2026版高三物理一轮复习第十五章 第4讲　专题强化：气体实验定律的综合应用讲义课件+课时练

简洁实用高效第十五章热学第4讲专题强化：气体实验定律的综合应用物理内容索引热点题型突破第一部分题型一“玻璃管液封”模型题型二“汽缸活塞类”模型0102课时作业第二部分热点题型突破第分部一题型探究·能力提升题型一“玻璃管液封”模型1．玻璃管液封模型求液柱封闭的气体压强时，一般以液柱为研究对象分析受力、列平衡方程，要注意：(1)液体因所受重力产生的压强为p＝ρgh(其中h为液体的竖直高度)。(2)不要漏掉大气压强，同时又要尽可能平衡掉某些大气的压力。(3)灵活应用连通器原理——连通器内静止的液体，同种液体在同一水平面上各处压强相等。2．解题基本思路考向1“玻璃管液封”的单一气体模型【典例1】如图所示，一端封闭粗细均匀的U形导热玻璃管竖直放置，封闭端空气柱的长度L＝50cm，管两侧水银面的高度差为h＝19cm，大气压强恒为76cmHg。T＝t＋273K。(1)若初始环境温度为27℃，给封闭气体缓慢加热，当管两侧水银面齐平时，求封闭气体的温度；【答案】203℃

(2)若保持环境温度27℃不变，缓慢向开口端注入水银，当管两侧水银面平齐时，求注入水银柱的长度x。【解析】设当管两侧水银齐平时空气柱的长度为H，对气体，由玻意耳定律得p1V1＝p2HS，代入数据解得H＝37.5cm，注入水银柱的长度x＝2(L－H)＋h＝2×(50－37.5)cm＋19cm＝44cm。【答案】44cm考向2“玻璃管液封”的关联气体模型【典例2】如图所示，足够长U形管竖直放置，左右两侧分别用水银封有A、B两部分气体，气柱及液柱长度如图中标注所示。已知大气压强为p0＝76cmHg，L1＝6cm，h1＝4cm，h2＝32cm，管壁导热良好，环境温度为t1＝－3℃且保持不变。(1)若从右侧缓慢抽出一部分水银，使下方液柱左右液面相平，则需要从右侧管中抽出多长的水银？【解析】设抽出的水银长度为Δh，设管的横截面积为S，A部分气体初始压强为p1，水银密度为ρ，则有p1＋ρgh1＝p0＋ρgh2，解得p1＝104cmHg；液面相平时，设A部分气体压强为p2，则有p2＝p0＋ρg(h2－Δh)，对A部分气体，根据玻意耳定律可得【答案】30cm

(2)若仅缓慢加热A部分气体，使下方液柱左右液面相平，则此时A部分气体温度为多少？(结果保留整数)【答案】101℃1．如图所示，顶部封闭、竖直放置的不对称U形玻璃管中，左侧A管的横截面积是右侧B管的2倍，管中充有水银，A管和B管中水银液面的高度相同，水银液面上方的管中有压强均为84cmHg的空气，A管中空气柱的长度为15cm，B管中空气柱的长度为30cm。打开管底部的阀门K，缓慢放出部分水银后再关闭K。已知放出部分水银后B管中水银面下降了5cm，在放出水银的过程中温度保持不变。求A管中水银面下降的高度。对点演练解析：B管内气体做等温变化，则有pB0ShB＝pBS(hB＋ΔhB)，其中pB0＝84cmHg，hB＝30cm，ΔhB＝5cm，解得pB＝72cmHg，A管内气体做等温变化，则有pA0·2ShA＝pA·2S(hA＋ΔhA)，其中pA0＝84cmHg，hA＝15cm，装置稳定后有pA＋ρg(ΔhB－ΔhA)＝pB，联立解得pA＝70cmHg，ΔhA＝3cm。答案：3cm2．(2023·全国乙卷)如图所示，竖直放置的封闭玻璃管由管径不同、长度均为20cm的A、B两段细管组成，A管的内径是B管的2倍，B管在上方。管内空气被一段水银柱隔开。水银柱在两管中的长度均为10cm。现将玻璃管倒置使A管在上方，平衡后，A管内的空气柱长度改变1cm。求B管在上方时，玻璃管内两部分气体的压强。(气体温度保持不变，以cmHg为压强单位)解析：B管在上方时，设B管中气体的压强为pB，空气柱长度lB＝10cm，则A管中气体的压强为pA＝pB＋20cmHg，空气柱长度lA＝10cm，倒置后，A管在上方，设A管中气体的压强为pA′，空气柱长度lA′＝11cm，已知A管的内径是B管的2倍，则水银柱长度为h＝9cm＋14cm＝23cm，则B管中气体压强为pB′＝pA′＋23cmHg，空气柱长度lB′＝40cm－11cm－23cm＝6cm，对A管中气体，由玻意耳定律有pAlASA＝p′Al′ASA，对B管中气体，由玻意耳定律有pBlBSB＝p′Bl′BSB，联立解得pB＝54.36cmHg，pA＝74.36cmHg。答案：74.36cmHg

