福建省莆田市2025-2026学年高三年级上册期中物理试卷（解析版）

福建省莆田市莆田一中2025-2026学年高三上学期期中

物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改

动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写

在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

I.关于机械波，下列说法正确的是（）

A.集体列队经过桥梁时要便步走，以防止桥梁发生共振垮塌

B.“回声”是声波衍射现象

C.”未见其人，先闻其声”是声波干涉的结果

D.当观察者靠近波源运均时，观察者观测到的频率变小

【答案】A

【解析】A.集体列队经过桥梁时要便步走，以防止齐步走时出现齐步走的频率与桥的固

有频率相同的驱动力，避免桥梁发生共振垮塌，A正确；

B.“回声”是声波的反射现象，B错误；

C.“未见其人，先闻其声’是声波衍射的结果，C错误：

D.由多普勒效应可知，当观察者靠近波源运动时，观察者观测到的频率变大，D错误。

故选A。

2.下列对运动的认识不正确的是（）

A.亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就静止

B.伽利略认为如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快

C.牛顿认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因

D.伽利略根据理想实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运

动下去

【答案】A

【解析】A.亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，这是错误的。故A错误，与题意

相符；

B.伽利略认为没有空气阻力，所有物体运动一样快，这是正确的。故B正确，与题意不符;

C.牛顿第•定律说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因。故C

正确，与题意不符；

D.伽利略的理想斜面实验说明没有摩擦力物体将永远在水平面运动卜.去。故D正确，与

题意不符。据题意选择不正确的，故选A。

3.如图所示为某质点沿x轴做简谐运动的图像，根据图像可知该质点（）

A.在任意Is内通过的路程相同B.在第2s末和第4s末的速度相同

C.在第3s内所受回受力沿x轴止方向D.在第2s内位移方向与瞬时速度方

向相同

【答案】C

【解析】A.由题图可知周期为T=4s,在任意Is内，即任意的内，如果初始位置处

4

于平衡位置或最大位移处，则质点通过的路程等于一个振幅，初始位置在其它位置时，则

质点通过的路程不等于一个振幅，故A错误；

B,由题图可知在第2s末和第4s末的速度大小相等，方向相反，故B错误；

C.由题图可知在第3s内位移沿x轴负方向，根据耳可二-匕可知，所受回复力沿x轴正方

向，故C正确；

D.由题图可知在第2s内位移方向沿x轴正方向，瞬时速度方向沿x轴负方向，故D错

误。故选C。

4.如图I所示，把一带正电的小球A放在九滑绝缘斜面上，欲使小球A能静止在图示的

位置上，需在MN之间固定一带电小球B,其中〃点在A球的正上方，c点与A球的连线

与斜面垂直，则B球可能（）

A.位于。点，带正电B.位于力点，带负电

C.位于c点，带正电D.位于。点，带负电

【答案】B

【解析】小球A处于平衡状态，受合力为零；因小球A受竖直向下的重力、沿Ac方向的

斜面的支持力，根据平衡条件，在6c三点的电荷只能是对A有吸引力，即带负电；

且该吸引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，则B只能位于〃点，带

负电，此时静电吸引力与小球A的重力等大反向。故选B.

5.如图甲所示，航天员在半径为R的某星球表面将一轻弹簧竖直固定在水平面上，把质量

为小的小球P（可看作质点）从弹簧上端。处（。不为0）由静止释放，小球落到弹簧上后

继续向下运动直到最低点。从接触弹簧开始的小球加速度。与弹簧压缩量x间的关系如图

乙所示，其中如、氏4。和引力常量G为已知量，空气阻力不计。下列说法正确的是

B.该星球的第一宇宙速度为百无

C.小球在最低点处加速度大小为4（）

D.弹簧的最大弹性势能为〃7%（〃+玉））

【答案】B

【解析】A.由图乙可知，该星球表面的重力加速度为4,在星球表面，物体受到的万有

引力等于物体的重力，则有色等

R

解得该星球的质量为故A错误;

