浙江省浙东北ZDB联盟05-06学年高一上学期期中联考物理试题

浙东北联盟（）学年第一学期期中联考高一年级物理学科试题考生须知：．本卷共6页满分分，考试时间分钟。．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。．考试结束后，只需上交答题纸。第I卷（选择题）一、选择题（本题共小题，每小题3分，共分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列各组物理量中，都是矢量的是（）A.加速度、速度B.摩擦力、速率C.路程、速度的变化量D.时间、路程【答案】A【解析】【详解】A．加速度和速度均为既有大小又有方向的矢量，故A正确；B．摩擦力是矢量，但速率为标量，故B错误；C．路程为标量，速度的变化量为矢量，故C错误；D．时间和路程均为标量，故D错误。故选A。2.如图所示是某位同学准备喝水时，手拿水杯静止在空中的照片，下列说法正确的是（）A.杯子受到的静摩擦力方向为竖直向下B.手对杯子的压力是手形变产生的C.增加手对杯子的压力则杯子受到的摩擦力将增大D.由于水杯的玻璃材质比较硬，所以手对杯子的压力无法使水杯发生形变第1页/共19页【答案】B【解析】【详解】AC．根据平衡条件可知，杯子受重力和静摩擦力等大反向，可知杯子受到的静摩擦力方向为竖直向上，故AC错误；B．手对杯子的压力是手发生形变而产生的，故B正确；D的压力无法使水杯发生明显形变，但是会发生微小形变，故D错误。故选B。3.在东京奥运会男子1009秒83小组第一，成功晋级决赛，他也是首个进入奥运会决赛的中国飞人，下列说法正确的是（）A.“9秒83”指的是时刻B.苏炳添冲过终点时的速度为10.17m/sC.根据以上信息可以估算苏炳添在比赛过程中的平均速度大小D.100米半决赛上，苏炳添跑的位移就是路程【答案】C【解析】【详解】A9秒83”是运动时间，指的是时间间隔，故A错误；BC．苏炳添全程的平均速度为但是冲过终点时的瞬时速度无法确定，故B错误，C正确；D100100理量，故表述错误，故D错误。故选C。4.AB的质量均为1kg0.3g取10N/kgF=2N的两个水平力分别作用在A、B上，则地面对物体B及B对物体A的摩擦力分别为（）第2页/共19页A.0、2NB.2N、2NC.0、3ND.6N、3N【答案】A【解析】AB对物体A的摩擦力与外力FB对物体A的摩擦力为2NAB构成的整体，两力等大反向，可知水平方向没有摩擦力，故地面对物体B的摩擦力为零。故选A。5.在2025年5月25日卡塔尔多哈举行世界乒乓球锦标赛男子单打决赛中，中国选手王楚钦获得冠军。若在某回合中，乒乓球以v=10m/s的速度飞向球拍，在=0.001s时间被球拍以v=20m/s的速率原路打回，则乒乓球在该段时间内的平均加速度为（）A.B.C.D.【答案】D【解析】v=10m/sv=20m/s的速率原路打回时，有，根据即乒乓球在该段时间内的平均加速度为。故选D。6.春节烟花汇演中常伴随无人机表演。如图是两架无人机a、b同时从同一地点竖直向上直线飞行的vt图像。下列说法正确的是（）第3页/共19页A.两架无人机a、b在加速阶段的加速度之比为1∶2B.两架无人机a、b在减速阶段的加速度之比为2∶1C.0~30s，两架无人机a、b的位移之比1∶2D.0~30s，两架无人机a、b的平均速度之比1∶1【答案】D【解析】【详解】A．图像的斜率等于加速度，则两架无人机a、b在加速阶段的加速度之比为，A错误；B．两架无人机a、b在减速阶段的加速度之比为，B错误；CD．图像与坐标轴围成的面积等于位移可知，0~30s，两架无人机a、b的位移之比1∶1，均为，根据可知，平均速度之比为1:1，C错误，D正确。故选D。7.某物体以20m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2，则前3s内（）A.物体上升最大高度是20mB.物体的位移大小是15m，方向向下C.物体的平均速度大小是10m/s，方向向上D.物体的速度变化量大小是10m/s，方向向下【答案】A【解析】【详解】A．竖直上抛的最大高度公式为，故A正确；B．物体上升到最高点的时间为第4页/共19页前3秒内，物体在2秒时到达最高点（位移20m1秒下落。下落的位移为总位移为因此，位移大小为15m，方向向上，故B错误；C．根据平均速度公式，可得方向向上，故C错误；D．以向上为正方向，可得速度变化量大小为30m/s，方向向下，故D错误。故选A。8.如图所示，玩偶与塑料吸盘通过轻绳AB连接，吸盘吸附在竖直墙壁上，玩偶静止悬挂，忽略玩偶与墙壁之间的摩擦力。下列说法正确的是（）A.吸盘受到3个力的作用B.细绳AB越短，玩偶对墙壁的压力越大C.细绳AB越长，吸盘受到墙壁的摩擦力越小D.吸盘与墙壁之间压得越紧，吸盘受到墙壁的摩擦力越大【答案】B【解析】AA错误；B．玩偶的受力分析如图所示，墙壁对玩偶的支持力细绳AB越短，θ越大，支持力越大，由牛顿第三定律可知，玩偶对墙壁的压力越大，故B正确；CD．对吸盘与玩偶整体分析竖直方向只受重力与静摩擦力，所以吸盘受到墙壁的静摩擦力总是等于重力，与细绳的长短无关，与吸盘与墙壁之间的挤压力无关，故CD错误。