下列说法正确的是()A．a球下滑过程中机械能保持不变B．a、b两球和轻杆组成的系统在下滑过程中机械能保持不变C．a、b滑到水平轨道上时速度为eq\r(2gR)D．从释放到a、b滑到水平轨道上，整个过程中轻杆对a球做的功为eq\f(mgR,2)解析：选BD.由机械能守恒的条件得，a球机械能不守恒，a、b系统机械能守恒，所以A错误，B正确．对a、b系统由机械能守恒定律得：mgR＋2mgR＝2×eq\f(1,2)mv2，解得v＝eq\r(3gR)，C错误．对a由动能定理得：mgR＋W＝eq\f(1,2)mv2，解得W＝eq\f(mgR,2)，D正确．10．(多选)如图所示，一根长为L不可伸长的轻绳跨过光滑的水平轴O，两端分别连接质量为2m的小球A和质量为m的物块B，由图示位置释放后，当小球转动到水平轴正下方时轻绳的中点正好在水平轴O点，且此时物块B的速度刚好为零，则下列说法中正确的是()A．物块B一直处于静止状态B．小球A从图示位置运动到水平轴正下方的过程中机械能守恒C．小球A运动到水平轴正下方时的速度大于eq\r(gL)D．小球A从图示位置运动到水平轴正下方的过程中，小球A与物块B组成的系统机械能守恒解析：选CD.当小球转动到水平轴正下方时轻绳的中点正好在水平轴O点，所以小球A下降的高度为eq\f(L,2)，物块B会上升一定的高度h，由机械能守恒得eq\f(1,2)·2mv2＝2mg·eq\f(L,2)－mgh，所以小球A运动到水平轴正下方时的速度v>eq\r(gL)，A错误，C正确；在整个过程中小球A与物块B组成的系统机械能守恒，B错误，D正确．11．(多选)重10N的滑块在倾角为30°的光滑斜面上，从a点由静止下滑，到b点接触到一个轻弹簧，滑块压缩弹簧到c点开始弹回，返回b点离开弹簧，最后又回到a点，已知ab＝1m，bc＝0.2m，那么在整个过程中()A．滑块动能的最大值是6JB．弹簧弹性势能的最大值是6JC．从c到b弹簧的弹力对滑块做的功是6JD．整个过程系统机械能守恒解析：选BCD.以滑块和弹簧为系统，在滑块的整个运动过程中，只发生动能、重力势能和弹性势能之间的相互转化，系统机械能守恒，D正确；滑块从a到c重力势能减小了mgacsin30°＝6J，全部转化为弹簧的弹性势能，A错误，B正确；从c到b弹簧恢复原长，通过弹簧的弹力对滑块做功，将6J的弹性势能全部转化为滑块的机械能，C正确．12．如图所示，质量分别为m、2m、m的三个物体A、B、C通过轻绳与劲度系数为k的轻弹簧相连接，并均处于静止状态。现在将B、C之间的细绳剪断，弹簧始终在弹性限度内，不考虑一切阻力，下列说法正确的是（）

A．在C落地前，A、B、C三者组成的系统机械能守恒B．剪断细绳前，弹簧的伸长量为C．剪断细绳后，当B的速度最大时B增加的重力势能为D．剪断细绳瞬间，A、B的加速度大小为【答案】C【详解】A．在C落地前，弹簧弹力对A、B、C三者组成的系统做功，三者系统机械能不守恒，故A错误；B．剪断细绳前，物体A受力平衡，根据平衡条件有解得故B错误；C．剪断细绳后，A、B物体做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，B的速度最大，此时对A物体有解得在此过程弹簧的形变量为则物体B增加的重力势能为故C正确；D．剪断细绳瞬间，以A为研究对象，根据牛顿第二定律有对B有解得剪断细绳瞬间，A、B的加速度大小为，故D错误；故选C。13．如图所示，质量为m的小球，用轻软细绳系在边长为a的正方形截面木柱的边A处（木柱水平放置，图中画斜线部分为其竖直横截面），软绳长4a，质量不计，它所能承受的最大拉力为6mg。开始绳呈水平状态，若以竖直向下的初速度抛出小球，为使绳能绕在木柱上，且小球始终沿圆弧运动，最后击中A点，则小球允许的初速度范围为（）

