28：2024届山东省青岛市高三下学期第三次适应性检测（三模）学生版答案

北京曲一线图书策划有限公司5年高考3年模拟B版物理试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页2024届山东省青岛市高三下学期第三次适应性检测(三模)物理试题答案1.【答案】C【解析】衰变方程为93由质量数守恒，核电荷数可得X为电子在核反应方程92由质量数守恒可得238+2=238+k，解得k=2，A错误；核反应方程92238衰变方程为93238Np→94238Pu衰变方程为93238Np→94238Pu2.【答案】C【解析】车体会突然下沉挤压气囊，外界对气体做的功等于气体内能的增加，故A错误；气体温度升高，气体的平均动能增大，但是不一定每一个气体分子的动能都增大，故B错误；由于温度升高，分子平均速率增大，体积减小，分子密度增大，气体分子对气囊单位面积的平均撞击力增大，故C正确；气体压强产生的原因是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的，气体压强由气体分子的数密度和平均动能决定，故D错误。故选C。3.【答案】A【解析】因沿着Ox方向场强先增加后减小，可知小球受电场力先增加后减小，加速度先增加后减小，v-t图像的斜率先增加后减小，则图像A正确，B错误；沿Ox正向电势逐渐降低，因小球向右移动相同距离时电场力做功越来越小，可知相同距离的电势差不相等，则φ−x图像不是按线性减小，选项CD错误。故选A。4.【答案】B【解析】空间站和月球不是同一物体，运行轨道不同，则空间站与地心连线和月球与地心连线在相等时间内扫过的面积不相等，故A错误；根据开普勒第二定律，空间站距离地球越近，速度越大，所以空间站从M点运行到N点的时间小于半个周期，即小于45分钟，故B正确；根据r月3T月7.9km/s是第一宇宙速度，是贴着地球表面做匀速圆周运动的速度，根据GMmr轨道半径越大，线速度越小，空间站在远心点的速度一定小于7.9km/s，故D错误。故选B。5.【答案】D【解析】对A、B受力分析如图门闩刚好启动时，对A在水平方向上有F=N对B在竖直方向上有N解得F=1376.【答案】D【解析】当第一辆车向前行驶4m时，第二辆车开始启动，根据位移时间关系可得x代入数据解得t1=2第六辆车前端距离停止线25m，根据速度位移关系可得v解得v=10m/s，前面一辆车开始启动2s后，后面一辆车开始启动，所以从绿灯刚亮起到第六辆车刚开动所需时间至少为t′=5×2由于第六辆车前端距离停止线25m，根据位移时间关系可得x解得t从绿灯刚亮起到第六辆车前端与停止线相齐所需最短时间为t′+7.【答案】C【解析】根据法拉第电磁感应定律可得e=则当t=π根据电阻决定式得R=ρl感应电流的有效值为I有=发热功率为P=I28.【答案】B【解析】将水喷到窗口时的过程的逆过程看做是平抛运动，则水喷到窗口时的速度v=每秒喷出水的质量m水泵对水做功的功率约为P=WΔ水喷射到窗户上由动量定理−F解得F=mΔ9.【答案】BCD【解析】若屏的正中央是亮纹，如果容器A、B中气体相同，则折射率相同，到屏的中央光程相同，所以中央为亮纹，若B中含有瓦斯，但是到屏的中央光程恰好相差波长的整数倍，中央也为亮纹，故B中可能含瓦斯，也可能不含，故A错误；如果屏的正中央是暗纹，必有光程差，说明B中的气体与A中的气体成分不相同，一定含有瓦斯，故B正确；同种频率的光在含有瓦斯的空气中的折射率大于在干净空气中的折射率，根据v=c根据Δx=L10.【答案】AC【解析】由图丙可知，S点的振动周期T为4s，振幅A为10cm，t=6s内质点P故质点P只振动了一个周期，波从S点传到质点P的时间Δ故2m=v⋅T2=t=6s时，波刚传到x=6m处质点，再过1s即1该波波速v=λT=4m4s=1Δt1=5m1波传到x=3m处所需时间Δt2=3m1m/s=3s，因t=6s时停止，故11.