第5页/共19页故选B。9.用三根细线a、b、c将重力均为G的两个小球1和2连接，并悬挂如图所示。两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为，细线c水平。则（）A.B.C.D.不能确定【答案】C【解析】【详解】ABC．将两小球看作一个整体，对整体受力分析，如图所示根据平衡条件可得联立得，第6页/共19页故AB错误，C正确；D．对2小球隔离分析，利用平衡条件可得则细线b对小球2和小球1的拉力都为，故D错误。故选C。10.动，其位移与时间的比值随时间t变化的关系如图所示，则新汽车（）A.刹车过程的位移大小为96mB.在0~6s内的位移大小为36mC.在0~4s内的平均速度大小为12m/sD.在4s末的速度大小为12m/s【答案】C【解析】【详解】由于汽车做匀减速直线运动，根据匀减速直线运动的位移与时间的关系，得根据图像可得，根据可得，汽车停止运动时间为A．刹车过程的位移有，故A错误；B．因为汽车经过就停止运动，所以内的位移就是内的位移，为，故B错误；第7页/共19页C．汽车在内的平均速度为，故C正确；D．汽车在就停止运动，所以汽车在末的速度为0，故D错误。故选C。肠可视为质量均匀的圆柱体，烤熟后香肠质量不变，半径R及金属杆的热胀冷缩，则香肠烤熟后与烤熟前相比（）A.金属杆2对其支持力变大B.两根金属杆对其合力不变C.每根金属杆对其作用力先变大再变小D.金属杆1对其支持力与竖直方向夹角变大【答案】B【解析】【详解】ACD．对香肠进行受力分析，如图所示根据对称性有根据平衡条件有第8页/共19页令金属杆半径为r,金属杆之间的距离为d，则可知，半径R变大，则减小，由分析可知，、均减小，故ACD错误；B．香肠处于静止平衡状态，合力为0，则两根金属杆对其合力不变，始终与重力等大反向，故B正确。故选B。12.射下，若调节间歇闪光灯间隔时间正好与水滴从下落到的时间相同，可以看到一种奇特的现象，水滴似乎不再下落，而是像固定在图中的、、、四个位置不动，对出现的这种现象，下列描述正确的是（取）A.水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间满足B.闪光的间隔时间是C.水滴在相邻两点间的平均速度大小满足D.水滴在各点的瞬时速度大小满足【答案】B【解析】【详解】A．由题图可知所以水滴做初速度为零的匀加速直线运动，即自由落体运动，且水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间相等，即，故A错误；B．由可得水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间为第9页/共19页因为调节间歇闪光灯间隔时间正好与水滴从下落到，故B正确；C．由可知水滴在相邻两点间的平均速度大小满足，故C错误；D．由可知水滴在各点的瞬时速度大小满足，故D错误。故选B。二、选择题（本题共3小题，每小题4分，共分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）13.理学方法的叙述正确的是（）A.推导匀变速直线运动位移公式时，将其看成很多小段匀速直线运动的累加，采用了理想化模型法B.在“探究两个互成角度的力的合成规律”时用到了等效替代法C.速度和加速度都是采取比值法定义的物理量D.用质点代替实际物体是采用了极限思维的方法【答案】BC【解析】AA错误；B．在“探究两个互成角度的力的合成规律”时用到了等效替代法，故B正确；C．根据，可知速度、加速度都是采取比值定义法定义的物理量，故C正确。D．用质点代替实际物体是采用了理想化模型法，故D错误。故选BC。14.中刚好有20张相同的纸，每张纸的质量均为m，搓纸轮按图示方向转动并带动最上面的第1张纸向右运动，搓纸轮与纸张之间的动摩擦因数为μμ时搓纸轮给第1张纸压力大小为Fg下列说法正确的是（）第10页/共19页A.第2张纸受到第3张纸的摩擦力方向向左B.第10张纸与第张之间的摩擦力大小为C.第20张纸与摩擦片之间的摩擦力为D.若要系统能够持续的进纸，则应满足【答案】AC【解析】A2张纸受到第1张纸2张纸受到第3A正确；BC．工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为F，第1张纸对第2张纸的压力为F＋mg，所以第2张以下的纸没有运动，只有运动趋势，所以第2张以下的纸之间以及第20张纸与摩擦片之间的摩擦力均为静摩擦力，大小均为，故B错误，C正确；D．搓纸轮与第1张纸之间的摩擦力为，第1张纸受到第2张纸的滑动摩擦力为若要系统能够持续的进纸，有通常情况下，可得，故D错误。故选AC。15.加速度的定义式为，历史上有些科学家曾把相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为v0和vt分别表示某段位移xA>0A<0法正确的是（）A.若A<0且保持不变，则a逐渐减小B.若A不变，则a也一定不变C.