陕西省渭南市2025-2026学年高一（上）期末模拟物理试卷【含答案】

第=page22页，共=sectionpages1616页陕西省渭南市2025-2026学年高一（上）期末模拟试卷物理试题一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，则在此过程中(

)A.速度逐渐减小，当加速度减小至零时，速度达到最小值

B.速度逐渐增大，当加速度减小至零时，速度达到最大值

C.位移逐渐增大，当加速度减小至零时，位移将不再增大

D.位移逐渐减小，当加速度减小至零时，位移达到最小值2.甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，以该时刻作为计时起点，得到两车的位移一时间图像，如图所示，甲图线过O点的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法正确的是

A.在两车相遇前，t2时刻两车相距最远

B.t3时刻，甲车在乙车的前方

C.在0∼t2时间内，甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度3.短跑运动员在某次百米赛跑中测得5秒末的速度为9.0m/s，10秒末到达终点的速度为10.2mA.在前5秒内运动员的平均速度为4.5

m/s

B.在后5秒内运动员的平均速度为9.6m/s

C.在本次百米赛跑中运动员的平均速度为10.0

m/4.如图所示，木块A、B、C并排固定在水平地面上，三木块的厚度之比为5∶3∶1，子弹以300 m/s的水平速度射入木块AA.子弹刚好射出木块A时的速度为100 m/s

B.子弹在木块A中的运动时间大于在木块B中的运动时间

C.子弹在木块B和C中的运动时间相等

D.子弹在木块A中的平均速度是在木块5.如图a，物块和木板叠放在实验台上，物块的质量为0.2kg，用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4s时撤去外力。细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图b所示，木板的速度v与时间t的关系如图c所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取10m/sA.2～4s内木板的加速度大于4～5s内木板的加速度

B.4～5s6.质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上，如图所示，用水平力F拉着绳的中点O使OA段绳缓缓偏离竖直方向，设绳OA段拉力的大小为FT，则(

)

A.F先变大后变小，FT逐渐变小 B.F逐渐变大，FT逐渐变大

C.F逐渐变小，FT逐渐变小 D.F7.如图所示，甲、乙两只质量相同的小猴子，开始站在地面上各握轻绳的一端，现甲用力向上攀爬，乙紧握绳子，不计滑轮摩擦，一段时间后会出现的情况是(

)

A.甲先到达滑轮

B.乙先到达滑轮

C.甲、乙同时到达滑轮，甲下方绳子较长

D.甲、乙同时到达滑轮，甲、乙下方绳子一样长二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.质量为m的木块，在推力F的作用下沿水平地面做匀速直线运动。已知木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么木块受到的滑动摩擦力的值应为(

)

A.μmg B.μ(mg+Fsinθ9.如图，一足够长的倾斜传送带顺时针匀速转动。一小滑块以某初速度沿传送带向下运动，滑块与传送带间的动摩擦因数恒定，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则其速度v随时间t变化的图像可能是：(

)

A. B.

C. D.10.如图，两轻质细绳拉直时与水平车顶夹角分别为60°和30°，物体质量为m，当小车以大小为2g(g为重力加速度)的加速度做匀加速直线运动时，则有关绳1和绳2的拉力大小，正确的说法是A.小车向左匀加速运动时，绳1的拉力大小为5mg

B.小车向左匀加速运动时，绳2的拉力大小为5mg

C.小车向右匀加速运动时，绳1的拉力大小为5mg三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.用图甲所示装置探究物体的加速度与力、质量的关系。实验前已经调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行，已经平衡了摩擦力。g=9.8 m/s2。

(1)实验时保持小车(含车中砝码)的质量M不变，用打点计时器测出小车运动的加速度a。图乙为悬挂一个钩码后实验中打出纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹未标出，测得各计数点到A点间的距离如图乙所示。已知所用电源的频率为50 Hz，则小车的加速度大小a=________m/s2。若悬挂钩码的质量为50 g，把悬挂的钩码和小车(含车中砝码)看成一个整体，则小车(含车中砝码(2)实验时保持悬挂钩码的质量m不变，在小车上增加砝码，改变小车的质量，得到对应的加速度，若用加速度作为纵轴，小车(含车中砝码)的质量用M表示，为得到线性图像，则横轴代表的物理量为________。A.小车(含车中砝码)的质量MB.小车(含车中砝码)的质量与悬挂钩码的质量之和mC.小车(含车中砝码)的质量与悬挂钩码的质量之和的倒数1D.悬挂钩码质量的倒数1m12.小明做了“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，实验装置及过程如图甲、乙、丙所示，E为橡皮筋原长时小圆环的位置，O为实验时小圆环被拉至的位置。

