浙江省丽水五校高中发展共同体2025-2026学年高一上学期11月期中联考物理试题

高一年级物理学科试题考生须知：．本卷共8页满分分，考试时间分钟，无特殊说明，取。．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。．考试结束后，只需上交答题纸。选择题部分一、选择题（本题共小题，每小题3分，共分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列各组物理量都是矢量的是（）A.质量、速度B.位移、时间C.速率、路程D.加速度、力【答案】D【解析】【详解】A．质量只有大小没有方向，标量；速度既有大小又有方向，是矢量，故A错误；B．位移既有大小又有方向，是矢量；时间只有大小没有方向，是标量，故B错误；C．速率、路程只有大小没有方向，均是标量，故C错误；D．加速度、力既有大小又有方向，均是矢量，故D正确。故选D。2.关于质点，下列说法中正确的是（）A.甲图中研究如何才能踢出香蕉球时，可以把足球看作质点B.乙图中研究列车从杭州到北京的路程时，可以把列车看作质点C.丙图中研究雄鹰为什么能在空中翱翔时，可以把雄鹰看作质点D.丁图中研究运动员起跑动作时，可以把运动员看作质点【答案】B第1页/共18页【详解】A．研究如何才能踢出香蕉球时，足球的形状不可忽略，不可以把足球看作质点，故A错误；B车看作质点，故B正确；C．研究雄鹰为什么能在空中翱翔时，雄鹰的形状不可忽略，不可以把雄鹰看作质点，故C错误；D．研究运动员起跑动作时，运动员的形状姿态不可忽略，不可以把运动员看作质点，故D错误。故选B。3.高速公路的测速有两种：一种是定点测速，定点测速不超过限速的10%不会被处罚；另一种是区间测速，区间测速由两个测速点组成，分别是区间的起点位置和终点位置，在起点记录通过的时刻，在终点再记录一次通过的时刻，根据区间的里程和前后两次时间间隔，确定该路段是否超速行驶。某段高速路上的定点测速提示牌如图甲所示，该路段的区间测速提示牌如图乙所示，下列说法正确的是（）A.图甲中82是指该车在该路段的平均速率B.由图乙可知该路段小车的区间限速为C.图乙中的100是指该区间大车行驶的最大平均速率D.在该路段，若小车某时刻速率达到，则该小车一定会受到处罚【答案】C【解析】【详解】A．图甲中82是指该车在该位置的瞬时速率，故A错误；B．由图乙可知该路段小车的区间限速为，故B错误；C．图乙中100是指该区间大车行驶的最大平均速率，故C正确；D．由35m/s=126km/h可知，该速度未超过定点测速的10%，从定点测速的角度该看，小车不会受到处罚，而区间测速的平均速率是否超过120km/h未知，因此无法判断该小车从区间测速的角度是否会受到处罚，故D错误。故选C。4.2024年4月25日20时58分57秒，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星第2页/共18页A.火箭的速度越大，其加速度一定越大B.速度变化量越大，其加速度一定越大C.加速度方向与速度方向一定相同D.加速度方向与速度变化量方向一定相同【答案】D【解析】【详解】A．加速度与速度变化率有关，与速度大小无关，即速度很大，加速度可能为零，故A错误；B．由于是加速度的比值定义法的定义式，所以，加速度与速度变化量无关，故B错误；CD．由可知，加速度方向与速度变化量方向一定相同，故C错误；D正确。故选D。5.关于下列教材中的插图，理解不正确的是（）A.利用甲图推导vt图像面积表示物体位移时，主要体现的是极限法的思想B.乙图中的原理，可以探究合力与两个分力之间的关系，主要运用了等效替代的思想C.丙图说明了物体所受的最大静摩擦力大于滑动摩擦力D.丁图桌面上的装置可以用于观察桌面的微小形变【答案】A【解析】【详解】A．利用甲图推导vt图像面积表示物体位移时，主要体现的是微元法的思想，故A错误；B．