若A不变，则物体在时间中点的速度为第11页/共19页【答案】AD【解析】ABAA＞0，相等位移内速度增加量相等，则知平均速度越来越大，所以相等位移内所用时间越来越少，由可知，a越来越大；第二种情况：A＜0，相等位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，所以相等位移内用的时间越来越大，由可知，a越来越小，故A正确，B错误；CD．若A不变，在这种情况下，相等位移内速度增加量相等，设中间位置处的速度为v，则解得中间位置处的速度为，物体在时间中点的速度小于，故C错误，D正确。故选AD。第卷（非选择题）三、实验题（共2小题，每空2分，共16.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中：（1）图1中打点计时器的工作电压为交流__________V。（2）下列操作中正确的有。A.在释放小车前，小车要靠近打点计时器B.打点计时器应放在长木板有滑轮的一端C.应先接通电源，后释放小车D.跨过滑轮所吊重物越重越好，可以减小阻力的影响（3）某同学打出的一条纸带如图2所示，A、B、C、D、E为在纸带上所选的计数点，每相邻两个计数点间还有4个点，打点计时器接周期为T=0.02s的交流电源。打点计时器打下C点时，小车的速度大小为__________m/s，小车的加速度a=__________m/s2第12页/共19页相比__________【答案】（1）220（2）AC（3）①.1.5②.2.0（4）偏小【解析】【小问1详解】图1中打点计时器为电火花计时器，工作电压为交流220V。【小问2详解】A．释放小车前，小车要靠近打点计时器，以充分利用纸带，A正确；B．为了能在纸带上打更多点，打点计时器应放在长木板远离滑轮的一端，B错误；C．应先接通电源，后释放小车，C正确；D小阻力，D错误。故选AC。【小问3详解】[1]每相邻两个计数点间还有4个点，可知T=0.1s；打点计时器打下C点时，小车的速度大小为[2]小车的加速度【小问4详解】如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，则打点周期偏小，而做实验的同学并不知道，仍用原来的值计算，那么加速度的测量值与实际值相比偏小。17.（1）在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，弹簧测力计示数如图甲所示，则F=_________N；第13页/共19页F、F'四个力中，不是由力传感器直接测得的是；A.F1B.F2C.FD.F'（3）若用如图丁所示的装置来做实验，OB处于水平方向，与OA夹角为120°，则__________（填“OA”、“OB”或“OC”）的力最大。现保持弹簧测力计A与竖直方向的夹角不变，使弹簧测力计B顺时针缓慢转动至竖直位置。在此过程中，弹簧测力计B的示数____________。A.不断减小B.不断增大C.先减小后增大D.先增大后减小【答案】（1）4.00##3.99##4.01（2）D（3）①.OA②.C【解析】【小问1详解】弹簧测力计的精度为，可知弹簧秤的读数为。【小问2详解】F、F、F2都是弹簧测力计测量得到，F'是F、F2通过作图得到的，不是弹簧测力计测量得到。故选D。【小问3详解】[1]如图所示，可知OA的力最大。[2]如图所示第14页/共19页可知弹簧测力计B的示数先减小后增大。故选C。四、计算题（本大题有4小题，第题6分、第题8分、第题分，第题分，共分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分）18.A以初速度v=2m/sa=2m/s23sB前后速度大小不变，之后在水平面上做匀减速直线运动，运动10m后停在C点，求：（1）斜面的长度；（2）小滑块到达斜面底端的速度大小；（3）小滑块在水平面上运动的加速度大小。【答案】（1）15m（2）8m/s（3）3.2m/s2【解析】【小问1详解】斜面的长度【小问2详解】小滑块到达斜面底端的速度大小【小问3详解】滑块在水平面上运动时，由可得19.m=20kgOOB水平且B端与站在水平地面上的质量为m2OA与竖直方向的夹角θ=37°的质量m=60kgμ=0.4sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2。求：第15页/共19页（1）轻绳OA、OB受到的拉力大小F、F；（2）人对地面的摩擦力F；（3）欲使人在水平面上不滑动，物体甲的质量m1的最大值。【答案】（1）250N，150N（2）150N，方向水平向右（3）32kg【解析】【小问1详解】对O点受力分析，由平衡条件可知【小问2详解】对人受力分析，水平方向有由牛顿第三定律可得人对地面的摩擦力：，方向水平向右。【小问3详解】人与地面之间的最大静摩擦力为可得20.伞，而是先在空中自由“飞翔”一段时间，然后再打开降落伞。假设在一次表演中，某运动员离开飞机后做自由落体运动，到离地面212.5m时他才打开降落伞，从而产生很大阻力，忽略开伞时间，立即以大小为15m/s2的加速度做匀减速直线运动，