甘肃省白银市白银市普通高中改革与发展共同体2025-2026学年高三上学期1月期末物理试卷（含答案）

高三物理考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围：高考范围。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.一定质量的气体因外力对其做功体积减小，同时放出热量，则此过程的末态与初态相比，A.气体内能可能增加B.气体内能一定减小C.气体内能一定不变D.气体内能增加还是减小取决于气体种类2.红外测温仪只能捕获红外线，红外线光子的能量为0.55～1.62eV。如图为氢原子的能级图，大量处在n=5能级的氢原子向外辐射的光子中，能被红外线测温仪捕获的不同频率的光子共有

A.2种 B.3种 C.4种 D.5种3.快递员手拿快递乘电梯送货上楼，快递员进入电梯后，电梯向上运行的v-t图像如图所示，则在乘坐电梯过程中，快递员感觉货物“最轻”的时间段是

A.0～t₁ B.t₁～t₂ C.t₂～t₃ D.t₃～t₄4.如图所示，长为l的通电直导体棒被两条绝缘细线悬挂于OO'点上，已知导体棒质量为m，通过的电流为I，方向如图所示，现使通电导体棒处在匀强磁场中，导体棒水平静止在图示位置，悬线与竖直方向夹角为θ=30°，重力加速度为g，则所加磁感应强度的最小值和方向应是A.大小为3mgB.大小为mg2C.大小为mgIlD.大小为3mg5.如图所示，一负点电荷固定于O点，虚线为其等势面，带电粒子A、B仅在电场力作用下的运动路径分别如图中实线所示，a、b、c、d、e为粒子轨迹与虚线的五个交点。下列判断正确的是A.A带负电，B带正电B.B由c处到d处电场力做正功C.A在a处的动能大于在b处的动能D.B在e处的电势能小于在c处的电势能6.如图所示，倾角为37°的斜面体固定在水平面上，小球A在斜面底端正上方以速度v1向右水平抛出，同时，小球B在斜面顶端以速度v2向左水平抛出，两球抛出点在同一水平线上，结果两球恰好落在斜面上的同一点，且A球落到斜面上时速度刚好与斜面垂直，不计小球的大小，sin37°=0.6，cosA.4:3 B.5:4C.8:7 D.9:87.2025年4月24日“神舟二十号”飞船顺利发射，三名航天员顺利进入空间站。已知空间站绕地球运行近似为匀速圆周运动，离地面距离为400 km，做圆周运动的周期为90 min，向心加速度大小为a1，地球赤道上物体随地球自转的向心加速度大小为a2，已知地球半径为A.a1=16C.a1=272a二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.8.P、Q为x轴上相距为10m的两个波源，P点在坐标原点，在t=0时两波源同时开始振动，如图甲所示为波源P的振动图像，图乙为波源Q在t

A.两波源形成的波速为2m/sB.波源Q在t=0C.波源Q在t=0D.P、Q之间有两个振动加强点9.如图所示，交流发电机（内阻不计）产生的交流电直接输送到理想变压器的原线圈，电路中的电流表A和电压表V均为理想交流电表，电阻R=2.0Ω.电键S断开时，发电机输出电流的表达式为A.变压器原副线圈的匝数比为5:1B.流过电阻R的电流方向每秒改变50次C.若合上电键S，则电压表示数将增大D.若将发电机线圈的转速减半，则电流表示数将减半10.如图所示，在一个等边三角形MNP区域内存在着垂直于该平面向外的匀强磁场，三角形的边长为a.现从NP边的中点O处垂直于NP射人大量的比荷相同的带正电的粒子（不计重力），粒子的速度不同，已知粒子在磁场中运行的最长时间为t，则下列说法正确的是A.粒子能从P点射出磁场B.由MP边射出的粒子，在磁场中运行的最长时间为5C.由MP边射出的粒子，在磁场中的最小半径为2−D.由MP边射出的粒子的最小速度为(2三、非选择题：本题共5小题，共57分.11.（7分）某实验小组要用如图甲所示装置精确测量当地的重力加速度.（1）甲同学先用游标卡尺测量小球的直径，示数如图乙所示，则小球直径d=（2）再用刻度尺测出电磁铁下表面到光电门中心的高度h，给电磁铁断电，让小球由静止自由落下，小球通过光电门的遮光时间为t，则当地的重力加速度g=（3）乙同学没有测小球的直径，通过改变光电门的位置重复实验，测得多组h和相应的t数据，则作出的1t2−h图像应是图丙中的______（填“a”、“b”或“c”）；若图像的斜率为k，e、12.（9分）某同学要测量一段长为L的金属丝的电阻率。（2）要测量金属丝的电阻，尽可能减小误差，根据实验室提供的器材，设计了如图乙所示的电路。闭合开关前，将滑动变阻器R1滑片移到最______（填“左”或“右”）端，闭合开关S，分别调节R和R1，记录每次调节后电阻箱的示数R，电压表V1的示数U1和电压表V2（3）根据测得的多组U1、U2、R值，作出(U1−（4）根据实验可以得到被测金属丝的电阻率ρ=______（用k、d、L表示）；（5）该实验中，金属丝的电阻Rx的测量有系统误差，主要是由电压表______（“V1”、“V2”或“V13.（10分）如图所示，半径为R的半圆形玻璃砖可绕过圆心的轴转动，圆心O与足够大光屏的距离为d，初始玻璃砖的直径与光屏平行。一束光对准圆心沿垂直光屏方向射向玻璃砖，在光屏上O1位置留下一光点，保持入射光方向不变，让玻璃砖绕O点顺时针方向转动时，光屏上光点也会移动。当玻璃砖转过α=30°角时，光屏上光点位置距离O1点为3（1）玻璃砖的折射率n；（2）当光屏上光点消失时，光在玻璃砖中的传播时间t。14.（13分）如图所示，宽L=1