54.36cmHg题型二“汽缸活塞类”模型1．一般思路(1)确定研究对象。一般来说，研究对象分两类：一类是热学研究对象(一定质量的理想气体)；另一类是力学研究对象(汽缸、活塞或某系统)。(2)分析物理过程。对热学研究对象分析清楚初、末状态及状态变化过程，依据气体实验定律列出方程；对力学研究对象要正确地进行受力分析，依据力学规律列出方程。(3)挖掘题目的隐含条件，如几何关系等，列出辅助方程。(4)多个方程联立求解，对求解的结果注意检验它们的合理性。2．常见类型(1)气体系统处于平衡状态，需综合应用气体实验定律和物体的平衡条件解题。(2)气体系统处于力学非平衡状态，需要综合应用气体实验定律和牛顿运动定律解题。(3)两个或多个汽缸封闭着几部分气体，并且汽缸之间相互关联的问题，解答时应分别研究各部分气体，找出它们各自遵循的规律，并写出相应的方程，还要写出各部分气体之间压强或体积的关系式，最后联立求解。(1)不加重物时，卡环对活塞的压力大小；(1)抽气之后A、B的压强pA、pB；(2)弹簧的劲度系数k。对点演练(1)最终汽缸内气体的压强；(2)弹簧的劲度系数和添加的沙子质量。4．(2024·广东卷)差压阀可控制气体进行单向流动，广泛应用于减震系统。如图所示，A、B两个导热良好的汽缸通过差压阀连接，A内轻质活塞的上方与大气连通，B内气体体积不变。当A内气体压强减去B内气体压强大于Δp时差压阀打开，A内气体缓慢进入B中；当该差值小于或等于Δp时差压阀关闭。当环境温度T1＝300K时，A内气体体积VA1＝4.0×102m3，B内气体压强pB1等于大气压强p0，已知活塞的横截面积S＝0.10m2，Δp＝0.11p0，p0＝1.0×105Pa，重力加速度g取10m/s2，A、B内的气体可视为理想气体，忽略活塞与汽缸间的摩擦，差压阀与连接管内的气体体积忽略不计。当环境温度降到T2＝270K时：(1)求B内气体压强pB2；(2)求A内气体体积VA2；答案：(1)9×104Pa

(2)3.6×102m3(3)在活塞上缓慢倒入铁砂，若B内气体压强回到p0并保持不变，求已倒入铁砂的质量m。B内气体压强pB′＝p0，此时差压阀恰好关闭，所以有pA′－pB′＝Δp，代入数据联立解得m＝1.1×102kg。答案：1.1×102kg课时作业75第分部二1．(5分)(多选)(2024·河北卷)如图所示，水平放置的密闭绝热汽缸被导热活塞分成左右两部分，左侧封闭一定质量的理想气体，右侧为真空，活塞与汽缸右壁中央用一根轻质弹簧水平连接。汽缸内壁光滑且水平长度大于弹簧自然长度，弹簧的形变始终在弹性限度内且体积忽略不计。活塞初始时静止在汽缸正中间，后因活塞密封不严发生缓慢移动，活塞重新静止后(

)A．弹簧恢复至自然长度B．活塞两侧气体质量相等C．与初始时相比，汽缸内气体的内能增加D.与初始时相比，最终活塞左侧单位体积内气体分子数减少ACD解析：初始状态活塞受到左侧气体向右的压力和弹簧向左的弹力处于平衡状态，弹簧处于压缩状态。因活塞密封不严，可知左侧气体向右侧真空泄漏。左侧气体压强变小，右侧出现气体，对活塞有向左的压力，最终左、右两侧气体压强相等，且弹簧恢复原长，故A正确；由题知活塞初始时静止在汽缸正中间，但由于活塞向左移动，左侧气体体积小于右侧气体体积，则左侧气体质量小于右侧气体质量，故B错误；密闭的汽缸绝热，与外界没有能量交换，但弹簧弹性势能减少了，可知气体内能增加，故C正确；初始时气体在左侧，最终气体充满整个汽缸，则初始时左侧单位体积内气体分子数应该是最终左侧的两倍，故D正确。2.(5分)如图所示，下端用橡皮管连接的两根粗细相同的玻璃管竖直放置，右管开口，左管内封闭着一段长为l、压强为2p0(p0为大气压强)的气柱，两管水银面高度差为h，现保持右管不动，为了使两管内水银面一样高，把左管竖直(

