浙江省新阵地教育联盟高三上学期一模物理试题

浙江省新阵地教育联盟2026届第一次联考物理试题卷选择题部分一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.库仑定律中的比例系数k，叫做静电力常量，其单位用国际单位制中的基本单位表示正确的是（）【答案】A【解析】故选A。2.近代以来我国军事科技取得了举世瞩目的成就，这不仅彰显了中国军队的强大实力，也体现了国家科技创新和战略智慧。下列高精尖武器装备中关于“质点”的描述正确的是（）A.研究甲图中航空母舰福建舰上战斗机起飞动作时，可将航空母舰看作质点B.研究乙图中99式主战坦克转弯过程中履带的转动情况，可将坦克看作质点C.研究丙图中东风－41洲际弹道导弹远距离打击时的轨迹，可将导弹看作质点D.研究丁图中中国空军运油20加油机“一拖多”加油作业时，可将加油机看作质点【答案】C【解析】【详解】A．研究甲图中航空母舰福建舰上战斗机起飞动作时，需要考虑动作的细节，不可以将航空母舰看作质点，故A错误；B．研究乙图中99式主战坦克转弯过程中履带的转动情况，需要考虑转动的细节，不可以将坦克看作质点，故B错误；C．研究丙图中东风－41洲际弹道导弹远距离打击时的轨迹，可将导弹看作质点，故C正确；D．研究丁图中中国空军运油20加油机“一拖多”加油作业时，需要考虑油管与飞机的位置，不可以将加油机看作质点，故D错误。故选C。3.2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。在火箭开始点火至离开发射塔的短时间内，下列说法正确的是（）A.发射前，发射塔对火箭的支持力是由火箭的形变引起的B.离开发射塔的短时间内载人飞船处于超重状态C.喷出燃气对火箭的作用力与火箭重力是一对平衡力D.火箭受到重力做功的功率恒定不变【答案】B【解析】【详解】A．发射塔对火箭的支持力属于弹力，由施力物体（发射塔）的形变产生，故A错误；B．火箭离开发射塔时加速度方向向上，故载人飞船处于超重状态，故B正确；C．火箭加速上升，喷出燃气对火箭的作用力大于火箭重力，故C错误；火箭速度逐渐增大，故重力做功的功率随之增大，故D错误。故选B。4.如图所示，一同学在微风天气将一礼盒挂在光滑晾衣绳上做力学实验，晾衣绳的左端系在左竖直杆的A点，右端系在倾斜杆的B点，A、B两点等高。整个装置处于水平向左的风力中。保持A、B两点位置不变，则下列说法中错误的是（）B.若风力缓慢减小，礼盒到A点距离变大C.若风力恒定，将倾斜杆向右平移少许后，绳上张力变小D.若风力缓慢增大，则该过程风力对礼盒做正功【答案】C【解析】B．将风力与礼盒重力的合力等效为新的重力，若风力缓慢减小，可知等效重力减小，则绳子张力的合力也将减小，礼盒将向斜杆方向运动重新达到平衡，礼盒到A点距离变大，故B正确；C．若风力恒定，风力与礼盒重力的合力不变，将倾斜杆向右平移少许后，绳子张力的夹角变大，张力的合力不变，则绳上张力将变大，故C错误；D．若风力缓慢增大，风力与礼盒重力的合力将变大，则礼盒将向左侧竖直杆方向运动，风力将对礼盒做正功，故D正确。由于本题选择错误的，故选C。5.如图所示，卫星甲、乙、丙沿轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ绕某一星球转动。其中轨道Ⅰ、Ⅲ为圆轨道，其半径分别为、。轨道Ⅱ为长轴长的椭圆轨道，与轨道Ⅰ切于点，与轨道Ⅱ交于点。下列说法正确的是（）B.卫星乙从A点运动到C点的过程中机械能增加C.卫星乙在B点的向心加速度比卫星丙小D.卫星乙的机械能与卫星丙一定相等【答案】C【解析】B．卫星乙从A点运动到C点的过程中，只有地球引力做功，则机械能守恒，B错误；可知乙、丙两卫星在B点的加速度相等，但是由于丙做匀速圆周运动，则在B点的向心加速度等于B点的加速度；而乙在B点的加速度等于切线加速度和向心加速度的矢量和，可知卫星乙在B点的向心加速度比卫星丙小，C正确；D．卫星乙和丙的质量关系不确定，则不能比较卫星乙和丙的机械能大小关系，D错误。故选C。6.四个可视为质点、质量及带电量均相等的小球Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ通过不可伸长的绝缘轻质细线连接成正方形，静置于光滑绝缘水平面上，如图所示。