乙图中的原理，可以探究合力与两个分力之间的关系，主要运用了等效替代的思想，故B正确；C．丙图说明物体所受的最大静摩擦力大于滑动摩擦力，故C正确，D．丁图桌面上的装置采用放大法，可以用于观察桌面的微小形变，故D正确。第3页/共18页本题选错误的，故选A。6.如图所示，甲、乙两辆汽车在同一条平直公路上行驶，某时刻两汽车经过同一位置并开始计时，甲、乙两汽车位移随时间变化规律分别如图中曲线和直线所示，下列说法正确的是（）A.时间内，甲、乙两车均做加速运动B.时刻之前，甲车始终在乙车前面C.时间内，甲车的位移大于乙车的位移D.时间内，甲车的平均速度大于乙车的平均速度【答案】B【解析】【详解】A．图像斜率表示速度，由图像可知，甲做减速运动，乙做匀速运动，故A错误；B车的位移，甲车始终在乙车前面，故B正确；CD时间内甲车的位移等于乙车的位移，由平均速度公式故甲车的平均速度等于乙车的平均速度，故CD错误。故选B。7.一汽车做匀减速直线运动，位移随时间的变化关系式为：，则（）A.汽车刹车的初速度B.刹车过程汽车的加速度大小为C.汽车刹车后经过速度变为0D.汽车停下来之前最后一秒位移为0.5m第4页/共18页【答案】D【解析】【详解】A．由位移公式对比，得初速度，故A错误；B．由得，加速度大小为，故B错误；C．刹车时间4秒时速度未减至0，故C错误；D．最后一秒位移可逆向为匀加速第1秒位移：，故D正确。故选D。8.小明在参观科技馆时观察到一个十分有趣的“锥体上滚”实验。如图，将一个双圆锥体轻轻放在倾斜轨道的低端，就会看到它似乎在向“上”滚去，关于锥体的运动下列说法正确的是（）A.双圆锥体上滚实验中，虽然看到的现象好像是锥体在上滚，但锥体重心其实是下移的B.双圆锥体所受重力方向指向地心C.双圆锥体的重心在锥体的外部，不在锥体上D.双圆锥体的重心是理想模型【答案】A【解析】A心其实是下移的，故A正确；B．双圆锥体所受重力方向竖直向下，不一定指向地心，故B错误；CC错误；D．双圆锥体的重心采取了等效的思想，将各部分的重力等效到这一点上，故D错误。第5页/共18页故选A。9.如图甲所示，从运动员离开跳板开始计时，其重心的正确的是（）A.运动员在空中做的是自由落体运动B.运动员在时在空中到达最高点C.在时间内运动员的加速度逐渐增大D.运动员离开跳板后重心上升的最大高度为【答案】D【解析】【详解】A．运动员离开跳板时有向上的速度，所以在空中不是做自由落体运动，故A错误；B．图像中纵轴代表速度，在时，速度为0，此时在空中达到最高点，故B错误；C．在图中，图线的斜率表示加速度，由图可知，运动员在时间内的斜率逐渐变小，加速度逐渐变小，故C错误；D．分析可得时，运动员离开跳板后重心上升最大高度，则最大高度为，故D正确。故选D。10.一舞蹈者演示“功夫瑜伽”，用双脚撑墙，静止于两墙面之间。下列说法正确的是（）第6页/共18页A.舞蹈者对墙壁的压力是由于墙壁发生形变而产生的B.墙壁越粗糙，则舞蹈者受到的摩擦力越大C.墙壁对舞蹈者的摩擦力方向沿墙面向上D.无论舞蹈者对墙壁的压力有多大，其所受的最大静摩擦力一定不变【答案】C【解析】【详解】A．舞蹈者对墙壁的压力是由于舞蹈者发生形变而产生的，故A错误；BC．由于舞蹈者处于平衡状态，竖直方向上所受到的重力和摩擦力是一对平衡力，墙壁对舞蹈者的摩擦力方向沿墙面向上，舞蹈者受到的摩擦力的大小始终等于其重力的大小，故B错误，C正确；D．最大静摩擦力与正压力成正比，舞蹈者对墙壁的压力越大，舞蹈者与墙壁间的最大静摩擦越大，故D错误。故选C。的细绳一端固定在的小球力，使细绳绷紧与竖直方向夹角为，且小球处于静止状态，则的最小值为（）A.1NB.3NC.5ND.10N【答案】C【解析】【详解】对A进行分析，作出受力动态三角形，如图所示第7页/共18页可知，力的最小值为故选C。12.如图是高中物理必修第一册封面上的沙漏照片，若近似认为沙粒下落的初速度为0离为20cm，忽略空气阻力，不计沙粒间的相互影响，设沙粒随时间均匀漏下，则（）A.落点处沙粒的速度约为B.