江苏省南京市鼓楼实验中学2025-2026学年九年级上学期第一次月考物理试题（附解析）

/2025鼓楼实验九年级10月考物理一、选择题（共12小题）1.如图所示的简单机械在使用时，可以省距离的是（）A.钓鱼竿 B.切纸刀C.核桃夹 D.钢丝钳【答案】A【解析】【详解】A．钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，费力但省距离，故A符合题意。BCD．切纸刀、核桃夹、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力但费距离，故BCD不符合题意。故选A。2.如图所示，瓦罐汤是民间传统的煨汤（把原料放在锅中，加较多的水，用文火慢煮，物烂时再放进盐）方法，下列有关说法中错误的是（）A.未加热前，食材的内能不为零B.将装好食材的瓦罐放入器皿中煨热，汤的内能增大C.刚煨好的热汤烫嘴是因为它含有的热量多D.热汤香气更浓，是因为扩散现象与温度有关【答案】C【解析】【详解】A．一切物体都具有内能，未加热前，食材的内能不为零，故A正确，不符合题意；B．将装好食材的瓦罐放入器皿中煨热，食材吸收热量，内能会增加，故B正确，不符合题意；C．热量是过程量，不能描述为含有或具有，刚煨好的热汤烫嘴是因为它的温度较高，故C错误，符合题意；D．热汤香气更浓，是因为扩散现象与温度有关，温度越高，分子无规则运动越快，故D正确，不符合题意。故选C。3.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A.温度为以下的物体不具有内能 B.温度高的物体，含有的热量一定多C.物体的内能增加，可能是吸收了热量 D.温度总是从高温物体传向低温物体【答案】C【解析】【详解】A．一切物体在任何情况下都具有内能，温度为以下的物体也具有内能，故A错误；B．热量是热传递过程中传递的能量，不能说物体含有热量，故B错误；C．做功和热传递都可以改变物体的内能，物体的内能增加，可能是吸收了热量，故C正确；D．热量总是从高温物体传向低温物体，热传递过程传递的不是温度，故D错误。故选C。4.如图所示是中国女排运动员在跳发球，此发球方式具有很强大的威力，其动作要领可简化为“①抛球、②腾空、③击球、④落地”四个过程，其中运动员对排球做功的过程是（）A.①③ B.①④ C.②③ D.②④【答案】A【解析】【详解】抛球和击球时运动员对球有力的作用并且球在力的方向移动一段距离，做功；腾空和落地过程中，运动员对球没有力的作用，不做功，故BCD不符合题意，A符合题意。故选A。5.如图，在植树活动中，两位同学用竹竿抬水。水桶挂在水平竹竿的P处，与前、后同学的距离分别为PM、PN，水桶对竹竿的作用力为F，其中PM、PN及F的大小均已知，竹竿的重力忽略不计。若要分析前面同学抬水的力F1的大小，下列建构的杠杆示意图正确的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【详解】由题意得，要分析前面同学抬水的情况，此时前面同学作用在杠杆M点一个向上的动力F1，后面同学所在的N点为支点，桶由于受重力的作用所以作用在杠杆P点一个向下的阻力F，故A符合题意，BCD不符合题意；故选A。6.在自由下落过程中的物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知AB=BC，如图所示，物体在AB段重力做功W1，做功功率P1，在BC段重力做功W2，做功功率P2，则下列关系正确的是（）A.W1<W2，P1<P2 B.W1=W2，P1<P2C.W1=W2，P1=P2 D.W1>W2，P1>P2【答案】B【解析】【分析】【详解】由题，同一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，因为AB=BC，由W=Gh可知W1=W2，物体下落速度越来越快，BC段时间小于AB段，由可知P1<P2。故选B。7.如图所示，若一根重心在B点的木棒可绕O点无摩擦转动，在D点施加竖直向上的力缓慢提升重物。已知木棒的长度为1m，将同一重物分别挂在A点、B点、C点时，重物被提升的高度分别为0.1m、0.2m、0.3m，对应的机械效率分别为、、。则（）A.ηA<ηB<ηC B.ηA>ηB>ηC C.ηA<ηC<ηB D.