)A．向上移动h＋l B．向下移动2h＋lC．向上移动h＋2l D．向下移动2h＋2lA解析：设玻璃管的横截面积为S，末态两管内水银面一样高，封闭气体压强与外界大气压强相同为p0，根据玻意耳定律得2p0Sl＝p0Sl′，解得末态玻璃管内封闭气体的长度为l′＝2l，保持右管不动，为了使两管内水银面一样高，把左管竖直提高Δh＝h＋l，故A正确，B、C、D错误。3．(5分)(多选)内径均匀的“T”形细玻璃管竖直放置，管内有被水银封闭的理想气体Ⅰ和Ⅱ，竖直管上端与大气相通，各部分长度如图所示。已知环境温度为27℃，大气压强p0＝76cmHg。现只对理想气体Ⅰ加热，直到竖直玻璃管中的水银与管口相平，此时(

)A．理想气体Ⅰ的温度为500KB．理想气体Ⅰ的温度为700KC．理想气体Ⅱ长度变为9cmD．理想气体Ⅱ长度变为6cmBC4．(5分)如图所示，在光滑水平面上，一质量为m、厚度不计的导热活塞将一定质量的理想气体封闭在内壁光滑的圆柱形汽缸中，开始时活塞和汽缸静止，此时气柱长度为l，现使汽缸底部绕一竖直轴由静止开始转动，缓慢增大转动的角速度ω，当汽缸转动的角速度为ω1时，气柱长度为2l，当汽缸转动的角速度为ω2时，气柱长度为3l，若外界大气压不变，则ω1与ω2的比值为(

)A5．(10分)如图所示，一端开口、长为L＝40cm的玻璃管锁定在倾角为α＝30°的光滑斜面上，一段长为10cm的水银柱密封一定质量的理想气体。环境温度为27℃，已知当地大气压强p0＝75cmHg。(1)如果解除锁定，玻璃管沿斜面下滑，稳定后水银恰好未溢出管口，求解除锁定前水银柱上端距管口的距离；解析：设解除锁定前密封气体的压强为p1、体积为V1，玻璃管的横截面积为S，水银柱的长度为L0，水银柱上端距管口的距离为x，则有p1＝p0＋L0sinα＝80cmHg，V1＝(L－L0－x)S，答案：1.875cm

(2)如果对密封气体缓慢加热(玻璃管仍然锁定在斜面上)，求水银柱恰好移动到管口时的温度。解析：设初始时密封气体的温度为T1，升温后，设水银柱恰好移到管口时密封气体的压强为p3、体积为V3、温度为T3，则有T1＝300K，p3＝p1＝80cmHg，V3＝V2＝(L－L0)S，答案：320K6．(10分)(2024·四川成都高三诊断)如图所示，横截面积为S的汽缸内有a、b两个厚度忽略不计、质量相等的活塞，两个活塞把汽缸内的同种气体分为A、B两部分，两部分气体的质量相等，汽缸和活塞的导热性能良好，开始时环境的温度为T0，大气压强为p0，A、B两部分气柱的长度分别为1.2h、h，活塞a离缸口的距离为0.2h，重力加速度为g，活塞与缸内壁无摩擦且不漏气，求：(1)每个活塞的质量；(2)缓慢升高环境温度，当活塞a刚到缸口时，环境的温度。(1)若保持环境温度不变，在左管中缓慢注入水银，当E气柱的长度变为3h时，求左管中注入水银的长度H；解析：注入水银前，E气柱的压强pE＝(8h＋2h)Hg＝10hHg，设注入水银后E气柱的压强为p′E，设气柱的横截面积为S，对E气柱，根据玻意耳定律有(2)若不是在左管中缓慢注入水银，而是将环境的热力学温度缓慢升高到T2＝368K，求温度升高后D气柱的长度L。解析：当环境的热力学温度T1＝300K时，D气柱的压强p1＝(8h＋2h－h)Hg＝9hHg，设在环境的热力学温度缓慢升高的过程中，B水银