2024-2025学年辽宁省普通高中高二下学期7月期末联考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1高二物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3．考生作答时。请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区城内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4．本卷命题范围：人教版必修第一册。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小題6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示为我国著名举重运动员抓举比赛时的情景，运动员从图示状态由静止向上站起直至站立的过程中，下列说法正确的是（）A.杠铃先失重后超重B.手对杠铃的作用力大于杠铃对手的作用力C.运动员对地面的压力先大于地面对人的支持力后小于地面对人的支持力D.运动员对地面的压力先大于人和杠铃的总重力后小于人和杠铃的总重力【答案】D【解析】A．站起的过程运动员和杠铃先向上加速后向上减速，加速度先向上后向下，杠铃先超重后失重，故A错误；B．手对杠铃的作用力和杠铃对手的作用力是一对相互作用力，大小总是相等，故B错误；C．运动员对地面的压力和地面对人的支持力一对相互作用力，大小总是相等，故C错误；D．参照A选项的分析，运动员和杠铃先超重后失重，则运动员对地面的压力先大于人和杠铃的总重力后小于人和杠铃的总重力，故D正确。故选D。A.伽利略先猜想下落物体的速度随时间均匀增加，然后通过斜面实验直接得出B.伽利略通过斜面实验得出：从静止开始小球必须沿光滑的斜面运动才有C.伽利略采用“冲淡”重力的方法，实质是增大小球的位移，延长小球的运动时间D.伽利略发现，改变斜面的倾角，依然成立，斜面的倾角越大，越大【答案】D【解析】A．伽利略的时代，无法直接测出瞬时速度，不能直接得出的结论，是通过间接推理得出，然后得出落体运动是一种匀变速直线运动，A错误；B．伽利略通过斜面实验得出小球从静止开始沿着斜面向下运动，运动的距离与时间的平方成正比，即，但用来做实验的斜面不一定光滑，B错误；C．伽利略采用“冲淡”重力的方法，其实质是减小小球的加速度，延长小球的运动时间，C错误；D．伽利略发现，改变斜面的倾角，依然成立，斜面的倾角越大，越大，D正确。故选D。3.如图所示，某快递公司利用传送带输送快件，绷紧的水平传送带AB始终保持恒定速度运行，在传送带上A处轻轻放置一快件，快件由静止开始加速与传送带共速后做匀速运动到达B处。忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A.快件所受摩擦力的方向与其运动方向始终相反B.快件先受滑动摩擦力作用，后受静摩擦力作用C.快件与传送带间动摩擦因数越大，快件与传送带相对位移越小D.运送距离一定时，快件与传送带间动摩擦因数越大，运送时间越长【答案】C【解析】AB．快件加速时，滑动摩擦力方向与运动方向相同；匀速后，与传送带之间无相对运动趋势，不受静摩擦力作用，故AB错误；C．快件与传送带有相对运动时，其加速度为快件由静止开始加速至速率为v过程用时与传送带相对位移故快件与传送带间动摩擦因数越大，相对位移越小，故C正确：D．快件匀速运动时间为快件运输总时间为运送距离一定时，快件与传送带间动摩擦因数越大，运送时间越短，故D错误。4.如图所示为位于水平面上的小车，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ，在斜杆下端固定有质量为m的小球，重力加速度为g。现使小车以加速度a（a≠0）向右做匀加速直线运动，下列说法正确的是（）A.杆对小球的弹力一定竖直向上B.杆对小球的弹力一定沿杆斜向上C.杆对小球的弹力大小为mgD.杆对小球的弹力大小为【答案】D【解析】AB．对小球受力分析如图所示由图可知，当a大小不同时，杆上的弹力与竖直方向的夹角也不同，方向不一定沿杆，但弹力方向一定斜向上，故AB错误；CD．由几何关系可知，杆对小球的弹力大小为故C错误，D正确。故选D。5.