ηC<ηA<ηB【答案】A【解析】【详解】机械效率重物挂在A点，则重物被提升的高度为，该过程做的有用功，杠杆重心提升的高度，由几何关系可知，，额外功；重物挂在B点，则重物被提升的高度为，该过程做的有用功，杠杆重心提升的高度亦为，额外功。则，，则由机械效率推导式，可得重物挂在C点，则重物被提升的高度为，该过程做的有用功，杠杆重心提升的高度，由几何关系可知，，额外功。则，，则由机械效率推导式可得，，综上可得故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。8.五一当天风和日丽，小明一家到月亮湾游玩。正午时分，他们徜徉海堤享受着暖风带来的惬意。下列表示陆地与海面之间空气流动（箭头指向）示意图与当时相符合的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】【详解】AC．正午时分，海水由于比热容比较大，升温比较慢，而陆地比热容小，升温快，空气密度变小，陆地气流上升，故AC错误；BD．陆地气流上升，陆地表面压强小，小于海面的压强，这样气流从海面吹向陆地，陆地气流上升，陆地高空气流向海水高空补充，这样就形成了回流，故B正确，D错误。故选B。9.小明用电水壶烧水给爷爷奶奶泡茶。该壶保温性能较好，烧水时壶会吸收一些热量。在壶中装入500mL的水，加热至沸腾，用时2min。水用完后，他又在壶中装入1000mL的水，加热至沸腾，所需时间最有可能的是（）A.2min B.4minC.大于2min且小于4min D.大于4min【答案】C【解析】【详解】A．如果所需时间为2min，则与第一次加热500mL水的时间相同。但第二次水量加倍(1000mL)，即使壶在第二次加热时吸收较少热量(因壶已预热)，加热时间也应增加，不可能与第一次相同。因此A不合理，不符合题意；B．如果所需时间为4min，则相当于水量加倍导致时间加倍，但这仅在壶不吸收热量或壶在第二次加热时完全冷却的情况下成立。由于壶吸收热量且保温性能好，壶在第二次加热时已预热，吸收热量较少，因此时间应少于4min。因此B不合理，不符合题意；C．第二次水量加倍(1000mL)，由Q=cmΔt可知，加热所需热量加倍，但因壶在第一次加热后已预热且保温好，壶吸收热量减少，故时间应少于4min；同时，水量增加导致时间多于2min。因此C最合理，符合题意。D．如果所需时间大于4min，则意味着加热时间超过水量加倍的比例，但壶在第二次加热时吸收较少热量，应减少时间，不可能大于4min。因此D不合理，不符合题意。故选C。10.如图甲所示是同学们训练乒乓球用的发球机。如果乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，如图乙。若不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.a球上升过程中，动能增大，重力势能减小B.b球到达最高点时，重力势能最大，动能为C.a、b两球在最高点时机械能相等D.三个球到达乒乓球案的速度大小关系【答案】C【解析】【详解】A．a球上升过程中，质量不变，速度变小，高度增加，故动能减小，重力势能增大，故A错误；B．b球到达最高点时，速度不为0，所以动能也不为0，故B错误；CD．乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，则机械能是相同的，不计空气阻力，三个小球的机械能是守恒的，所以三个小球到达桌面时的机械能相同，由于高度相同，重力势能相同，则动能也相同。所以三球到达乒乓球台的速度相同，故C正确，D错误。故选C。11.2024年6月25日，嫦娥六号实现了中国首次月球背面无人采样返回，历时53天的史诗级无人登月采集项目取得圆满成功，令世界瞩目。返回器使用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化图如图所示。关于此过程（只考虑空气阻力和重力的影响），下列说法正确的是（）A.AB段返回器的动能变大B.BC段由于没有空气阻力，所以返回器的运动状态不变C.CD段返回器动能的增加量小于重力势能的减小量D.A到D的过程中，返回器的机械能守恒【答案】C【解析】【详解】A．AB段返回器质量不变，速度变小，动能变小，故A错误；B．BC段返回器的运动方向改变，运动状态改变，故B错误；C．