A． B．C． D．【答案】B【详解】为使绳能绕在木柱上，则小球通过最高点的最小速度满足解得此过程由动能定理，得解得为使绳能绕在木柱上，则小球通过最低点的最大速度满足解得此过程由动能定理，得解得所以小球允许的初速度范围为故选B。14．如图所示，某一斜面与水平面平滑连接，一小木块从斜面由静止开始滑下，已知小木块与斜面、水平面间的动摩擦因数相同，取水平面为参考平面，重力势能Ep、动能Ek、机械能E和产生的内能Q与水平位移x的关系图线错误的是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】C【详解】设动摩擦因数为μ，斜面的倾角为θ，小木块开始下滑位置到水平面的高度为H；A．小木块在斜面上运动时的重力势能为解得小球在水平面上运动时A正确，不符合题意；B．木块在斜面上运动时，根据动能定理得解得木块在水平面上运动时，设初动能为Ek0，根据动能定理得解得B正确，不符合题意；D．木块克服摩擦力做功转化为内能，木块在斜面上时解得木块在水平面上运动时木块在斜面上运动和在水平面上运动，图像的斜率相同，D正确，不符合题意；C．木块在斜面上运动时，根据能量守恒定律得解得木块在水平面上运动时，设初始机械能为E0，根据能量守恒定律得木块在斜面上运动和在水平面上运动，图像的斜率相同，C错误，符合题意。故选C。15．如图所示，小滑块P、Q的质量均为m，P套在固定光滑竖直杆上，Q放在光滑水平面上。P、Q间通过铰链用长为L的轻杆连接，轻杆与竖直杆的夹角为α，一水平轻弹簧左端与Q相连，右端固定在竖直杆上。当α=30°时，弹簧处于原长，P由静止释放，下降到最低点时α变为60°，整个运动过程中，P、Q始终在同一竖直平面内，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g。则P下降过程中（

）

A．P、Q组成的系统机械能守恒B．弹簧弹性势能最大值为C．竖直杆对滑块P的弹力始终大于弹簧弹力D．滑块P的动能达到最大时，Q受到地面的支持力大于2mg【答案】B【详解】A．根据能量守恒定律知，P、Q、弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；B．根据能量守恒定律知，弹簧弹性势能的最大值B正确；C．以整体为研究对象，系统水平方向先向左加速运动后向左减速运动，所以水平方向合力先向左，后向右，因此水平方向加速阶段竖直杆弹力大于弹簧弹力，水平方向减速阶段竖直杆弹力小于弹簧弹力，C错误；D．P由静止释放，开始向下做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零时，P的速度达到最大，此时滑块P的动能最大，对P、Q和弹簧组成的系统整体受力分析，在竖直方向，根据牛顿第二定律可得解得D错误。故选B。16．（多选）如图，轻质弹簧一端与垂直固定在斜面上的板C相连，另一端与物体A相连。物体A置于光滑固定斜面上，斜面的倾角。A上端连接一轻质细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连且始终与斜面平行。开始时托住B，A静止且细线恰好伸直，然后由静止释放B。已知物体A、B的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，当地重力加速度为g，B始终未与地面接触。从释放B到B第一次下落至最低点的过程中，下列说法正确的是（）。A．刚释放物体B时，物体A受到细线的拉力大小为B．物体A到最高点时，A所受合力大小为C．物体B下落至最低点时，A和弹簧组成系统的机械能最大D．物体A的最大速度为【答案】ACD【详解】A．刚释放物体B时，以A、B组成的系统为研究对象，有解得对B研究解得故物体A受到细线的拉力大小为，故A正确；BC．对于A、B物体以及弹簧组成的系统，只有弹簧的弹力和重力做功，系统机械能守恒，B减小的机械能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能，故当B下落至最低点时，A和弹簧组成系统的机械能最大，且此时A上升到最高位置，根据对称性可知B产生的加速度大小也为故对B受力分析，根据牛顿第二定律可知解得故AB整体研究，可得解得对A研究，A受到弹簧拉力、重力和绳子的拉力，则故B错误，C正确；D．手拖住物块B时，物块A静止，设此时弹簧的压缩量为，对物块A根据平衡条件可得解得当物体A上升过程中，当A和B整体的加速度为0时速度达到最大值，此时细线对A的拉力大小刚好等于，设此时弹簧的伸长量为，则解得所以此时弹簧的弹性势能与初始位置时相同，对A、B和弹簧组成的系统，根据机械能守恒定律得解得故D正确。故选ACD。17．（多选）如图，长为的不可伸长轻绳一端系于固定点O。另一端系一质量的小球，将小球从O点左侧与O点等高的A点以一定初速度水平向右抛出，经一段时间后小球运动到O点有下方的B点时，轻绳刚好被拉直，此后小球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动。已知O、A的距离为，轻绳刚被拉直时与竖直方向的夹角为。重力加速度取。，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A．小球抛出时的初速度大小B．轻绳被拉直前瞬间小球的速度为C．小球做圆周运动摆到最低点时的动能为D．小球做圆周运动摆到最低点时，轻绝对小球的拉力大小为【答案】AD【详解】A．小球抛出后经时间t轻绳刚好被拉直，根据平抛运动规律有解得，选项A正确；B．轻绳刚被拉直前，小球竖直方向的分速度大小为此时小球的瞬时速度选项B错误；C．轻绳被拉直后沿着轻绳方向的速度为零，垂直于轻绳的速度小球之后做圆周运动摆到最低点过程中，则根据机械能守恒定律有解得选项C错误；D．小球圆周运动摆到最低点时，根据牛顿第二定律有其中解得选项D正确。故选AD。18．（多选）如图所示，有两条位于同一竖直平面内的光滑水平轨道，相距为，轨道上有两个物体和B，质量均为，它们通过一根绕过定滑轮的不可伸长的轻绳相连接。在轨道间的绳子与轨道成角的瞬间，物体在下面的轨道上的运动速率为。此时绳子段的中点处有一与绳相对静止的小水滴与绳子分离。设绳长远大于滑轮直径，不计轻绳与滑轮间的摩擦，下列说法正确的是（）