现将小球Ⅲ、Ⅳ之间的细线用火烧断，在系统从初始状态到四小球第一次共线的过程中，下列说法正确的是（）A.Ⅰ、Ⅱ两小球之间细线的拉力保持不变B.该过程中系统的动量和机械能均守恒C.当系统机械能最大时，Ⅰ、Ⅲ两小球速度相等D.任意一段时间内Ⅰ、Ⅱ两小球动量变化量一定相等【答案】D【解析】B．该过程中系统所受合力为0，动量守恒，由于电场力做功，机械能不守恒，故B错误；C．当系统机械能最大时即末状态，Ⅰ、Ⅲ两小球速度方向不同，故C错误；D．四个小球组成的系统动量守恒，小球Ⅰ、Ⅱ始终同步向右水平移动，则在任意一段时间内受到的合外力冲量相等，因此动量变化量一定相等，故D正确；故选D。7.如图所示，理想交流电流表、，定值电阻、，热敏电阻（其电阻值随温度升高而降低），分别接在理想变压器的原、副线圈上，为正弦交流电压源，其电压保持不变。若该电路所处环境温度上升，下列说法正确的是（）A.电流表、的示数均增大B.原、副线圈端、保持不变C.热敏电阻两端电压一定增大D.理想变压器原线圈的输入功率一定增大【答案】A【解析】可知，电流表的示数增大，故A正确；可知，减小，故B错误；由于减小，增大，则热敏电阻两端的电压会减小，故C错误；故选A。A.420吨 B.4200吨 C.280吨 D.2800吨【答案】B【解析】故选B。9.在太阳能发电系统中，太阳能电池板产生的电压可能随光照强度和温度等因素的变化而变化，当该不稳定的电压比直流负载所需的稳定电压低时，不宜将其直接与直流负载相连。在下列电路中，通过不断打开和闭合开关，实现由低压向高压输电，其中正确的是（）【答案】B【解析】【详解】A．该电路中当开关S断开时，整个电路均断开，则不能给电池输电，故A错误；B．该电路中当S闭合时稳定时，线圈L中有电流通过，但当S断开时电源U也断开，L产生的自感电动势相当电源加在充电电池两端，且断开时才能有电流流过二极管，故B正确；C．该电路中当S闭合时稳定时，线圈L中有电流通过，但当S断开时L也与电路断开，还是只有回收系统电压U加在充电电池两端，则不能实现高压输电，故C错误；D．该电路中当S闭合时稳定时，线圈L中有电流通过，当S断开时L产生自感电动势阻碍电流减小，L相当电源，电源U与L中的自感电动势共同加在电池两端，且此时二极管不能导通，从而无法实现高压输电，故D错误。故选B。【答案】A【解析】【详解】如图所示则根据对称关系可知，满足“某些位置”鱼的位置如图所示故选A。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个各选项中至少有一个符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11.下列说法正确的是（）A.卢瑟福用粒子轰击氮原子核产生氧17和一个质子，实现了人类第一次原子核的人工转变B.气体中中性原子的发光谱线都是连续谱C.中子速度太慢，铀核不能“捉”住它，在铀棒周围要放“加速剂”使其加速为快中子【答案】AD【解析】【详解】A．卢瑟福用α粒子轰击氮原子核，产生了氧的一种同位素——氧17和一个质子，这是人类第一次实现的原子核的人工转变，故A正确；B．气体中中性原子的发光谱线都是线状谱，故B错误；C．核裂变产生是速度很大的快中子，因此，还要设法使快中子减速，为此，在铀核周围要放“慢化剂”，快中子跟慢化剂中的原子核碰撞后，中子速度减少，变为慢中子，故C错误；故选AD。A.质点比质点起振早2.4sB.质点在10s内通过的路程为8cmC.若取走波源，则稳定后在轴上有9个减弱点（不考虑波源处）D.若取走波源，则稳定后在轴上有4个加强点（不考虑波源处）【答案】BD【解析】则在两波源连线上，即在x轴上共10个振动减弱点，故C错误；则在两波源连线上共4个振动加强点，即在y轴上有4个振动加强点，故D正确。故选BD。【答案】BC【解析】D．小球动量的方向由小球速度方向决定，根据矢量的合成，作出小球速度的矢量图示如图所示故选BC。非选择题部分二、非选择题14.某同学想测量一个拉伸弹簧的密度。已知该弹簧由均匀合金制成，每匝弹簧紧密相连。