CD段返回器质量不变，速度最大，高度减小，动能增大，重力势能减小；由于考虑阻力，CD段返回器减小的重力势能部分转化为动能，部分转化为内能，则动能的增加量小于重力势能的减小量，故C正确；D．A到D的过程中，返回器的部分机械能转化为内能，机械能不断减小，故D错误。故选C。12.某固体的质量为m，其比热容为c。先对它加热一段时间（设在相同时间内吸收的热量相等），停止加热让其冷却（设冷却时在相同时间内放出的热量相等），整个过程中温度随时间的变化情况如图所示。不计质量变化，下列说法正确的是（）A.在0~t2时间段，该物体吸收的热量为cm(T2-T1)B.该物质在t2~t3时间段的比热容小于t3~t4时间段的比热容C.在t4~t5时间段，该物体放出的热量为D.该物体在t5~t6时间段放出的热量等于在0~t1时间段吸收的热量【答案】D【解析】【详解】A．据图可知，0~t1时间段内，升高的温度为T2-T1，因此cm(T2-T1)是物质0~t1时间段内吸收的热量，由于t1~t2时间段熔化吸热，则0~t2时间段，该物体吸收的热量大于cm(T2-T1)。故A错误；B．由图可知，该物体在t2~t3时间段、t3~t4时间段，均处于液态，由于比热容与物质的种类和状态有关，该物质的种类和状态相同，则该物质在t2~t3时间段的比热容与t3~t4时间段的比热容相等，故B错误；C．由图可知，该物质冷却过程中单位时间放出热量不等于该物体升温过程中单位时间吸收热量，由于该物质熔化过程中吸收的热量等于该物质凝固过程中放出的热量，所以在t4~t5时间段，该物体放出的热量等于在t1~t2时间段，该物体吸收的热量，所以在t4~t5时间段，该物体放出的热量，故C错误；D．该物质先熔化后凝固，且温度变化相同，则熔化过程中吸收的热量与凝固过程中放出的热量相等，即物体在t5~t6时间段放出的热量等于在0~t1时间段吸收的热量，故D正确。故选D。二、填空题（共8小题）13.图甲汽车上坡时，司机采取换挡的方法，使汽车的速度减小，是为了增大_____；图乙是用螺丝刀将螺丝钉旋进木板的情景，使用它_____（选填“能”或“不能”）省功，手柄_____（选填“粗”或“细”）一些的螺丝刀用起来更省力；图丙中，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂和动力的变化情况是_____，_____。（选填“变大”或“不变”或“变小”）【答案】①.牵引力②.不能③.粗④.变大⑤.变大【解析】【详解】[1]汽车上坡时换挡减速，汽车的功率不变，根据可知，速度减小可增大牵引力。[2]由于使用任何机械都不能省功，所以用螺丝刀将螺丝钉旋进木板不能省功。[3]螺丝刀的手柄是轮轴，其实质是省力杠杆，轴半径是阻力臂，轮半径是动力臂，轴半径一定时，轮半径越大越省力，即手柄粗一些的螺丝刀用起来更省力。[4][5]剪刀轴是支点，剪纸时阻力作用在纸和剪刀的接触点，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，纸对剪刀的阻力不变；手指的位置不变，则动力臂不变；纸与剪刀接触点与支点距离变大，则阻力臂逐渐变大；由杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知，动力逐渐变大。14.“糖炒板栗”是中国人传统的休闲食品之一，其做法是将洗净、干燥、开口的板栗放入烧热的黑铁砂中翻炒，炒制过程中，主要是通过___________的方式增加板栗的内能；选用黑铁砂主要是因为它的比热容较___________，升温较快；离板栗摊很远就能闻到香味这是___________现象。【答案】①.热传递②.小③.扩散【解析】【详解】[1]炒制过程中，板栗吸收热量，内能增加，主要是通过热传递的方式增加内能的。[2]选用黑铁砂主要是因为它的比热容小，与其他物质相比，在吸收热量和质量相同的前提下，黑铁砂升温快，能够快速炒熟板栗。[3]闻到炒熟板栗的香味是扩散现象，说明分子不停地做无规则运动。15.如图甲，分别将两个相同的物体A、B匀速拉到斜面顶端，对物体做功情况如图乙所示，其中斜面MN长0.5m，则对物体A做的有用功是______J，对物体B做的额外功是______J，物体A运动过程中受到的摩擦力是______N。