出口下方处的粒子速度约是处的2倍C.出口下方范围内的沙粒数约与范围内的沙粒数相等D.若出口下方范围内有200颗沙粒，则出口下方范围内约有400颗沙粒【答案】C【解析】【详解】A．设出沙口到落点高度为，根据自由落体规律可知落点处沙粒的速度代入题中数据解得速度约为，故A错误；B．根据A选项，同理可得出口下方8cm处的沙粒速度约为出口下方4cm处的速度约为第8页/共18页可知出口下方8cm处的沙粒速度约是4cm处的倍，故B错误；C．根据可知沙粒下落2cm所需时间沙粒下落2~8cm所需时间代入数据，解得沙粒随时间均匀漏下，相等时间内沙粒数相等。故C正确；D．同理可知砂粒下落5cm所需时间下落5cm~20cm所需时间由砂粒随时间均匀漏下，相等时间内沙粒数相等可知若出口下方0~5cm范围内有200颗沙粒，则出口下方5cm~20cm范围内也约有200颗沙粒。故D错误。故选C。13.如图甲所示，质量均为的木块和用一个轻质弹簧连接，竖直放置在水平地面上，最初系统静止。现用竖直向上的力缓慢拉木块直到木块刚好离开地面，测得木块对地面的压力对应两木块之间的距离，作出图像如图乙，下列说法正确的是（）A.图像中的数值等于B.图像中C.弹簧的原长为D.弹簧的劲度系数为【答案】C【解析】AABAB第9页/共18页=2mg，故A错误；B．设弹簧的原长为，L1对应着开始系统处于静止时两物体间的距离，有L2表示B刚好离开地面时两物体间的距离，有解得，，则两者并不一定是2倍关系，故B错误；C．，，可得弹簧的原长为，故C正确；D．对B受力分析得整理得图像斜率大小为弹簧的劲度系数，即，故D错误。故选C。二、选择题（本题共3小题，每小题4分，共分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）14.“电动平衡车”深受小朋友的喜欢。如图所示，小朋友站在“电动平衡车”上在某水平地面上沿直线匀速前进，不计空气阻力，下列说法中正确的是（）A.人对平衡车压力的大小等于平衡车对人支持力的大小B.人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力是一对平衡力C.人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力是一对作用力和反作用力D.人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力作用效果相互抵消【答案】AC【解析】【详解】人对平衡车的压力和平衡车对人的支持力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，作用于两个物体上，作用效果不能相互抵消。故选AC。15.第10页/共18页胀冷缩，则香肠烤熟后与香肠烤熟前相比（）A.金属杆1对其支持力与竖直方向夹角变小B.金属杆2对其支持力变大C.每根金属杆对其作用力先变大再变小D.两根金属杆对其合力不变【答案】AD【解析】【详解】ABC．对香肠进行受力分析，如图所示根据对称性有根据平衡条件有设两金属杆中心之间的距离为，香肠半径为，金属杆半径为，由几何关系可知减小，减小，增大，、ABC错误；D．香肠处于静止平衡状态，合力为0，则两根金属杆对其合力不变，始终与重力等大反向，故D正确。故选AD。16.如图所示，水平细杆上套一环，环与球间用一轻绳相连，质量分别为、，由于球受到第11页/共18页水平风力作用，环A与球B一起向右匀速运动。已知轻绳与竖直方向的夹角为。则下列说法中正确的是（）A.轻绳的拉力为B.球B受到的风力为C.杆对环的支持力随着风力的增加保持不变D.环与水平细杆间的动摩擦因数为【答案】CD【解析】【详解】AB．对球B受力分析，受重力、风力和拉力，如图风力轻绳对球B的拉力为，故AB错误；C．把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力、支持力N、风力F和向左的摩擦力f，如图乙第12页/共18页所以杆对环A的支持力与风力无关，故C正确；D．