【答案】BD【解析】根据安倍定则可知，导线MN在M1所产生的磁感应强度方向为在M1处沿着Q1M1方向，在N1所产生的磁感应强度方向为在N1处沿着P1N1方向；同理导线PP1在M1设正方体的边长为l，则在N1处两导线产生的合磁场大小在M1处两导线产生的合磁场大小为所以BM1B线框从右侧面向左平移到左侧面过程中，穿过线圈的磁通量为向左增加，所以根据楞次定律可知，其中感应电流方向adcb，故C错误，D正确。故选BD。12.【答案】BC【解析】根据题意，微粒射入磁场时向上偏转，采用配速法，将初速度分解为两个向右的分速度v1、v2，一个分速度v即v1=mgqB，做匀速运动，另一个分速度提供匀速圆周运动的向心力F向联立①②得R=由于微粒运动过程中重力势能最大的位置与直线MN距离ℎ=即ℎ=2R，得v所以微粒射入磁场的初速度大小为v0=微粒重力势能最大时分速度v2对应的洛伦兹力方向向下，v1对应的洛伦兹力方向向上，则微粒受到的磁场力大小为f微粒第一次回到水平线MN时需要的时间为以速度v2做圆周运动的一个周期距离M点s=v1由于t=5πmqB=513.【答案】(1)4L1(2)甲乙同学方案中“恰好只有一个光斑”的状态确定不够准确(3)若刻度尺逆时针偏离垂直x轴位置，测量结果偏大；若刻度尺顺时针偏离垂直x轴位置，测量结果偏小【解析】(1)按照步骤③画出光路图，如图由几何关系sini=R故折射率为n=按照步骤④画出光路图，如图此时恰好发生全反射n=1sinC，sin(2)比较甲、乙两同学测量折射率的方案，甲同学误差较小，因为乙同学方案中“恰好只有一个光斑”的状态确定不够准确。(3)若刻度尺逆时针偏离垂直x轴位置，则L1偏大，L2偏小，测量结果偏大；若刻度尺顺时针偏离垂直x轴位置，则L1偏小，L2偏大，测量结果偏小。14.【答案】(1)a7.657.50(2)B1k(3)3πk(d1【解析】(1)测量内径应使用内测量爪，故选a；游标卡尺的读数为主尺刻度与游标尺刻度之和，所以游标卡尺的示数为7修正后内径为d(2)由于电压表V1与电阻R0串联，所以电压表V1的内阻已知，故选B；由于电源电动势为4.5V，而电压表V1的量程为3V，所以串联的电阻R0的阻值为R(3)根据欧姆定律可得R整理可得U根据电阻定律可得Rx=ρ联立可得ρ=(4)考虑电压表V2的分流影响，即流过金属工件的电流偏小，测得的电阻率偏大。15.【答案】(1)η=0.173；(2)T【解析】(1)对吸管内气体，升温过程，由理想气体状态方程得p其中p溢出气体与初始气体质量的比值η=(2)杯盖拿出过程，对吸管内剩余气体，有p解得T16.【答案】(1)40J；(2)I=18120N；tanθ=【解析】(1)设网球第一次落地前运动时间为t1，根据运动的合成和分解L1解得W=(2)网球第一次落地时根据动量定理得Ix=m解得I=地面对网球的冲量I与水平方向的夹角tan(3)设网球第一次弹起后经时间t2再次落地，根据运动学公式解得L17.【答案】(1)P0=B2L4ω28R；(2)a=【解析】(1)导体棒Q处于锁定状态时，设导体棒Q匀速转动产生的电动势为E，有E1=解得P(2)解除锁定后，设回路总电动势为E2，回路中的电流为I2，有E对Q棒，有B解得a=当Q棒加速度a=0，速度最大，即a=解得v(3)设Q棒速度为v时，经过一小段时间Δt，速度变化量为Δv，流经Q棒的电量为Δq，前进的距离为Δx从解除锁定到导体棒Q的速度达到最大速度的12过程，有BLq=1另有BL即B从解除锁定到导体棒Q的速度达到最大速度12的过程，有解得x=18.【答案】(1)x1=0．05m；(2)Fm=107N；【解析】(1)AB物块下滑速度最大时2mg整理得x(2)AB物块一起下滑到最低点，即将要向上运动时，A对B的作用力最大，此时速度为零，设离开O点的距离x2。根据动能定理得整理得x根据牛顿第二定律，对AB整体k对物块B，x轴方向有Fx−mgsinθ=mFm2=(3)①AB物块一起下滑的速度最大时，根据动能定理得2mg整理得v对物块B与木板的相互作用过程，对物块B由牛顿第二定律得μ解得a对木板C由牛顿第二定律得μ解得a设经时间t，B与C共速v解得t=该过程