【答案】①.2②.0.5③.2【解析】【详解】[1]由图乙可知，对物体A做的总功为3J，额外功为1J，故对物体A做的有用功W有=WA总-WA额=3J-1J=2J[2]A、B是两个完全相同的物体，都拉到斜面顶端，故对物体B做的有用功和对物体A做的有用功相同；由图乙可知，对物体B做的总功为2.5J，故对物体B做的额外功WB额=WB总-W有=2.5J-2J=0.5J[3]物体A运动过程中受到的摩擦力16.如图甲所示是小明做的自动回转“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐的顶部和底部，中间系一个钩码，当他将“魔罐”在粗糙的水平地面上滚出后，它还能自动滚回来，在“魔罐”滚回来时是_________能转化为_________能。如图乙、丙所示，是小华制作的“会跳的卡片”，用手把它平压在桌面上，使橡皮筋伸长，迅速松手后，卡片就会弹跳起来，图中A为外表面、B为内表面，实验时应把_________（选填“A”或“B”）表面紧贴在桌面上；小华再用相同的橡皮筋做了图丁所示的小卡片，实验时图_________（选填“丙”或“丁”）的卡片可以弹跳得更高一些。【答案】①.弹性势②.动③.B④.丙【解析】【详解】[1][2]魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能。[3]由图可知，要利用橡皮筋的弹性势能，只有把橡皮筋拉开才会有弹性势能，所以要把卡片B面按平后放在水平面上然后松开，松开后，橡皮筋的弹性势能转化为卡片的动能，所以卡片能跳起来。[4]弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关，丙图中的像皮筋的弹性形变程度更大一些，所以它能够转化的动能更多，跳得更高。17.如图，某同学将篮球掷向地面，经过甲位置后碰到地面，接着向上反弹经过乙位置，忽略空气的作用力。篮球经过甲、乙两位置时的机械能和重力势能大小如表中所示，则篮球与地面碰撞过程损失的机械能为________J，损失的机械能________（选“是”或“不是”）转化成了篮球的弹性势能，篮球在乙位置时的动能为________J。位置机械能/J重力势能/J甲136乙1210【答案】①.1②.不是③.2【解析】【详解】[1]机械能是动能与势能的总和。已知篮球在甲位置时的机械能E甲=13J，在乙位置时的机械能E乙=12J。那么篮球与地面碰撞过程损失的机械能ΔE=E甲−E乙=13J−12J=1J[2]在篮球与地面碰撞过程中，篮球会发生形变，一部分机械能会转化为篮球的弹性势能，但同时也会有一部分机械能转化为内能等其他形式的能量，因为碰撞过程中会产生热量等。所以损失的机械能不是全部转化成了篮球的弹性势能。[3]机械能E等于动能Ek与重力势能Ep之和，即E=Ek+Ep。已知篮球在乙位置时的机械能E乙=12J，重力势能Ep乙=10J，则篮球在乙位置时的动能Ek乙=E乙−Ep乙=12J−10J=2J18.《天工开物》是我国古代科学著作，书中记载着大量的古代农业机械，其中这样写道：“凡河滨有制筒车者，堰陂障流绕于车下，激轮使转，挽水入筒，——顷于机内，流入亩中，昼夜不息，百亩无忧。”该段文字描述了筒车这样一种以水流作动力，把低处的水提升到高处的机械，如图所示。（1）简要分析筒车的工作原理可以理解为把流水的动能转化为_____能；（2）若接水槽离取水处高，水轮上有12个取水筒，一个取水筒每次可取水，该筒车旋转一周提升的水的质量为_____；对水所做的功为_____（接水槽离倒水处的高度忽略不计，g取）。【答案】（1）水的重力势（2）①.48②.1920【解析】【小问1详解】水流具有动能（由于流动），冲击筒车的轮子，使其转动。轮子转动带动取水筒上升，把水从低处提到高处。水被提升的过程中，重力势能增加。因此，水流的动能转化为水的重力势能。【小问2详解】[1]由题可知，每转一圈，12个取水筒都会依次将水从低处提升到高处。所以总质量[2]对水所做的功，即克服水的重力所做的功，由可得，19.佛山南海建有不少大型绿地，绿地中的人工湖具有“吸热”功能，在盛夏时期能大大减弱周围地区的“热岛效应”，这是因为水的比热容较_______（选填“大”或“小”）。现有一人工湖，湖水吸收了的热量后，水温升高，则湖水的质量为_______，若这些热量被同等质量的砂石全部吸收，，则砂石升高的温度将_______。（填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】①.