湖北省“荆、荆、襄、宜四地七校考试联盟”2024-2025学年高二上学期期中联考物理试卷含解析高二期中联考-物理答案

宜四地七校考试联盟”高二期中联考物理试题参考答案一、选择题:本题共10小题,每小题4分,共40分。题号12345678910答案DCCCBBDADACBD【解析】阻尼器是受迫振动,摆动频率与大厦晃动频率相同,A错误。大厦晃动频率与阻尼器的固有频率相同时,阻尼器发生共振现象,摆幅达到最大值,此时阻尼器吸收能量最多,减震效果最好,D对B错。阻尼器还能对地震的横波成分有一定的减震效果,C错误。【解析】以气体为研究对象,设t=0.2s内喷出的气体质量为m,根据动量定理可得:Ft=mv-0,其中v=2.5km/s=2500m/s,解得:mkg,故B正确。【解析】A.由轨迹可分析出,在c点受到的电场力的方向如图所示,又电场强度的方向由高电势指向低电势,即受力方向与电场强度的方向相反,粒子带负电荷,A错误;B.在静电场中,等差等势线的疏密程度反映电场强度的大小。图中c点的等差等势线相对最密集,故该点的电场强度最大,B错误;CD.易知,负电荷电势越低,电势能越大,即在c点电势能最大,又由能量守恒知,c点的动能最小,C对D错误。【解析】AB、Q在P上运动过程,P对Q有弹力且在力的方向上Q有位移,则P对Q做功为负值,故AB错误;CD、Q在P上运动过程,P和Q构成的系统只有重力做功,系统机械能守恒;系统在水平方向所受合外力为零,系统在水平方向动量守恒,但系统在竖直方向所受合外力不为零,系统在竖直方向动量不守恒,系统动量不守恒,故C正确,D错误。【解析】A.a刚要离开挡板时,a的速度为0,b的速度为4m/s,而共速时一起为2m/s,由动量守恒知a物体的质量也为2kg,A错误。B.从某次弹簧为原长到下一次达到原长,a、b质量相等,速度交换。B正确。C.a刚要离开挡板时,弹簧没有弹性势能,b的动能为16J。共速时a、b总动能为8J,故在a物体离开挡板后,弹簧的最大弹性势能为8J,C错误。D.由于弹簧的弹性势能在不断变化,故物体a、b组成的系统机械能不守恒,D错误。故选B。2024年秋“荆、荆、襄、宜四地七校考【解析】A.匀速运动时加速度为0,电容C不变,线路中无电流。故A错误;B.由向前匀速突然减速时,由于惯性N板向前移动:d减小,由C,所以C增大,Q=UC,所以Q增大。故B正确;C.由静止突然向前加速时,由于惯性N板向后移,d增大、C减小、Q减小,所以有放电电流,电流b向a,故C错误;D.保持向前的匀减速运动时,a不变,所以MN之间的电场强度不变,故D错误。【解析】圆上任意一点P到A、O两点的距离差为Δr=2Rsin-R(设OP与OA的夹角为θ,0≤θ<2π),当Δr=(2n+1),n=0,1,2,…时振动减弱,听不到声音。则n=-4,-3,-2,-1,0,1,2,3,由对称性可知,减弱点共有16个。故选D。【解析】A.碰后A球速度不可能大于B球速度,不合理;B.完全非弹性碰撞,合理;C.完全弹性碰撞,合理;D.动量守恒,末状态总动能E2>E1,不合理;本题选择不合理的,故选AD。【解析】A.平均充电电流约为IA≈31.8A,A正确;B.充电过程中电池内阻产生的热量为Q=(7×7-43)kW·h=6kW·h,热功率约为0.857kW,根据Q=I2rt,得电池内阻约为r≈0.85Ω,BD错误;C.该汽车的充电效率约为C正确。【解析】A.根据等量异种点电荷的电场线特点可知,圆环所在平面为等势面,匀强电场方向竖直向上,则小球从A到C的过程电势增加,电势能增加,故A错误;B.当场强满足Eq=mg时,小球运动时受到的向心力大小不变,可沿圆环做匀速AEABDC圆周运动,故B错误;C.根据动能定理,从A到B过程中,有:(mg-qE)RmvB2-mv02,可求出小球到B点时的速度vB,根据ma1=mv2,可得小球的向心加速度a再根据牛顿第二定律mg-qE=ma2,可得小球的切向加速度a2,再根据矢量合成可得B点的加速度为a故C错误;D.根据动能定理,从A到C过程中,竖直方向有:2(mg-Eq)R= mvCmv02,在C点:qE-mg+FNy=m,水平方向电场力为qE,FNX=qE,联立得FNy= 2024年秋“荆、荆、襄、宜四地七校考试联盟”高二期中联考物二、非选择题:本题共5小题,共60分。