(1)图丁中弹簧测力计的示数为__________N；(2)下列做法能减小实验误差的是__________

。A.B.C.D.(3)某次实验记录纸如图戊所示，拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点，拉力F的方向过P点；其中拉力F1和F2的大小分别为：F(4)如图乙所示两条细线的夹角是60∘,若保持O点位置不变，使左边的弹簧测力计逆时针转动时，则该弹簧测力计的示数会A.逐渐减小

BC.先增大后减小

D.四、计算题：本大题共3小题，共36分。13.如图所示，某段时间内小朋友和风筝均保持静止状态，此时风筝平面与水平面夹角为30°，轻质细线与风筝的夹角为θ=60°，风筝的质量为m=1 kg，该小朋友的质量为M(1)轻质细线中的拉力大小；(2)风对风筝的作用力的大小；(3)地面对小朋友的摩擦力。14.为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s处分别设置一面小旗和一个挡板，如图所示。训练时，让运动员和冰球都位于起跑线上，教练员将冰球以速度v0击出，使冰球在水平冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板，冰球到达挡板时的速度不为0；冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发做匀加速运动滑向小旗。训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处。已知冰球与冰面之间的动摩擦因数为µ，将冰球所受阻力视为滑动摩擦力，重力加速度为g。

(1)求冰球到达挡板时的速度大小；

(2)s越小时，要求运动员的最小加速度是越小还是越大？并请分析说明，可画图辅助。15.如图所示，质量M=1kg的足够长的木板A静止在水平地面上，质量m=2kg的小物块B静止在A的右端。现在A的右端施加一水平向右的恒力F=10N，作用了9s后撤去力F。已知A、B间的动摩擦因数μ1=0.(1)在力F作用下，A、B的加速度大小aA(2)A、B第1次达到的相同速度的大小v(3)B停止运动时的位置离A右端的距离△x答案和解析1.【答案】B

【解析】因加速度与速度同向，故速度要增加，只是速度增加变慢一些，最后速度达到最大值.又质点沿直线运动的方向不变，所以位移一直增大，故B正确．2.【答案】D

【解析】【分析】

本题考查x-t图象，在分析图象时要注意先明确图象的坐标，再根据图象的性质进行分析．要知道位移时间图象的斜率表示速度；图象的交点表示两车相遇。

在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，图象的斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间，由此分析即可。

【解答】

A.图象的纵坐标表示物体所在的位置；由图可知t1时刻相距最大，即两车相距最远，故A错误；

B.t3时刻两车的位置坐标相同，两车相遇，故B错误；

C.图象斜率表示速度，由图可知，0-t1时间甲图线的斜率大于乙图线的斜率，t1时刻之后甲图线的斜率小于乙图线的斜率，所以甲车的瞬时速度先大于乙车的瞬时速度，后小于乙车的瞬时速度。t1时刻两者瞬时速度相等，故C错误；

D.在x3.【答案】C

【解析】【分析】

平均速度是位移与时间的比值，由此即可求出．

该题考查平均速度的理解与应用，解答的关键是要明确是那一段时间内的位移，以及是那一段位移．

【解答】

A、前5s内的位移未知，所以不能根据平均速度的公式求出前5s内的平均速度。故A错误；

B、后5s内的位移未知，所以不能根据平均速度的公式求出后5s内的平均速度。故B错误；

CD、百米赛跑的位移是100m，时间是10s，所以平均速度：v=xt4.【答案】C

【解析】子弹的末速度为0，把正方向的匀减速直线运动看成反方向加速度大小不变的匀加速直线运动，则在连续相等时间内的位移比为1:3:5，故子弹在三个木块中的运动时间相等，则由v=at，可得子弹射出木块A时的速度与子弹的初速度之比为2:3，故子弹射出木块A时的速度为200 m/s，故A、B错误，C正确；根据v=xt5.【答案】B

【解析】解：A.由图(c)可知，在2～4s内木板的加速度是a1=0.4-02m/s2=0.2m/s2

4～5s内木板的加速度为a2=0.2-0.41m/s2=-0.2m/s2

所以2～4s内木板的加速度大小和4～5s内木板的加速度大小相等，故A错误；

B.6.【答案】B

【解析】【分析】

本题考查共点力平衡条件的应用。悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况。

掌握共点力平衡条件是正确解决本题的关键，本题中注意对缓慢拉动所隐含的在拉动过程中物体始终处于平衡状态条件的挖掘。

【解答】

以结点O为研究对象受力分析如下图所示：

由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力TB=mg，根据平衡条件可知：FTcosθ=TB，FTsinθ=F，由此两式可得：F=T7.【答案】C