如图所示，小球从斜面上的A点以一定的初速度开始下滑，加速度恒为a，小球在B点的速度等于小球从A运动到C的平均速度，且A、B两点间的距离为L1，A、C两点间的距离为L2，则小球从A到C的运动时间为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由题意可知，小球在B点的速度等于小球从A运动到C的平均速度，根据匀变速直线运动中间时刻的速度是全程的平均速度，则小球从A到B的运动时间与小球从B到C的运动时间相等，设这个相等的时间为T，由L2-L1-L1=aT²解得小球从A到C的运动时间为故选D。6.如图所示，在倾角θ=30°的斜面上静止一质量为0.2kg的手机，若用平行于斜面沿水平方向的力推手机，手机仍能保持静止，重力加速度大小g=10m/2，则手机所受的摩擦力大小是（）A.1N B.2N C.4N D.8N【答案】B【解析】由平衡条件可得故选B。7.如图所示，三个质量相等的物块A、B、C组合在一起，A带有定滑轮放在光滑的水平面上，跨过定滑轮的轻质细线连接B、C，A与B之间的动摩擦因数为0.7，滑轮与细线、轮轴之间以及A、C之间的摩擦和定滑轮的质量忽略不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。水平推力F作用在A上，为了使三个物块相对静止，则F的最大值与最小值之比为（）A.3：1 B.17：3 C.16：3 D.6：1【答案】B【解析】三个物体相对静止，看成整体，设加速度为a，由牛顿第二定律对C受力分析，竖直方向由二力平衡，可得绳的拉力对B受力分析，设A对B的静摩擦力为f，由牛顿第二定律解得A对B的支持力结合可得，A对B的最大静摩擦力当时，水平推力F取最大值当时，水平推力F取最小值比较可得故B正确。8.质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）A.加速度大小为2m/s2B.任意相邻1s内的位移差都为2mC.第2s内的位移是2mD.第3s内的平均速度大小为3m/s【答案】AB【解析】A．根据图象得质点位移x和时间平方t2的关系式为x=t2，由匀变速直线运动的位移与时间关系式x=v0t＋at2，得质点的初速度为0，加速度为a=2m/s2，且加速度恒定不变，故A正确；B．因为质点做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，根据Δx=aT2，可知任意相邻1s内的位移差都为2m，故B正确；C．根据位移x和时间平方t2的关系式x=t2知，质点在第1s内的位移为质点在前2s内的位移为则质点在第2s内的位移是故C错误；D．质点在前3s内的位移为则质点在第3s内的位移为xII=（32－22）m=5m平均速度为5m/s，故D错误。故选AB。9.如图所示，物体P置于水平面上，物体Q穿过竖直杆，两物体用质量不计的细线跨过定滑轮后连接，在物体P上施加水平向左的外力，使物体P缓慢地向左移动，此过程中物体P始终未离开水平面，一切摩擦均可忽略。则下列说法正确的是（）A.外力增大 B.物体P与水平面间的弹力增大C.细线的拉力减小 D.物体Q与竖直杆之间的弹力增大【答案】AD【解析】CD．设滑轮左侧的细线与竖直方向的夹角为，右侧细线与竖直方向的夹角为，细线的拉力为，对物体、物体受力分析，如图甲、乙所示，对物体由平衡条件在竖直方向上水平方向物体向左缓慢移动的过程中，角逐渐增大，则由以上两式可知细线的拉力逐渐增大，物体与竖直杆之间的弹力逐渐增大，故C错误，D正确；AB．对物体水平方向竖直方向由于角逐渐减小，则由以上两式分析可知，外力逐渐增大，地面与物体之间的弹力的变化不能确定，故A正确，B错误。故选AD。10.如图甲所示，倾角为37°、长度为2.5m的传送带逆时针以大小为v0的速度匀速转动，小滑块（可视为质点）以平行传送带的初速度v1从底端滑上传送带，物块与传送带速度的平方与位移的关系图像如图乙所示，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列说法正确的是（）A.对乙图，0至0.5m的过程中，物块的图像的斜率表示物块的加速度B.0至0.5m过程中，物块对传送带的摩擦力沿着传送带向上C.物块在传送带上运动的时间为D.物块与传送带之间的动摩擦因数为【答案】BD【解析】A．由可得v²-x关系图像的斜率表示物块加速度的2倍，A错误；B．0至0.5m的过程中，物块的速度大于传送带的速度，物块对传送带的摩擦力沿着传送带向上，B正确；C．由乙图分析可知，v1=4m/s、v0=2m/s，x1=0.5m，则有则物块在传送带上运动的时间为C错误；D．