2025年浙江技术学考真题及解析(信息技术部分)附答案

2025年浙江技术学考练习题及解析(信息技术部分)附答案一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.2025年杭州亚运会期间，某智能交通系统通过路侧传感器实时采集车流量数据，并动态调整红绿灯时长，使主干道通行效率提升20%。该过程主要体现了信息的（）特征。A.载体依附性B.时效性C.共享性D.可加工处理性解析：信息的时效性指信息在特定时间内的有效性。系统需基于实时车流量（当前时间的信息）调整红绿灯，若使用过时数据则无法达到优化效果，因此主要体现时效性。答案：B2.某图像文件的参数为：分辨率4032×3024，24位真彩色，未压缩。其存储容量约为（）A.34.8MBB.36.2MBC.43.5MBD.45.3MB解析：存储容量=分辨率×颜色深度/8（字节）。计算：4032×3024×24÷8=4032×3024×3=4032×9072=36,594,432字节。1MB=1024×1024=1,048,576字节，故36,594,432÷1,048,576≈34.8MB。答案：A3.对数组[7,3,9,5,1,8]进行升序冒泡排序，若每趟从左到右比较相邻元素，下列说法正确的是（）A.第一趟排序后数组为[3,7,5,1,8,9]B.第二趟排序需要进行4次比较C.整个排序过程共需要5趟D.第三趟结束后数组为[3,1,5,7,8,9]解析：冒泡排序每趟将最大元素“冒”到末尾。初始数组[7,3,9,5,1,8]（长度6）：-第一趟比较5次：7与3交换→[3,7,9,5,1,8]；7与9不交换；9与5交换→[3,7,5,9,1,8]；9与1交换→[3,7,5,1,9,8]；9与8交换→[3,7,5,1,8,9]。第一趟后数组为[3,7,5,1,8,9]，A错误。-第二趟剩余前5个元素，需比较4次：7与5交换→[3,5,7,1,8,9]；7与1交换→[3,5,1,7,8,9]；7与8不交换；8与9不交换。第二趟后数组为[3,5,1,7,8,9]，B正确（第二趟比较4次）。-总趟数最多为n-1=5趟，但可能提前结束。本题第三趟剩余前4个元素[3,5,1,7]，比较3次：5与1交换→[3,1,5,7,8,9]，第三趟后数组为[3,1,5,7,8,9]，D错误。答案：B4.下列关于网络协议的描述，错误的是（）A.HTTP协议用于浏览器与Web服务器间的数据传输B.SMTP协议负责将电子邮件从客户端发送到服务器C.FTP协议支持文件上传（Put）和下载（Get）操作D.DNS协议的主要功能是将MAC地址转换为域名解析：DNS（域名系统）的作用是将域名解析为IP地址，MAC地址与IP地址的转换由ARP协议完成。D错误。答案：D5.用Python编写程序时，执行以下代码段后，输出结果是（）```pythona=[5,2,8,3]b=a.copy()b.sort(reverse=True)print(a[1]+b[1])```A.5B.7C.10D.12解析：a初始为[5,2,8,3]，b是a的副本，b排序（reverse=True）后为[8,5,3,2]。a[1]是2，b[1]是5，2+5=7。答案：B6.某数据库中有“学生”表（学号，姓名，班级，年龄）和“成绩”表（学号，课程号，成绩）。若要查询“2025级1班”所有学生的“Python程序设计”课程平均分，正确的SQL语句是（）A.SELECTAVG(成绩)FROM成绩表WHERE课程号='Python'AND学号IN(SELECT学号FROM学生表WHERE班级='2025级1班')B.SELECTAVG(成绩)FROM成绩表,学生表WHERE班级='2025级1班'AND课程号='Python'C.SELECT平均分FROM成绩表WHERE课程号='Python'GROUPBY班级HAVING班级='2025级1班'D.SELECTAVG(成绩)FROM学生表JOIN成绩表ON学生表.学号=成绩表.学号WHERE班级='2025级1班'AND课程号='Python'解析：需关联学生表和成绩表，通过学号连接，筛选班级为“2025级1班”且课程号为“Python”的记录，计算平均分。A使用子查询但课程号应为具体标识（假设课程号字段存储的是课程标识，如'C001'），题目中“Python程序设计”可能对应课程号，故需正确关联。D使用JOIN显式连接，条件正确。答案：D7.下列关于信息安全的说法，正确的是（）A.安装杀毒软件后，计算机无需更新系统补丁B.哈希算法（如SHA-256）可用于验证文件完整性C.对称加密（如AES）的密钥需在公共网络中传输D.钓鱼攻击主要通过植入木马破坏用户硬件解析：哈希算法对文件提供唯一摘要，若文件被篡改，摘要变化，可验证完整性（B正确）。系统补丁修复安全漏洞，需定期更新（A错误）。对称加密的密钥需安全传输，否则易被截获（C错误）。钓鱼攻击通过虚假链接诱导用户输入信息，非破坏硬件（D错误）。答案：B8.某二叉树的中序遍历序列为ABCDE，后序遍历序列为BADEC，则该二叉树的前序遍历序列是（）A.CABEDB.CEDABC.ABCDED.CAEBD解析：后序遍历最后一个是根节点（C）。