大②.③.大于【解析】【详解】[1]水的比热容较大，和相同质量的泥土相比，吸收或放出相等热量时，水的温度变化较小，所以，修建人工湖可以起到调节气温的作用，减弱周围地区的“热岛效应”。[2]湖水的质量为[3]砂石的比热容比水小，根据可知，若这些热量被同等质量的砂石全部吸收，则砂石升高的温度将大于。20.扫地机器人（如图甲）在水平地面上匀速运动时，所受水平动力与速度的关系如图乙所示。在50N的水平动力作用下，该机器人在水平地面上匀速运动10s的过程中，动力所做的功为___________J；该机器人水平动力的功率为180W时，它受到的水平动力为___________N。【答案】①.150②.300【解析】【详解】[1]由图象知，在50N的水平动力作用下机器人的速度v=0.3m/s，机器人通过的路程为动力做的功为[2]由图象知，当该机器人在水平地面上以0.6m/s速度匀速直线运动时的动力F1=300N，此时水平动力的功率为故该机器人水平动力的功率为180W时，它受到的水平动力为300N。21.如图所示，有一根长为L的均匀铁棒置于水平桌面，，质量m＝3kg，则铁棒重力为______N。为了不使这根铁棒的B端下沉，所需外力F至少应为______N，若F的方向不变，微微抬起这根铁棒的B端，所需外力F应为______N。（g取10N/kg）【答案】①.30②.10③.15【解析】【详解】[1][2]铁棒的重力G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N为了不使这根铁棒的B端下沉，此时杠杆的支点是A，根据杠杆的平衡条件知道解得[3]微微抬起这根铁棒的B端，此时杠杆的支点是C，根据杠杆的平衡条件知道解得三、作图题（共2小题）22.如图甲所示，人们用盘子夹可以既方便又安全的取出蒸食物的盘子。盘子夹的一侧可简化为图乙所示的杠杆，O为支点。请在图乙中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。【答案】【解析】【详解】由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，过A点垂直于OA向下作出最小动力示意图，如下图所示：23.小李打扫卫生时需要将一个重物搬离地面，由于力气太小无法搬动，聪明的他想到了滑轮组可以省力，于是他找来家里的2个滑轮组，请你帮他选择其中一个滑轮组用来提升重物以达到最省力的目的（两幅图都画不得分。绳子需要绕过每一个滑轮，忽略动滑轮重力）。【答案】【解析】【详解】因为要最省力，所以选择两个动滑轮的滑轮组，连接如下图所示：四、实验探究题（共8小题）24.以下是探究杠杆平衡条件的实验，实验中使用的是等质量的钩码，杠杆每一格长度为。（1）实验前，杠杆在支架上静止时如图甲所示，此时杠杆_____（选填“是”或“不是”）平衡状态。接下来，应将杠杆的平衡螺母向_____（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是：_____；（2）如图乙，在A点挂2个钩码，在B点挂_____个钩码，可使杠杆在水平位置平衡；（3）如图乙，保持左侧悬挂钩码的位置和数量不变，调节右侧悬挂钩码的数量和位置，使杠杆始终在水平位置平衡，记录对应的力和力臂大小，绘制成图像如图丙所示，图像中每个点与两坐标轴围成的矩形面积_____（填“相等”或“不相等”）。此实验中_____（选填“能”或“不能”）将的单位换成；（4）如图丁所示，用弹簧测力计代替钩码，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的拉力F_____1.5N（选填“>”、“=”或“<”）；（5）杆秤由带有秤星的秤杆、秤砣、提纽等组成，如图戊所示，此杆秤有两个提组A和B，使用它称较重的物体时，应选择_____提纽。若秤砣上沾有泥土，则称量结果_____（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】（1）①.是②.左③.便于测量力臂（2）3（3）①.相等②.不能（4）>（5）①.A②.偏小【解析】【小问1详解】[1]当杠杆静止或者匀速转动时处于平衡状态，图甲中杠杆静止，是平衡状态。