由可得a=-12m/s2对物块进行受力分析，由牛顿第二定律可得解得D正确。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学使用如图甲所示装置做“验证力的平行四边形定则”实验。（1）下列说法正确的是_______。A．弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下B．在测量同一组数据和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化C．为减小测量误差，方向间夹角应为90°D．和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程（2）弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为_______N。（3）若两个弹簧测力计的读数均为6N，且与结点O相连的两细绳OA、OB拉力的方向互相垂直，则_______（选填“能”或“不能”）用一个量程为8N的弹簧测力计测量出它们的合力，理由是_______。【答案】（1）BD##DB（2）5.60（3）不能合力超过测力计的量程【解析】（1）[1]A．弹簧测力计拉细线时，拉力方向不一定要竖直向下，只要把点拉到同一位置即可，A错误；B．要保证两个弹簧测力计的拉力与一个弹簧测力计的拉力效果相同，要使橡皮条沿相同方向伸长量相同，则点的位置应固定，B正确；C．本实验只要使两次效果相同就行，两个弹簧测力计拉力的方向没有限制，为减小误差，夹角应在范围为宜，并非一定要夹角为不变，C错误；D．在测量的过程中和合力的大小都不能超过弹簧测力计的量程，否则测量错误，D正确。故选BD（2）[2]如图所示弹簧测力计，每被分成10格，则1格就等于，所以图中弹簧测力计的示数为。（3）[3][4]两力均为，且相互垂直，则其合力大小为合力超过了弹簧秤的量程，故弹簧秤无法测出物体所受的合力，故不能使用。12.用如图甲所示装置来验证物体在运动过程中的牛顿第二定律。在水平气垫导轨上放置滑块，一不可伸长的细绳跨过轻质定滑轮，两端分别与滑块和悬挂物连接，滑块和滑轮间的细绳与导轨平行。由静止释放滑块，测得滑块上遮光条通过光电门1、2的遮光时间。已知遮光条的宽度为，定滑轮下方细绳上安装的拉力传感器的示数为，滑块与遮光条的总质量为m，回答下列问题∶（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度，对应的示数如图乙所示，则遮光条的宽度为d=______cm。（2）实验过程中测得遮光条通过光电门1、2的遮光时间分别为、，则滑块通过光电门1、2时的速度分别为______、______（用题中所给的符号表示）。（3）若遮光条从光电门1运动到光电门2的时间为，则验证牛顿第二定律的方程式为______（用题中所给字母表示）；若光电门1、2中心间的距离为，则验证牛顿第二定律的方程式为______（用题中所给字母表示）。【答案】（1）0.52（2）（3）【解析】（1）根据游标卡尺读数规律可知，该读数为（2）[1][2]根据光电门测速原理可知，滑块通过光电门1时的速度为通过光电门2时的速度为（3）[1]由加速度的定义有由牛顿第二定律可得综合可得验证牛顿第二定律的方程式为[2]由匀变速直线运动规律有由牛顿第二定律可得综合可得验证牛顿第二定律的方程式为13.如图所示，倾角为斜面体静止在水平面上，质量为1kg的物块放在斜面上，橡皮条（满足胡克定律）一端固定在竖直墙上的O点，另一端连接在物块上，橡皮条与斜面平行，物块刚好不滑动，物块与斜面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，橡皮条的劲度系数为1N/cm，橡皮条的形变在弹性限度内，重力加速度取，，，求：（1）橡皮条的伸长量；（2）地面对斜面体的摩擦力大小。【答案】（1）2cm或者10cm；（2）1.6N或者8N【解析】（1）如果物块刚好不下滑，对于物块有代入数据计算可得如果物块刚好不上滑，对于物块有代入数据计算可得所以橡皮条的伸长量为2cm或者10cm；（2）对于整体，有如果物块刚好不下滑，则所以摩擦力大小为如果物块刚好不上滑，则所以摩擦力大小为所以地面对斜面的摩擦力大小为1.6N或者8N。14.如图所示，一长为200m的列车沿平直的轨道以80m/s的速度匀速行驶，当车头行驶到进站口O点时，列车接到停车指令，立即匀减速停车，因OA段铁轨不能停车，整个列车只能停在AB段内，已知OA＝1400m，OB＝2000m，求：（1）列车减速运动的加速度大小的取值范围；（2）列车减速运动的最长时间．