11.(8分)【答案】(1)1.66(2)a(每空2分)【解析】(1)16mm+6×0.1mm=15.6mm=1.66cm(2)相邻两次经过虚线处经过的时间为半个周期,故。结合图像可得-,g,b,Ra。12.(9分)【答案】(1)9500(2)8.4,6.9(3)0.57(除最后一空3分,其余每空2分)【解析】(1)根据电表的的改装原则可知,电阻箱P0的阻值为RRA1=9500Ω(2)根据闭合电路欧姆定律,E=(I1+I2)r+I1(R0+RA1),解得:I1-I2;(或由I1-I2关系图线的截距和斜率,结合第(2)表达式可知:丁丁解得电动势为E=8.4V,电源内阻r=6.9Ω;(3)设每个灯泡中的电流为I,电压为U,则由闭合电路欧姆定律可得:E=3U+Ir,则I将其与灯泡的I-U图像画到同一坐标系中,如图所示,交点电压为U=2.2V,电流为0.26A,则一只灯泡消耗的功率为P=UI=0.57W13.(10分)【解析】(1)由图象知,波长λ=4m…………………(2分)若波沿x轴正方向传播,在Δt=t2-t1=1s内传播距离表达式为:x=(n+λ,(n=0,1,2,3,……)2024年秋“荆、荆、襄、宜四地七校考则有:Δt=(n+T,T11s,(n=0,1,2,3,……)………………(2分)若波沿x轴负方向传播,在Δt=t2-t1=1s内传播距离表达式为:x=(n+λ,(n=1,2,3,……)则有:Δt=T,Ts,(n=0,1,2,3,……)………………(2分)(2)这列波传播的距离为Δx=vt,Δx=11m=2×4m+3m,故这列波沿x轴负方向传播,………………………(2分)周期2T+T=t,Ts,则tmins。…………………(2分)14.(15分)【答案】(1)带正电荷,0.03C(2)0.625m/s(3)0.01125J【解析】(1)由分析可知,粒子沿虚线做直线运动,合力应沿虚线方向,即带电小球受到的电场力的方向水平向右,小球带正电………………(2分)由受力分析可知:qE=mgtanθ……………………(2分)得q=0.03C…………………………(1分)MNvoA.EFMNv01EF(2)从A到F的过程中水平方向v0t1+t………………………(2分)竖直方向gt…………………(2分)联立解得v0=0.625m/s…………(1分)(3)从A到B的过程中竖直方向v1sinθ=g………………(1分)水平方向x=v1cosθ·t2+t22……………(1分)又W=qE·x………………………(2分)联立解得W=0.01125J……………(1分)2024年秋“荆、荆、襄、宜四地七校考试联盟”高二期中联考物理试题参考答案第4页(共6页)15.(18分)【答案】(1)3m/s(2)0.6(3)s【解析】(1)对A由动能定理mAgLmAvA2①………………(2分)解得vA=3m/s……………………(2分)(2)设A、B碰后速度分别为vAI和vB,由弹性碰撞规律mAvA=mAvAI+mBvB②………………………(1分)mAvA2mAvAI2+mBvB2③……………(1分)解得vB=4m/s再对B、C全过程有mBvB=(mB+mC)v共④…………(1分)得v共=1m/sμ1mBg×2dmBvBv共2⑤………………(1分)得μ1=0.6…………………………(1分)(3)A、B碰后,设B、C加速度大小分别为aB和aCμ1mBg=mBaB⑥μ1mBg-μ2(mB+mC)g=mCaC⑦解得aB=6m/s2,aC=1m/s2……………………(2分)设经过t1后B与挡板碰撞,有得t1s或1s(舍)碰前B的速度vBI=vB-aBt1m/s碰前C的速度vCI=aCt1m/s⑨……………(2分)对B、C碰撞过程有mBvBI+mCvCI=mBvB″+mCvC″⑩mBvBI2+mCvCI2mBvB″2+mCvC″2O112024年秋“荆、荆、襄、宜四地七校考解得vBm/s,vCm/s…………………(2分)假设B最终没有从C左端滑出,且B、C碰后经过t2共速,在t2内B的加速度大小仍为aB=6m/s2,方向向右而对C:μ1mBg+μ2(mB+mC)g=mCaCIO12得aCI=3m/s2,方向向左由vB″+aBt2=vC″-aCIt2O13得tst2内B的位移xB=vB″t