中序遍历中，根C左侧是左子树（AB），右侧是右子树（DE）。后序遍历左子树部分为BA（根A），中序左子树A左侧B为左子节点。右子树后序为DE（根C的右子树后序最后是C的右子节点E？不，后序遍历右子树序列是DE，根为E？后序遍历顺序是左→右→根，故右子树的后序序列DE的根是E，中序中E左侧D为左子节点。因此树结构：根C，左子树A（左B），右子树E（左D）。前序遍历（根→左→右）为C→A→B→E→D。答案：A9.若某IP地址为23，子网掩码为92，则该IP所在子网的网络地址是（）A.B.4C.28D.92解析：子网掩码92（二进制11111111.11111111.11111111.11000000），IP地址最后8位123是01111011。网络地址是IP与子网掩码按位与，最后8位：01111011&11000000=01000000（64）。网络地址为4。答案：B10.下列关于多媒体技术的描述，错误的是（）A.位图图像放大后可能出现锯齿，矢量图可无限放大B.WAV格式音频未压缩，MP3格式采用有损压缩C.视频编码标准H.265比H.264压缩效率更高D.采样频率为44.1kHz表示每秒采样44100次，量化位数16位表示每个样本用16位存储解析：矢量图基于数学公式描述，可无限放大不失真；位图由像素组成，放大后模糊（A正确）。WAV是无损格式，MP3是有损（B正确）。H.265（HEVC）比H.264（AVC）压缩效率高（C正确）。采样频率单位是Hz，44.1kHz=44100次/秒，量化位数16位表示每个样本用16位（2字节）存储（D正确）。本题无错误选项？可能题目设置：若D中“量化位数16位表示每个样本用16位存储”正确，故无错误。但可能题目存在其他错误，需检查。假设题目正确，可能选无，但实际可能D正确，故本题可能出题失误，暂按无错误处理。11.执行以下Python程序，输出结果是（）```pythondeff(n):ifn==0:return0elifn==1:return1else:returnf(n-1)+f(n-2)print(f(5))```A.3B.5C.8D.13解析：斐波那契数列递归实现，f(0)=0，f(1)=1，f(2)=1，f(3)=2，f(4)=3，f(5)=5。答案：B12.某智能家居系统中，传感器实时采集室内温度、湿度数据，若温度>30℃且湿度<60%，则自动开启空调；若温度<20℃，则关闭空调。该系统主要体现了信息技术的（）A.感测与识别技术B.计算与存储技术C.通信技术D.控制与显示技术解析：系统通过传感器（感测）获取数据，根据条件（计算）控制空调（控制），主要体现感测与控制技术。感测与识别技术是基础，控制是执行，故综合选A。答案：A二、非选择题（本大题共4小题，共34分）13.（8分）某程序需对列表a中的元素进行降序排序，部分代码如下。请补全①②③处的代码。```pythona=[5,2,8,3,9,1]n=len(a)foriinrange(n-1):max_index=iforjinrange(①):ifa[j]>a[max_index]:max_index=j②a[i],a[max_index]=a[max_index],a[i]print(a)```解析：选择排序（降序）每趟选最大元素与当前i位置交换。外循环i从0到n-2（n-1次），内循环j从i+1到n-1（遍历未排序部分）。①处应填i+1,n（或i+1到n-1，Python中range右开，故j的范围是i+1到n-1，即range(i+1,n)）。②处无需额外代码，交换在最后一行完成。答案：①i+1,n②（空，无需填写）14.（10分）某学校需搭建校园网络，拓扑结构如图所示（注：图中核心交换机连接教学楼、图书馆、实验楼的接入交换机，出口路由器连接互联网）。（1）该网络拓扑结构属于（）A.总线型B.环型C.星型D.网状型（2）若核心交换机的IP地址为/24，教学楼接入交换机下的主机IP范围为4/26，该子网的可用主机地址数量是（）（3）为防止外网非法访问校园内部资源，需在出口路由器与核心交换机之间部署（）设备。解析：（1）核心交换机为中心节点，各接入交换机连接到核心，属于星型拓扑（C）。（2）子网掩码/26（92），主机位6位，可用地址数=2^6-2=62。（3）防火墙用于隔离内外网，过滤非法访问。答案：（1）C（2）62（3）防火墙15.（8分）某音频文件参数：采样频率48kHz，量化位数24位，双声道，时长2分钟。计算其未压缩时的存储容量（单位：MB，保留两位小数）。解析：存储容量=采样频率×量化位数×声道数×时长（秒）/8（字节）。计算：48000Hz×24位×2声道×120秒=48000×24×2×120=276,480,000位。转换为字节：276,480,000÷8=34,560,000字节。转换为MB：34,560,000÷(1024×1024)=34,560,000÷1,048,576≈32.96MB。答案：32.96MB16.（8分）设计一个“校园图书管理系统”，需实现读者信息管理（添加、修改、删除）、图书借还（记录借书/还书时间）、图书查询（按书名/作者检索）功能。（1）画出该系统的E-R图（包含实体：读者、图书；联系：借阅）。（2）将E-R图转换