【答案】（1）1.6m/s2≤a≤2.0m/s2（2）50s【解析】（1）若列车车尾恰好停在A点右侧，减速运动的加速度大小为a1，距离为x1，则0－＝－2a1x1①x1＝1400m＋200m＝1600m②解得：a1＝2.0m/s2③若列车车头恰好停在B点，减速运动的加速度大小为a2，距离为xOB＝2000m，则0－＝－2a2xOB④解得：a2＝1.6m/s2⑤故加速度大小a的取值范围为1.6m/s2≤a≤2.0m/s2⑥（2）当列车车头恰好停在B点时，减速运动时的时间最长，则0＝v0－a2t⑦解得：t＝50s⑧（1）请在乙图中画出0~2s内长木板运动的v-t图像，并求出物块与木板在0~2s时间内的相对位移的大小；（2）求物块与长木板表面之间的动摩擦因数；（3）求木板的质量M；。（4）F作用多长时间，物块刚好从木板左端滑出？（结果可以用根号表示）【答案】（1）；10m（2）0.3（3）（4）【解析】（1）0~2s内长木板运动的v-t图像如图虚线所示0~2s物块和木板的相对位移（2）由v-t图像可求出，0~2s物块减速的加速度大小为对物块有解得（3）0~2s木板做匀加速直线运动的加速度大小对木板有解得（4）施加F后对木板有解得对物块有设经过t时间，物块从木板左端滑出，木板向右的位移物块向右的位移物块从木板左端滑出有解得高二物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3．考生作答时。请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区城内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4．本卷命题范围：人教版必修第一册。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小題6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示为我国著名举重运动员抓举比赛时的情景，运动员从图示状态由静止向上站起直至站立的过程中，下列说法正确的是（）A.杠铃先失重后超重B.手对杠铃的作用力大于杠铃对手的作用力C.运动员对地面的压力先大于地面对人的支持力后小于地面对人的支持力D.运动员对地面的压力先大于人和杠铃的总重力后小于人和杠铃的总重力【答案】D【解析】A．站起的过程运动员和杠铃先向上加速后向上减速，加速度先向上后向下，杠铃先超重后失重，故A错误；B．手对杠铃的作用力和杠铃对手的作用力是一对相互作用力，大小总是相等，故B错误；C．运动员对地面的压力和地面对人的支持力一对相互作用力，大小总是相等，故C错误；D．参照A选项的分析，运动员和杠铃先超重后失重，则运动员对地面的压力先大于人和杠铃的总重力后小于人和杠铃的总重力，故D正确。故选D。A.伽利略先猜想下落物体的速度随时间均匀增加，然后通过斜面实验直接得出B.伽利略通过斜面实验得出：从静止开始小球必须沿光滑的斜面运动才有C.伽利略采用“冲淡”重力的方法，实质是增大小球的位移，延长小球的运动时间D.伽利略发现，改变斜面的倾角，依然成立，斜面的倾角越大，越大【答案】D【解析】A．伽利略的时代，无法直接测出瞬时速度，不能直接得出的结论，是通过间接推理得出，然后得出落体运动是一种匀变速直线运动，A错误；B．伽利略通过斜面实验得出小球从静止开始沿着斜面向下运动，运动的距离与时间的平方成正比，即，但用来做实验的斜面不一定光滑，B错误；C．伽利略采用“冲淡”重力的方法，其实质是减小小球的加速度，延长小球的运动时间，C错误；D．伽利略发现，改变斜面的倾角，依然成立，斜面的倾角越大，越大，D正确。故选D。3.如图所示，某快递公司利用传送带输送快件，绷紧的水平传送带AB始终保持恒定速度运行，在传送带上A处轻轻放置一快件，快件由静止开始加速与传送带共速后做匀速运动到达B处。忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A.快件所受摩擦力的方向与其运动方向始终相反B.快件先受滑动摩擦力作用，后受静摩擦力作用C.快件与传送带间动摩擦因数越大，快件与传送带相对位移越小D.运送距离一定时，快件与传送带间动摩擦因数越大，运送时间越长【答案】C【解析】AB．