[2][3]如图甲所示，杠杆右端下沉，根据杠杆左高左调，右高右调，因此应将平衡螺母向左端移动，使杠杆在水平位置平衡，此时力臂恰好沿着杠杆的方向，可以直接从杠杆上读出力臂，所以这样做的目的是便于测量力臂。【小问2详解】设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，由杠杆的平衡条件知解得，即在B位置挂上3个钩码，使杠杆在水平位置平衡。小问3详解】[1]由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图像中任意一组数据都能得出图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变。[2]J是功的单位，此实验中不能将的单位换成J。功等于力与物体在力的方向上通过的距离的乘积，杠杆平衡条件中的力与力臂垂直，所以力与力臂的乘积不是功。【小问4详解】由图丙力F和力臂l大小可得动力与动力臂的乘积由图乙可得解得，假设弹簧测力计竖直向下拉杠杆，由杠杆的平衡条件可得解得由图丁可知弹簧测力计向左倾斜，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，即弹簧测力计的示数大于1.5N。【小问5详解】[1]使用杆秤称较重的物体时，物体的重力变大，在秤砣重力不变的情况下，根据杠杆平衡的条件可知，需要增大秤砣重力的力臂，减小物体重力的力臂，由图可知，应选择A提纽。[2]若秤砣上沾有泥土，则秤砣的质量会变大，在重物重力和其力臂不变的情况下，根据杠杆平衡的条件可知，秤砣的重力会变大，相应的力臂就会变小，则读数也会变小，因此称量结果偏小。25.某同学们进行了“影响滑轮组机械效率因素”的实验探究，用到的装置如图，实验数据记录如表所示：实验次数钩码重G/N钩码上升高度绳端拉力绳端移动距离s/m机械效率120.11.20.355.6%220.21.20.655.6%340.11.90.3

440.11.30.561.5%（1）实验中应沿竖直方向_____拉动弹簧测力计，且在_____（拉动过程中/静止时）读数；（2）分析表中数据可知：第4次实验是用_____图所示装置来完成的；（3）第3次实验时，滑轮组的机械效率是_____（结果精确到0.1%）；（4）通过比较1、2两次实验数据可得出：使用同一滑轮组提升相同重物，滑轮组的机械效率与重物上升高度_____（选填“有关”或“无关”）：通过比较_____两次实验数据可得出：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高；通过比较3、4两次实验数据可得出：不同滑轮组提升相同重物，动滑轮越重机械效率越_____；（5）根据所学知识，滑轮组的机械效率还与绳重和摩擦有关，分析图丁中的点可知，被提升物体所受的重力一定_____。A.小于40N B.等于40N C.大于40N【答案】（1）①.匀速②.拉动过程中（2）丙（3）70.2%（4）①.无关②.1、3③.低（5）C【解析】【小问1详解】[1][2]在测量绳端拉力F时，为了准确计数应尽量匀速竖直向上拉动弹簧测力计，让整个装置处于平衡状态。且应在拉动过程中读数，因为拉动过程中的机械间的摩等对实验的影响不可忽略，在静止读数，机械间的间摩擦较小，会导致计算出来的总功率偏小。【小问2详解】分析表中数据可知，第4次实验绳子的有效股数为即承担物重的绳子股数，所以第4次实验是用丙图所示装置来完成的。【小问3详解】第3次实验时，滑轮组的机械效率是【小问4详解】[1]通过比较1、2两次实验数据可知，提升物体重相同，提升物体的高度不同，但机械效率相同，故得出：使用同一滑轮组提升相同重物，滑轮组的机械效率与重物上升高度无关。[2]通过比较1、3两次实验数据可得出：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高。[3]第3次实验是用乙装置完成的，第4次实验是用丙图所示装置来完成的；且两次提升物体的重力相同，通过比较3、4两次实验数据可得出：不同滑轮组提升相同重物，动滑轮越重机械效率低。【小问5详解】若不考虑绳重和摩擦，则根据可得，若动滑轮重为10N、机械效率为80%，则被提升物体所受的重力为在机械效率不变时，额外功增大，有用功也增大，若提升相同的高度，物体的重力会大于40N，故C正确。故选C。26.