甘肃省武威六中2025-2026学年高二（上）期末物理试卷【含答案】

第=page11页，共=sectionpages11页甘肃省武威六中2025-2026学年高二（上）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.如图所示，某同学用毛皮摩擦过的橡胶管靠近一细水流，发现细水流向靠近橡胶管的方向偏转，下列说法正确的是(

)A.摩擦可以创造更多电荷

B.下雨天，实验效果会更明显

C.橡胶管所带的电荷量一定是元电荷e的整数倍

D.用丝绸摩擦过的玻璃棒代替本实验的橡胶管，细水流会向远离玻璃棒的方向偏转

2.如图所示，ABC是等边三角形，在A点固定放置电荷量为+Q的正点电荷，在C点固定放置一个试探电荷+q，试探电荷受到的静电力大小为F，再在B点固定放置电荷量为−QA.0

B.F

C.3F

3.如图四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点．其中电势和场强都相同的是(

)A. B.

C. D.4.某灵敏电流计的满偏电流为100mA，与阻值为2Ω的定值电阻R并联可改装成量程为0.6A的电流表，如图所示，则该灵敏电流计的内阻为

A.10Ω B.0.4Ω C.20Ω5.如图所示的电路中，R3为光敏电阻，其电阻值随光照强度增大而减小，则晴天与阴天相比，下列说法正确的是(

)A.电流表的示数较大、电压表的示数较小

B.电流表的示数较大、电压表的示数较大

C.电流表的示数较小、电压表的示数较小

D.电流表的示数较小、电压表的示数较大6.如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度—时间图象如图乙所示，则(

)A.电子在A、B两点受的电场力FA<FB

B.A、B两点的电场强度EA<EB

C.电场方向向左7.如图电路中，电阻R=2Ω。断开S后，理想电压表的读数为4V；闭合S后，电压表的读数为2VA.4Ω

B.3Ω

C.2Ω二、多选题：本大题共3小题，共15分。8.某根标准电阻丝的电阻为R，接入电压恒定的电路中，要使接入电路的电阻变为12R，可采取的措施是(

)A.剪其一半的电阻丝接入 B.并联相同的电阻丝接入

C.将电阻丝均匀拉长一倍 D.对折原电阻丝后再接入9.如图所示，当电流通过线圈时，小磁针将发生偏转，关于线圈中电流方向和小磁针的偏转方向，正确的说法是(

)

A.通入逆时针方向的电流，小磁针的S极指向外

B.通入顺时针方向的电流，小磁针的N极指向外

C.通入逆时针方向的电流，小磁针的N极指向外

D.通入顺时针方向的电流，小磁针的S极指向外．10.如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源的电动势为10V、内阻为1Ω，定值电阻R的阻值为5Ω，滑动变阻器的最大阻值是10Ω。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P由最左a端向最右b端滑动过程中，下列说法正确的是A.电流表的示数变大

B.滑动变阻器消耗的功率一直变大

C.电源内部消耗的功率变小

D.电源的最大效率约为93.7三、填空题：本大题共1小题，共8分。11.把一量程为6mA、内阻为100Ω的电流表改装成欧姆表，电路如图所示，现备有如下器材：A.电源E=3V(内阻不计)；B.变阻器0～200Ω；C.变阻器0～500Ω；D.红表笔；E.黑表笔。

(1)变阻器选用______。

(2)红表笔接______四、实验题：本大题共1小题，共8分。12.某同学准备测量某电池组的电动势和内阻。已知电池组的内阻约1Ω，电动势约5V，除被测电池组、开关、导线若干外，还有下列器材供选用：

A.电压表V1(量程0～15V，内阻约10000Ω)

B.电压表V2(量程0～6V，内阻约3000Ω)

C.电阻箱R(0～99.9Ω)

D.定值电阻R1=10Ω

E.定值电阻R2=1000Ω

(1)设计的电路图如图甲所示，如果要准确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择______(选填“A”或“B”)；定值电阻R0应选择五、计算题：本大题共3小题，共41分。13.如图所示，有一垂直纸面向里的范围足够大的匀强磁场，磁感应强度B=1T，现于纸面内先后放上圆线圈a、b，圆心均处于O处，线圈a的半径为1m，匝数为100匝；线圈b的半径为2m，匝数为10匝。求：