他设计了以下方案：（1）将两长方体木板卡在弹簧两端，用刻度尺测量出弹簧的长度，读数为________mm，记为；（2）使用游标卡尺的内测量爪测出弹簧的内径，读数为________mm，记为；（3）使用螺旋测微器测量出单匝弹簧金属丝的直径，读数为________mm，记为；（4）使用天平测量出该弹簧的质量，记为；【答案】①.100.6##100.4##100.8##100.5##100.7②.38.40③.1.997##1.995##1.999##1.996##1.998【解析】【详解】（1）[1]由图可知，刻度尺的分度值为1mm，读数需估读到分度值的下一位，则读数为100.6mm；15.在“测定电池的电动势和内阻”实验中：除一节待测干电池、开关和导线外，还提供如下器材B.电压表（量程为6V，内阻为）（1）一同学设计的如下电路图，为测量结果尽可能精确，则图中电表应选择________（选填“A”、“B”或“C”），所测物理量记为或；可变电阻应选择________（选填“D”或“E”），其对应阻值记为。（2）正确操作后，利用测得的数据拟合得到如上所示的图线，则上图坐标系纵轴所表示的物理量为________（结果用、或表示）；通过拟合得到的直线，其斜率为、纵坐标截距为，通过斜率和截距的表达式，最终求得电池的电动势与内阻分别为、。则斜率的表达式________，截距的表达式________（结果均用、及题中所给的必要物理量对应的字母表示）。【答案】（1）①.C②.D【解析】【小问1详解】[1]电表与可变电阻并联，所以电表为电压表；一节干电池的电动势约为1.5V，为测量精确，选择量程较小的C；[2]电压表与可变电阻并联接入电路，可变电阻选择D，实验采用伏阻法测电源电动势与内阻。【小问2详解】16.（1）光电门可应用于计数、计时、测速，下列实验中可用到光电门的实验是________。（多选）A.用传感器和计算机描绘物体做平抛运动的轨迹 B.用单摆测量重力加速度C.引力常量的测量 D.研究气垫导轨上滑块碰撞时的动量守恒（2）下列关于多用电表的使用，正确的是________。（多选）A.测电源内阻时，可先用多用电表欧姆挡粗测，而后再调至合适倍率精确测量B.用多用电表测电阻时，改变不同倍率的欧姆挡后需要进行欧姆调零C.多用电表测量小灯泡电压时，红表笔接触点的电势应该比黑表笔高D.指针式多用电表与数字式多用电表都只能测电压、电流和电阻【答案】（1）BD（2）BC【解析】【小问1详解】A．在描绘物体做平抛运动的轨迹实验中，描述平抛运动轨迹时用的是频闪相机，不用光电门，故A错误；B．用单摆测量重力加速度，可以用光电门来计数，从而计算单摆周期，再利用单摆的周期公式计算重力加速度，故B正确；C．引力常量的测量是通过卡文迪许扭秤实验，利用扭秤的扭转来测量引力，和光电门无关，故C错误；D．研究气垫导轨上滑块碰撞时的动量守恒，需要测量滑块碰撞前后的速度，光电门可以通过测量挡光片的挡光时间来计算速度，所以该实验可用到光电门，故D正确。故选BD。【小问2详解】A．多用电表的欧姆挡内部有电源，测电源内阻时，不能用欧姆挡直接测量，因为会有额外电源影响，故A错误；B．用多用电表测电阻时，改变不同倍率的欧姆挡后，内部电路的电阻等情况改变，需要进行欧姆调零，故B正确；C．多用电表测量电压时，电流从红表笔流入，黑表笔流出，所以红表笔接触点的电势应该比黑表笔高，故C正确；D．指针式多用电表与数字式多用电表除了能测电压、电流和电阻，有些还能测电容等其他物理量，故D错误。故选BC。（1）与初始时相比，上部分气体的分子数密度________，上部分气体分子的平均速率________（以上两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）；（2）若活塞重新达到平衡时的气体温度为（已知），求此时上部分气体的压强________；（3）若活塞重新达到平衡时的气体温度为（未知），求此时上部分气体的温度________。【答案】（1）①.变小②.变大【解析】【小问1详解】[1]当活塞密封不严时气体有一部分漏气到下半部分，所以上半部分气体的分子数密度减小。[2]下方真空处有气体时，活塞会受到下部分气体压力，使得上半部分弹簧变短，在绝热条件下弹簧弹性势能转化为内能，所以内能增大，故温度升高，上部分气体的分子平均速率增大。【小问2详解】由于是轻质活塞，当活塞再次平衡时，上下部分气体压强相等，弹簧弹力为0。【小问3详解】（1）小物块在斜面上从点运动到点过程中的平均速度大小；（2）小物块运动到圆心等高处时的加速度大小；（3）小物块在沿着圆弧下滑，从点离开小车时，求小物块对轨道点的压力大小。【解析】（1）若开关