A．位于图示位置时物体B的速度大小为B．小水滴与绳子分离的瞬间做平拋运动C．在之后的运动过程中当轻绳与水平轨道成角时，物体B的动能为D．小水滴脱离绳子时速度的大小为【答案】AC【详解】A．将物体B的速度分解到沿绳和垂直于绳方向如图甲所示，在轨道间的绳子与轨道成角的瞬间，有故A正确；D．绳子段一方面向点以速度收缩，另一方面绕点逆时针转动，在轨道间的绳子与轨道成角的瞬间，其角速度点既有沿绳子斜向下的速度，又有垂直于绳子斜向上的转动的线速度P点的合速度即小水滴的速度为故D错误；B．点沿绳的分速度与物体B沿绳的分速度相同，垂直于绳的分速度小于物体B垂直于绳的分速度，物体B的合速度水平向左，则小水滴的合速度斜向左下，如图乙所示，故水滴做斜抛运动，故B错误；C．当轻绳与水平轨道成角时，物体B沿绳方向的分速度为0，物体的速度为0，物体运动过程中，物体AB组成的系统机械能守恒，从题图示位置到轻绳与水平轨道成角时，根据机械能守恒定律得解得故C正确。

故选AC。19．如图所示，一个半径为R的eq\f(1,4)圆周的轨道，O点为圆心，B为轨道上的一点，OB与水平方向的夹角为37°.轨道的左侧与一固定光滑平台相连，在平台上一轻质弹簧左端与竖直挡板相连，弹簧原长时右端在A点．现用一质量为m的小球(与弹簧不连接)压缩弹簧至P点后释放．已知重力加速度为g，不计空气阻力．(1)若小球恰能击中B点，求刚释放小球时弹簧的弹性势能；(2)试通过计算判断小球落到轨道时速度能否与圆弧垂直；(3)改变释放点的位置，求小球落到轨道时动能的最小值．解析：(1)小球离开O点做平抛运动，设初速度为v0，由Rcos37°＝v0tRsin37°＝eq\f(1,2)gt2解得：v0＝eq\r(\f(8,15)gR)由机械能守恒Ep＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝eq\f(4,15)mgR.(2)设落点与O点的连线与水平方向的夹角为θ，小球做平抛运动，有Rcosθ＝v0t，Rsinθ＝eq\f(1,2)gt2位移方向与圆弧垂直tanθ＝eq\f(\f(1,2)gt2,v0t)＝eq\f(gt,2v0)设速度方向与水平方向的夹角为αtanα＝eq\f(vy,v0)＝eq\f(gt,v0)＝2tanθ所以小球不能垂直击中圆弧．(3)设落点与O点的连线与水平方向的夹角为θ，小球做平抛运动，Rcosθ＝v0tRsinθ＝eq\f(1,2)gt2由动能定理mgRsinθ＝Ek－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)解得Ek＝mgReq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,4)sinθ＋\f(1,4sinθ)))当sinθ＝eq\f(\r(3),3)时，取最小值Ek＝eq\f(\r(3),2)mgR.答案：(1)eq\f(4,15)mgR(2)不能垂直击中圆弧(3)eq\f(\r(3),2)mgR20．如图所示，竖直固定的四分之一粗糙圆轨道下端B点水平，半径R1=1m，质量M=1kg的长薄板静置于倾角θ=37°的粗糙斜面CD上，其最上端刚好在斜面顶端C点。一质量为m=1.5kg的滑块（可看做质点）从圆轨道A点由静止滑下，运动至B点时对轨道的压力大小为FN=39N，接着从B点水平抛出，恰好以平行于斜面的速度落到薄板最上端，并在薄板上开始向下运动；当小物体落到薄板最上端时，薄板无初速度释放并开始沿斜面向下运动，其运动至斜面底端时与竖直固定的光滑半圆轨道DE底端粘接在一起。已知斜面CD长L2=7.875m，薄板长L1=2.5m，厚度忽略不计，其与斜面的动摩擦因数μ1=0.25，滑块与长薄板间的动摩擦因数为μ2=0.5，滑块在斜面底端的能量损失和运动过程中空气阻力均忽略不计，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，试求：（1）滑块运动至B点时速度大小v及滑块由A到B运动过程中克服摩擦力做的功Wf；（2）滑块运动到D点时的速度大小；（3）如果要使滑块不会中途脱离竖直半圆轨道DE，其半径R2需要满足什么条件？

【答案】（1）4m/s；3J；（2）8m/s；（3）R2≥3.2m或1.28m≥R2>0【详解】（1）滑块在B点由牛顿第二定律可得代入数据解得v=4m/s从A到B点的过程中，根据动能定理得mgR1−Wf=mv2代入数据解得Wf=3J（2）从B到C滑块做平抛运动，在C点代入数据解得v=5m/s设小滑块在薄板上向下滑行的加速