(1)穿过线圈a和线圈b的磁通量大小；

(2)现仅将磁场方向改变为与纸面成30°角向里(磁场方向与纸面的线面角为30°14.如图所示，把质量为0.2kg的带电小球A用丝线吊起，将带电荷量为4×10−8C的小球B靠近它，当两小球在同一高度且相距3cm时，丝线与竖直方向的夹角为45°，静电力常量s=9×109N

15.如图所示，在绝缘水平面上，相距为L的A、B两点处分别固定着两个等量正电荷。a、b是AB连线上两点，其中Aa=Bb=L4，a、b两点电势相等，O为AB连线的中点。一质量为m带电量为+q的小滑块(可视为质点)以初动能E0从a点出发，沿AB直线向b运动，其中小滑块第一次经过O点时的动能为初动能的3倍，到达b点时动能恰好为零，小滑块最终停在O点，求：

(1)小滑块与水平面间的动摩擦因数

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：根据电荷守恒定律，电荷不会凭空产生或创造，只能发生转移，故A错误；

B、本题中由于摩擦起电而使橡胶管带了负电，下雨天周围环境潮湿会影响毛皮与橡胶管之间的电荷转移，所以实验效果会不明显，故B错误；

C、电荷量本身是不连续的，元电荷e即为电荷量的最基本单元且不可再分，任何带电体的电荷量一定是e的整数倍，故C正确；

D、橡胶管靠近细水流能吸引细水流是因为带电体可以吸引轻小物体，细水流可以视为轻小物体，故无论是带正电的玻璃棒还是橡胶管都会对细水流产生静电力从而吸引细水流，故D错误。

故选：C。

本题考查的内容比较基础，掌握电荷守恒定律，摩擦起电以及静电力的相互作用即可轻松解题。

本题通过课外实验来考察分析推理能力，综合运用所学的关于静电力及电荷的基础知识可迎刃而解。2.【答案】B

【解析】解：对C出处的点电荷进行分析，如图所示；

由于电荷量为+Q的点电荷对试探电荷+q的静电力大小为F，则电荷量为−Q的点电荷对试探电荷+q的静电力大小也为F。

根据平行四边形法则可得该试探电荷受到的静电力大小为F，故B正确、ACD错误。

故选：B。

根据电荷量为+Q的点电荷对试探电荷+q的静电力大小确定−Q对试探电荷3.【答案】B

【解析】解：A、ab两点在一等势面上，电势相同，a的场强方向向左，b的场强方向向右，则场强不同。故A错误。

B、a、b在等量异种电荷连线的中垂线上，而此中垂线是一条等势线，两点电势相同。根据电场线分布的对称性可知，这两点场强相同。故B正确。

C、a、b两点场强相同，而电势a点高于b点，故C错误。

D、根据电场线的对称性可知：a、b两点的电势相同，而a的场强方向向上，b点的场强方向下，场强不同。故D错误。

故选：B。

电势是标量，根据电场线的方向和对称性分析a、b两点电势是否相同．场强是矢量，根据电场线的疏密和切线方向及对称性，确定场强是否相同．

4.【答案】A

【解析】解：设灵敏电流计的内阻为rg，由题意可知

I=Ig+IgrgR

代入数据解得：rg=105.【答案】C

【解析】解：晴天与阴天相比，R3的阻值较小，外电路总电阻较小，由闭合电路欧姆定律知，干路电流I较大。电压表的示数U=E−I(R4+r)，I较大，其它量不变，则电压表的示数较小。R2、R3并联电压U并=E−I(R4+R1+r)，I较大，其它量不变，则U6.【答案】C