快件加速时，滑动摩擦力方向与运动方向相同；匀速后，与传送带之间无相对运动趋势，不受静摩擦力作用，故AB错误；C．快件与传送带有相对运动时，其加速度为快件由静止开始加速至速率为v过程用时与传送带相对位移故快件与传送带间动摩擦因数越大，相对位移越小，故C正确：D．快件匀速运动时间为快件运输总时间为运送距离一定时，快件与传送带间动摩擦因数越大，运送时间越短，故D错误。4.如图所示为位于水平面上的小车，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ，在斜杆下端固定有质量为m的小球，重力加速度为g。现使小车以加速度a（a≠0）向右做匀加速直线运动，下列说法正确的是（）A.杆对小球的弹力一定竖直向上B.杆对小球的弹力一定沿杆斜向上C.杆对小球的弹力大小为mgD.杆对小球的弹力大小为【答案】D【解析】AB．对小球受力分析如图所示由图可知，当a大小不同时，杆上的弹力与竖直方向的夹角也不同，方向不一定沿杆，但弹力方向一定斜向上，故AB错误；CD．由几何关系可知，杆对小球的弹力大小为故C错误，D正确。故选D。5.如图所示，小球从斜面上的A点以一定的初速度开始下滑，加速度恒为a，小球在B点的速度等于小球从A运动到C的平均速度，且A、B两点间的距离为L1，A、C两点间的距离为L2，则小球从A到C的运动时间为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由题意可知，小球在B点的速度等于小球从A运动到C的平均速度，根据匀变速直线运动中间时刻的速度是全程的平均速度，则小球从A到B的运动时间与小球从B到C的运动时间相等，设这个相等的时间为T，由L2-L1-L1=aT²解得小球从A到C的运动时间为故选D。6.如图所示，在倾角θ=30°的斜面上静止一质量为0.2kg的手机，若用平行于斜面沿水平方向的力推手机，手机仍能保持静止，重力加速度大小g=10m/2，则手机所受的摩擦力大小是（）A.1N B.2N C.4N D.8N【答案】B【解析】由平衡条件可得故选B。7.如图所示，三个质量相等的物块A、B、C组合在一起，A带有定滑轮放在光滑的水平面上，跨过定滑轮的轻质细线连接B、C，A与B之间的动摩擦因数为0.7，滑轮与细线、轮轴之间以及A、C之间的摩擦和定滑轮的质量忽略不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。水平推力F作用在A上，为了使三个物块相对静止，则F的最大值与最小值之比为（）A.3：1 B.17：3 C.16：3 D.6：1【答案】B【解析】三个物体相对静止，看成整体，设加速度为a，由牛顿第二定律对C受力分析，竖直方向由二力平衡，可得绳的拉力对B受力分析，设A对B的静摩擦力为f，由牛顿第二定律解得A对B的支持力结合可得，A对B的最大静摩擦力当时，水平推力F取最大值当时，水平推力F取最小值比较可得故B正确。8.质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）A.加速度大小为2m/s2B.任意相邻1s内的位移差都为2mC.第2s内的位移是2mD.第3s内的平均速度大小为3m/s【答案】AB【解析】A．根据图象得质点位移x和时间平方t2的关系式为x=t2，由匀变速直线运动的位移与时间关系式x=v0t＋at2，得质点的初速度为0，加速度为a=2m/s2，且加速度恒定不变，故A正确；B．因为质点做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，根据Δx=aT2，可知任意相邻1s内的位移差都为2m，故B正确；C．根据位移x和时间平方t2的关系式x=t2知，质点在第1s内的位移为质点在前2s内的位移为则质点在第2s内的位移是故C错误；D．质点在前3s内的位移为则质点在第3s内的位移为xII=（32－22）m=5m平均速度为5m/s，故D错误。故选AB。9.如图所示，物体P置于水平面上，物体Q穿过竖直杆，两物体用质量不计的细线跨过定滑轮后连接，在物体P上施加水平向左的外力，使物体P缓慢地向左移动，此过程中物体P始终未离开水平面，一切摩擦均可忽略。则下列说法正确的是（）A.外力增大 B.物体P与水平面间的弹力增大C.细线的拉力减小 D.物体Q与竖直杆之间的弹力增大【答案】AD【解析】CD．设滑轮左侧的细线与竖直方向的夹角为，右侧细线与竖直方向的夹角为，细线的拉力为，对物体、物体受力分析，如图甲、乙所示，对物体由平衡条件在竖直方向上水平方向物体向左缓慢移动的过程中，角逐渐增大，则由以上两式可知细线的拉力逐渐增大，物体与竖直杆之间的弹力逐渐增大，故C错误，D正确；AB．