m的导轨水平固定，导轨间存在着垂直于纸面（未画出）磁感应强度B=0.5

T的匀强磁场。虚线框Ⅰ、Ⅱ中有定值电阻R0和最大阻值为20

Ω的滑动变阻器（1）判断滑动变阻器R和定值电阻R0（2）定值电阻R0（3）金属杆运动速度大小。15.（18分）如图所示，长木板A放置在光滑水平面上，木板右端距固定平台距离d=4

滑平台等高，平台上固定半径R=0.3

B，滑块与木板上表面间的动摩擦因数μ=0.2，给滑块施加水平向右Ft1=1

s后撤去F，滑块质量m度g=10

（1）木板的最大速度；（2）若木板与平台间碰撞无能量损失，最终滑块停在木板右端，求木板的长度；（3）若木板长度L=4.16

道压力大小.高三物理参考答案、提示及评分细则1.A根据热力学第一定律ΔU=W+Q，若外力做对其的功2.A解析：根据能级公式Em−En=hν，可知大量处在n=5能级的氢原子向外辐射的光子中，从n=5直接跃迁到3.D感觉“最轻”是指货物对手的压力最小时，由牛顿第二定律可知，当电梯向上减速时，货物对手的压力最小，由图可知为t34.B对通电导体棒进行受力分析，如图所示，受到重力、细线拉力和安培力作用处于平衡.根据平衡条件可知，当安培力方向垂直于细线拉力时，导体棒所受的安培力最小，此时磁感应强度为最小，即BIl=mgsinθ，解得5.C因为O处的是负点电荷，故由运动轨迹可判断，A带正电，B带负电，故A错误；负电荷由c到d的过程中，电场力做负功，故B错误；正电荷A在b处的电势大于a处，故A在a处的动能更大，C正确；因为c和e在同一个等势面，故B在e和c处的电势能相等，D错误.6.D解析：设运动时间为t，根据题意，对A球有12gt2v7.C在地球表面有GMmR2=mg，对空间站有GMm(R+h)2=ma1，解得a18.BD由图甲可知波源P的振动周期T=2 s，波源P在t=0时沿y轴正方向，由图乙可知1 s内波源Q的振动形式传播了半个波长，所以波源Q的振动周期也为2 s，波长为8 m，根据波速与波长的关系λ=vT，解得v=4 m/s，A错误；t=1 s时乙波传到x=6 m的位置，此时x=6 m的质点沿y轴负方向振动，所以波源Q在t=0时的起振方向沿y轴负方向振动，B正确，C错误；波源P9.AD电键S断开时，电表读数为有效值，副线圈电流I2=202.0 A=10 A，原线圈电流I1=2 A，故原副线圈匝数比n1n10.BD由图可知，粒子不可能从P点射出磁场，A错误；由题意可知，所有粒子在磁场中运动的周期T=2πmqB相同，其中从NP边射出的粒子，在磁场中运行的时间最长为半个周期，即t=12T=πmqB，如图，当粒子轨迹与MP边相切时，由MP边射出的粒子运行的时间最长对应的圆心角为150°，最长时间为15011.（1）6.30（1分）（2）d2(2h−d解析：（1）游标卡尺的读数为6 mm（2）由运动学公式，有dt2=2（3）由dt2=2gh−d2，得到1t2=12.（1）0.620（1分）（2）左（1分）1.60（1分）（3）k（2分）（4）πbk24解析：（1）根据螺旋测微器的读数规则，该读数为0.5 mm（2）闭合开关前，将滑动变阻器R1滑片移到最左端使其电阻最大，电压表V2的读数为（3）根据串联电路特点和欧姆定律有U1=U2+U（4）根据公式Rx=ρLS，得ρ=R（5）由于电压表V2分流，通过Rx的电流大于13.解：（1）玻璃砖转过α=30°由几何关系可知，入射角i=30°设此时折射光线与OO1的夹角为θ，则解得θ=30°则折射角γ=由折射定律可知n=（2）光屏上光点消失，说明发生全反射（1分）光在玻璃砖中的传播速度为v=光在玻璃砖中的传播时间为t=14.解：（1）因为沿abcd方向电势降低，可见金属杆切割磁感线产生的电动势上端高，根据右手定则判断，匀强磁场的方向垂直纸面向里，电路中的感应电流沿逆时针方向；滑动变阻器接入阻值减小时，Uab明I中的阻值分到的电压增多，I中为定值电阻R0，滑动变阻器R在II（2）金属杆的电阻不计，有Uab滑动变阻器两种情况下有φ0φ0联立解得φ0=1.5 V（3）金属杆切割磁感线，产生感应电动势E=解得v=3 15.解：（1）加外力时滑块和木板的加速度分别为a1、a2，由牛顿第二定律有F−解得a1=6 m/s撤去外力时滑块及木板的速度分别为v1、v2，则v1撤去外力后滑块加速度a3=μg=2 m/sv0解得t2=0.6 s木板位移xM故木板最大速度为4.8 （2）第一段滑块与