【解析】解：AB.v−t图象切线的斜率表示加速度，由图像得，电子的加速度逐渐减小，说明电场力减小，场强减小，故AB错误；

C.电子从A点到B点做加速运动，所受电场力向右，说明场强方向向左，故C正确；

D.电子由A点到B点的过程中，速度增大，电场力做正功，电势能减少，即EpA>EpB，故D错误。

故选：7.【答案】C

【解析】解：断开S后，理想电压表的读数为4V，则电源的电动势E=4V

闭合S后，电压表的读数为U=2V，则根据闭合电路欧姆定律有

E=U+URr

解得电源的内阻为r=2Ω，故8.【答案】AB【解析】解：A.由电阻定律R=ρLS，剪去一半的电阻丝，长度变为原来的12，电阻减小为12R，故A正确；

B.并联相同的电阻丝后，相当于横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律R=ρLS，电阻减小为12R，故B正确；

C.均匀拉长一倍，则长度变为原来2倍，横截面积变为原来12，根据电阻定律R=ρLS，则电阻变为原来4倍，故C错误；

D.9.【答案】CD【解析】解：安培定则：用右手握着通电线圈，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电线圈的N极。

A、当线圈通以沿逆时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的S极，纸外是通电线圈的N极。通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电线圈的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸外。故A错误C正确；

B、当线圈通以沿顺时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的N极，纸外是通电线圈的S极。通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电螺线管的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸里，故B错误D正确；

故选：CD。

一个通电线圈也有N极和S极，也按照安培定则判断，纸里是线圈的N极，纸外是线圈的S极．

线圈外部的磁场是从线圈的N极出来回到S极，线圈内部的磁场是从线圈的S极出来回到N极．

磁场中该点的磁体N极受到磁力方向和该点的磁场方向相同．

通电线圈内部的磁场方向和通电线圈外部的磁场方向不同．

通电线圈内部的磁场从S极出来回到N极；通电线圈外部的磁场从N极出来回到S10.【答案】CD【解析】解：A、由图可知，闭合开关后电路为定值电阻和滑动变阻器的串联电路，滑片从a向b端滑动，接入阻值变大，总电阻变大，电流变小，故A错误；

B、将定值电阻和电源等效为新电源，则新电源内阻为R+r，所以当变阻器阻值等于R+r时功率最大，则变阻器功率先增大再减小，故B错误；

C、电流变小，电源内部功率变小，故C正确；

D、当变阻器阻值最大时，电源效率最大，η=R+RPR+RP+r11.【答案】C；

N，M；

1000

【解析】解：(1)根据闭合回路欧姆定律可得滑动变阻器电阻的最小值为Rmin+Rg=EIg，解得Rmin=400Ω，变阻器选用C；

(2)电流必须从红表笔流入欧姆表，从黑表笔流出欧姆表。红表笔接N端，黑表笔接M端；

(3)根据闭合电路欧姆定律得6mA=ER0+Rg12.【答案】B;D

【解析】解：(1)电压表V1的量程太大，使得电压表指针的偏角太小，测量误差太大，R2=1000Ω的定值电阻太大，使得电压表指针的偏角太小，且在改变电阻箱阻值时，电压表的示数变化不明显，故电压表选择B，定值电阻选择D。

(2)由闭合电路欧姆定律得

U=E−UR(r+R0)

化简得

1U=r+R0E⋅1R13.【答案】解：(1)根据公式得

Φa=BSa=1×π×12Wb=πWb

Φb=BSb=1×π×22Wb=4πWb

(2)当磁场方向改变为与纸面成30°角向里时，线圈a中的磁通量大小为Φa=BS【解析】(1)先计算A和B线圈有磁场穿过的有效面积，再计算磁通量的变化即可；

(2)先计算线圈有磁场穿过的有效面积，再计算磁通量的变化。

(3)据磁通量的定义可求出初、末位置的磁通量的大小，计算转过180°14.【答案】(1)小球B受到的库仑力的大小为2N

(2)【解析】解：(1)A球受重力、拉力和库仑力处于平衡状态，根据共点力平衡得，A球所受的库仑力大小为：FA=mAgtan45°

解得：FA=2N

根据牛顿第三定律，