如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块在木板上向前移动一段距离S后停下。完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中hA=hC>hB，mA=mB<mC。（1）小钢球在滚下斜面的过程中，它的___________转化为动能，其动能大小是通过___________大小来反映的，如果水平面光滑，则不能达到探究目的，其原因是___________；（2）分析比较甲丙两组实验可得结论：___________；（3）某学习小组同学做丙实验时小木块被撞后滑出木板，A．同学建议换用表面相同但长度较长的木板B．同学建议换质量较大的木块C．同学建议换用质量比前两次实验较小的钢球你认为不恰当的是___________同学的建议；（4）小明将实验进行了改装：如图丁所示，将同一木块放在弹簧原长处，用形状相同质量不同的实心塑料球和铁球将弹簧压缩到相同程度后放手，发现两球离开弹簧时的速度___________（选填“相同”或“不同”），木块被推开的距离___________（选填“相同”或“不同”）。【答案】（1）①.重力势能②.木块移动的距离③.小钢球将做匀速直线运动（2）见解析（3）B（4）①.不同②.相同【解析】【小问1详解】[1][2]小钢球在滚下斜面的过程中，其重力势能减小，动能增加，即它的重力势能转化为动能；小木块的动能大小是通过小木块移动的距离s大小来反映的，该方法为转换法。[3]如果水平面光滑，小钢球将做匀速直线运动，则不能达到探究目的。【小问2详解】甲和丙两组实验中，物体下滑的高度的相同，质量不同，丙图中小钢球的质量较大，推动木块滑行的距离较大，故分析比较甲、丙两组实验可得出物体速度相同时，质量越大，物体的动能越大。【小问3详解】A．换用较长木板，可以测量出木块移动的距离，故A不符合题意；B．实验中，要使钢球推动相同的木块，比较木块移动的距离，才可比较出钢球的动能大小，这是转换法的要求，故B符合题意；C．换用质量比前两次实验较小的钢球，钢球从同一高度滑动到水平面动能较小，木块移动的距离较小，故C不符合题意。故选B。【小问4详解】[1][2]用形状相同的塑料球和铁球将弹簧压缩到相同程度，弹簧的弹性势能相同，转化成的动能相同，两小球的质量不同，所以速度不同，但由于动能相同，对木块做的功应相同，对木块做得功是克服水平面对木块的摩擦力做功，摩擦力是相同的，根据W=Fs可知，木块运动的距离也应该是相同的。27.如图甲是小华“探究不同物质吸热本领”的实验装置，用两个相同的容器和相同的加热装置分别给水和煤油加热：（1）该实验装置，其中有一处明显错误，请指出错误之处：______；（2）实验时，通过比较______（选填“温度计示数”或“加热时间”）来间接反映煤油和水吸收的热量多少；（3）小华根据实验的数据绘制出了如图乙所示的图像，由图像可知，加热5min时，b物质的温度上升的更明显，说明b的吸热能力______（选填“强”或“弱”），此时a、b两种液体吸收的热量关系是Qa______Qb。（选填“>”“＜”或“=”），由图像可知a物质是______（选填“水”或“煤油”）；（4）实验结束后，小华又用该装置探究了水在升高相同温度时，吸收热量多少与质量大小的关系。得到了如图丙所示的不同质量的水在加热过程中的温度随时间变化关系图像。由图像可知______（选填“A”或“B”）图像对应水的质量较大。【答案】（1）没有控制水和煤油质量相等（2）加热时间（3）①.弱②.=③.水（4）B【解析】【小问1详解】根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同。因为不同物质密度不同，根据，质量相同的不同物质体积不同，所以图甲是所用的实验装置的错误之处：没有控制水和煤油质量相等。【小问2详解】因为实验中用相同的加热装置分别给水和煤油加热，相同的加热器在相同的时间内放出相同的热量。所以根据转换法，实验中，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少。【小问3详解】[1][2][3]由图像知道，加热5min时，物质b的温度上升的更明显，说明物质b的吸热能力弱，物质a吸热能力强，由于加热时间相同，则吸收的热量是相同的。由于水的吸热能力比煤油大，故物质a是水。【小问4详解】用该装置探究了水在升高相同的温度时，吸收热量多