对整体受力分析有则A环与水平细杆间的动摩擦因数为，故D正确。故选CD。非选择题部分三、实验题（本题共2题，每空2分，共分）17.在利用如图1所示装置完成“探究小车的速度随时间变化规律”的实验中。（1）要用到打点计时器，如图2所示为实验室常用的两种计时器，其中乙装置用的电源是________；A.交流220VB.直流220VC.低压交流D.低压直流（2）同学们在用如图1所示的装置进行实验时，下列操作中正确的有________A.小车从图示位置释放比较合理B.应先释放小车，后接通电源C.拉小车的细线应与木板平行D.跨过滑轮所挂重物越重越好（350Hz并取其中的七个计数点进行研究。利用刻度尺测量得到E点与零刻度线的距离为：__________cm。则打点计时器在打D点时小车的速度=_______m/s，小车的加速度a=________m/s2【答案】（1）A（2）C（3）①.9.10~9.20②.0.61##0.62##0.63③.2.0##2.1##2.2##2.3##2.4##2.5【解析】【小问1详解】其中乙装置是电火花计时器，用的电源是交流220V，故选A；第13页/共18页A．小车应从靠近打点计时器位置开始释放，选项A错误；B．应先接通电源，后释放小车，选项B错误；C．拉小车的细线应与木板平行，选项C正确；D．跨过滑轮所挂重物轻重要适当，并非越重越好，选项D错误。故选C。【小问3详解】[1][2][3]E点与零刻度线距离为：9.10cm。打点计时器在打D点时小车的速度小车的加速度18.某同学在做“探究两个互成角度的力的合成规律”A及绳套，用两个弹簧测力计通过细绳套互成角度的拉动橡皮条，将结点拉到O点，如图甲所示。（1）下列说法正确的是_____A.两根细绳必须等长B.弹簧测力计的示数不宜太小C.两条细绳的夹角尽可能大一些D.在确定细线拉力方向时，所取两个点适当远一些（2）如果没有操作失误，图乙中是用一个弹簧测力计拉细绳套时，在白纸上根据实验结果画出的图示，则图乙中的与两力中，方向一定沿方向的是_____。（3_____N是，若本次实验中弹簧测力计的量程均为第14页/共18页操作是否正确？_____（填“正确”或“不正确”）【答案】（1）BD（2）（3）①.4.30②.不正确【解析】【小问1详解】A．两根细绳是否等长不影响实验的误差，只要细线长度和两细绳的夹角大小合适就可以，故A错误；B．弹簧测力计的示数不宜太小，也不宜太大，超过弹簧测力计的量程，大小适中就可以，故B正确；C．两条细绳的夹角要适宜，不宜太小或太大，否则做图时误差较大，故C错误；D．在确定细绳拉力方向时，所取两个点尽可能远一些，可以确保方向更准确一些，故D正确。故选BD。小问2详解】图乙中F是合力的理论方向，是合力的真实方向，所以没有操作失误，图乙中一定沿着AO方向的力是。【小问3详解】[1]弹簧测力计最小分度值为0.1N，该弹簧测力计的示数为4.30N。[2]不正确，因为合力大小约为超过了测力计量程。四、计算题（本题共3题，题9分，题分，题分，共分）19.冰壶（Curling2m/s的速度被运动员水平推出后在冰面上做匀减速直线运动，1s末速度为1.8m/s，求：（1）冰壶的加速度大小；（2）冰壶的滑行时间；（3）推出后内位移大小。【答案】（1）（2）第15页/共18页【解析】【小问1详解】根据匀变速直线运动中速度时间关系可得冰壶加速度为则冰壶的加速度大小为。【小问2详解】冰壶的滑行时间为【小问3详解】由（2）问可知冰壶被推出后停下来，则推出后内位移大小等于推出后10s内位移大小，即20.如图所示，质量为的木块，恰好能沿倾角为的斜面匀速下滑。已知，，，木块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则：（1）木块与斜面间的动摩擦因数是多少？（2）如图所示，用一轻质弹簧将木块沿斜面匀速向上拉，弹簧伸长了