【解析】解：设绳子的拉力为F，甲的质量为m1，乙的质量为m2对乙F甲乙都做初速度为0的匀加速直线运动，根据x可得运动时间t甲乙质量相同，则加速度相同，将同时到达滑轮处；因为甲相对绳子向上运动，乙相对绳子静止，所以甲下方绳子较长。故选C。

不管怎么拉，绳子对两人的拉力大小相等，根据牛顿第二定律比较出加速度的大小，从而根据位移时间公式进行判断．

解决本题的关键抓住绳子拉力大小相等，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．8.【答案】BD

【解析】木块受力平衡，在水平方向有F可得f在竖直方向有F由滑动摩擦力公式得f故选BD。9.【答案】BC

【解析】【分析】

对于倾斜传送带问题，一定要首先判断mgsinθ与μmgcosθ的关系，然后据此分析当滑块与传送带共速时，摩擦力的变化情况。

【解答】

设传送带倾角为θ，动摩擦因数为μ，若mgsinθ>μmgcosθ，滑块所受合力沿传送带向下，小滑块向下做匀加速运动;若mgsinθ=μmgcosθ，小滑块沿传送带方向所受合力为零，小滑块匀速下滑;若10.【答案】BCD

【解析】【分析】

本题关键是对物体m受力分析，根据牛顿第二定律列出方程求解出各个力的表达式，然后进行讨论。

【解答】AB.向左匀加速运动时，假设绳1没有张力，绳2的张力为F2，对应加速度为a2竖直方向F2sin60因为该车的实际加速度已经大于a2，故绳1没有张力，且物体会飘起来，绳2的张力设为F则F2故A错误，B正确；CD.向右匀加速运动时，假设绳2没有张力，绳1的张力为F1，对应加速度为a1竖直方向F1sin30因为该车的实际加速度已经大于a1，故绳2没有张力，且物体会飘起来，绳1的张力设为F1则F1'=故选BCD。11.【答案】(1)0.93；0.48；(2)C【解析】【分析】

(1)先求相邻两个计数点之间的时间间隔，出利用逐差法加速度；

(2)把悬挂的钩码和小车(含车中砝码)看成一个整体，根据牛顿第二定律列出方程mg=(m+M)a，把a即m的值代入就可以求出小车的质量；把方程整理成a与1m+M的一次函数形式，分析横轴代表的物理量。

本题考查了探究加速度与物体质量、物体受力的关系的实验。涉及到图象问题，首先根据相应的物理规律写出公式，然后整理出关于纵轴与横轴物理量的一次函数表达式，再根据一次函数表达式分析横轴代表的物理量。

【解答】

(1)相邻两计数点之间还有四个点未画出，故相邻两个计数点之间的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s，

利用逐差法计算加速度：a=xCE-xAC4T2=16.36-6.32-6.324×0.12×10-2m/s2=0.9312.【答案】2.35

; BD ;;【解析】(1)由图知，弹簧测力计的最小分度值为0.1N，需要估读一位，所以读数为2.35(2)A.两根细线是否等长不影响实验的误差，只要细线长度和两细线的夹角大小合适就可以，故B.弹簧测力计的示数不宜太小，也不宜太大，超过弹簧测力计的量程，大小适中就可以，故B正确；C.两条细线的夹角要适宜，不宜太小或太大，否则做图时误差较大，故C错误；D.在确定细线拉力方向时，所取两个点尽可能远一些，可以确保方向更准确一些，故D正确。故选BD。(3)根据平行四边形定则作图如下：

根据图像可得合力为3.9N(4)左边的弹簧测力计逆时针转动时，结点O处于动态平衡状态，两弹簧拉力的合力不变，F1

由图可知，左边的弹簧测力计转动的过程中，该弹簧测力计的示数逐渐增大。故选B。13.【答案】解：(1)对风筝进行受力分析如图所示，

将所有的力沿风筝方向和垂直于风筝平面方向进行正交分解，则沿风筝方向有：FTcos60°=mgsin30°

代入数据解得：FT=10N。

(2)沿垂直于风筝平面方向有：F=【解析】详细解答和解析过程见【答案】14.【答案】解：(1)对冰球，由牛顿第二定律得：µmg=ma1

解得冰球做匀减速直线运动的加速度大小a1=µg

根据v2-v02=-2ax，解得冰球到达挡板时的速度大小：v=v02-2μgs

(2)运动员的平均速度大小v-=st

运动员做初速度为零的匀加速直线运动，位移s=12a人t2，

【解析】(1)应用牛顿第二定律求出冰球的加速度大小，然后应用匀变速直线运动的速度—位移公式求解。

(2)冰球做匀减速直线运动，运动员做初速度为零的匀加速直线运动，应用运动学公式分析答题。

本题考查了牛顿第二定律的应用，根据题意分析清楚冰球与运动员的运动过程，应用牛顿第二定律与运动学公式可以解题。15.【