对物体水平方向竖直方向由于角逐渐减小，则由以上两式分析可知，外力逐渐增大，地面与物体之间的弹力的变化不能确定，故A正确，B错误。故选AD。10.如图甲所示，倾角为37°、长度为2.5m的传送带逆时针以大小为v0的速度匀速转动，小滑块（可视为质点）以平行传送带的初速度v1从底端滑上传送带，物块与传送带速度的平方与位移的关系图像如图乙所示，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列说法正确的是（）A.对乙图，0至0.5m的过程中，物块的图像的斜率表示物块的加速度B.0至0.5m过程中，物块对传送带的摩擦力沿着传送带向上C.物块在传送带上运动的时间为D.物块与传送带之间的动摩擦因数为【答案】BD【解析】A．由可得v²-x关系图像的斜率表示物块加速度的2倍，A错误；B．0至0.5m的过程中，物块的速度大于传送带的速度，物块对传送带的摩擦力沿着传送带向上，B正确；C．由乙图分析可知，v1=4m/s、v0=2m/s，x1=0.5m，则有则物块在传送带上运动的时间为C错误；D．由可得a=-12m/s2对物块进行受力分析，由牛顿第二定律可得解得D正确。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学使用如图甲所示装置做“验证力的平行四边形定则”实验。（1）下列说法正确的是_______。A．弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下B．在测量同一组数据和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化C．为减小测量误差，方向间夹角应为90°D．和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程（2）弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为_______N。（3）若两个弹簧测力计的读数均为6N，且与结点O相连的两细绳OA、OB拉力的方向互相垂直，则_______（选填“能”或“不能”）用一个量程为8N的弹簧测力计测量出它们的合力，理由是_______。【答案】（1）BD##DB（2）5.60（3）不能合力超过测力计的量程【解析】（1）[1]A．弹簧测力计拉细线时，拉力方向不一定要竖直向下，只要把点拉到同一位置即可，A错误；B．要保证两个弹簧测力计的拉力与一个弹簧测力计的拉力效果相同，要使橡皮条沿相同方向伸长量相同，则点的位置应固定，B正确；C．本实验只要使两次效果相同就行，两个弹簧测力计拉力的方向没有限制，为减小误差，夹角应在范围为宜，并非一定要夹角为不变，C错误；D．在测量的过程中和合力的大小都不能超过弹簧测力计的量程，否则测量错误，D正确。故选BD（2）[2]如图所示弹簧测力计，每被分成10格，则1格就等于，所以图中弹簧测力计的示数为。（3）[3][4]两力均为，且相互垂直，则其合力大小为合力超过了弹簧秤的量程，故弹簧秤无法测出物体所受的合力，故不能使用。12.用如图甲所示装置来验证物体在运动过程中的牛顿第二定律。在水平气垫导轨上放置滑块，一不可伸长的细绳跨过轻质定滑轮，两端分别与滑块和悬挂物连接，滑块和滑轮间的细绳与导轨平行。由静止释放滑块，测得滑块上遮光条通过光电门1、2的遮光时间。已知遮光条的宽度为，定滑轮下方细绳上安装的拉力传感器的示数为，滑块与遮光条的总质量为m，回答下列问题∶（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度，对应的示数如图乙所示，则遮光条的宽度为d=______cm。（2）实验过程中测得遮光条通过光电门1、2的遮光时间分别为、，则滑块通过光电门1、2时的速度分别为______、______（用题中所给的符号表示）。（3）若遮光条从光电门1运动到光电门2的时间为，则验证牛顿第二定律的方程式为______（用题中所给字母表示）；若光电门1、2中心间的距离为，则验证牛顿第二定律的方程式为______（用题中所给字母表示）。【答案】（1）0.52（2）（3）【解析】（1）根据游标卡尺读数规律可知，该读数为（2）[1][2]根据光电门测速原理可知，滑块通过光电门1时的速度为通过光电门2时的速度为（3）[1]