G

mv2

B.在星球表面，重力等于万有引力，提供物体圆周运动的向心力，则有"以。二

R

解得该星球的第一宇宙速度为口=册示，故B正确;

C.若小球从弹簧原长处由静止释放，根据简谐运动的对称性可知，小球在最低点处加速

度为的。现小球P从弹簧上端力处由静止释放，到达最低点时弹簧压缩量增大，合力增

大,则小球在最低点处加速度大于如，故C错误;

D.由于广即时。=0,小球速度最大，继续向下运动，所以小球在最低点处时弹簧的压缩

量大于山，根据小球和弹簧构成的系统机械能守恒可得，弹簧的最大弹性势能大于

"刈0（力+与），故D错误。故选B。

6.2025年3月，西昌卫星发射中心成功将天链二号04星送入预定轨道，该星主要承担为

载人航天器提供数据中继与测控服务等任务。卫星发射过程可以简化为如图所示：先将卫

星发射至近地凯道使之做匀速圆周运动，当卫星运动到A点时变轨进入椭圆转移轨道，运

动到远地点B时再变轨后进入到运行轨道做匀速圆周运动。不考虑卫星质量变化，下列

判断正确的是（）

.......

/'近地轨道'

，,……是\

B，:逗》力：

/

转移轨道

*,•••-......•••”运行轨道

A.卫星在经过近地轨道的A点时的加速度大于经过转移轨道A点时的加速度

B.卫星在转移轨道上经过4点时的加速度等于经过4点时的加速度

C.卫星在转移轨道I-.rtl同点运动到B点的过程中机械能逐渐减小

D.卫星在运行轨道上时的机械能大丁在近地轨道上时的机械能

【答案】D

【解析】AB.根据华―解得"器所以卫星在经过近地轨道的A点时的加

速度等于经过转移轨道A点时的加速度，卫星在转移轨道上经过A点时的加速度大于经过

8点时的加速度，故AB错误：

C.卫星在转移轨道上从A点运动到〃点的过程中，只有刀右引力做功，卫星的机械能不

变，故c错误；

D.卫星在近地物道4点通过外力做功加速进入转移轨道，在转移轨道4点通过外力做功

加速进入运行轨道，说明卫星在运行轨道上时的机械能大于在近地轨道上时的机械能，故

D正确。故选D。

7.如图所示，质量为，〃的小球（可视为质点）用长为/的轻质细线悬于B点，使小球在水

平面内做匀速圆周运动，轨迹圆圆心为。，重力加速度为即下列说法正确的是（）

A.细线与竖直方向夹角为〃时，小球运动的角速度大小为,且产

B.保持轨迹圆的圆心O到悬点"的距离不变时，细线越长，小球运动的周期越长

C.保持轨迹圆的圆心O到悬点B的距离不变时，细线越长，小球运动的周期越短

D.保持细线与竖直方向夹角。不变时，细线越长，小球运动的角速度越小

【答案】D

【解析】AD.细线与竖直方向夹角为6时，有〃话3110=机。2・八访0解得“=/--—

Nicus。

保持细线与竖直方向夹角e不变时，细线越长，小球运动的角速度越小，故A错误，D正确;

BC.保持轨迹圆的圆心。到悬点B的距离不变，改变绳长/

根据牛顿第二定律得mgtan0=mco2•/?tan0,解得co=｛曾

可知角速度。与/无关，故BC错误。故选D。

二、多选题：木大题共3小题，共15分。

8.某型号“双引擎”节能环保汽车的工作原理：当行驶速度i，V15m/s时仅靠电动机输出动

力；当行驶速度注I5m/s时，汽车自动切换引擎，仅靠汽油机输出动力。该汽车在平直的

公路上由静止启动，其牵引力尸随时间/变化关系如图。已知该汽车质量为1500kg,夕亍驶

时所受阻力恒为1250N。汽车在为时刻自动切换引擎后，保持牵引力功率恒定。则

)

一/TN

6000-----\

5000------\

°i?

A.汽车切换引擎后的牵引力功率P=9xlO4W

B.汽车切换引擎后的牵引力功率片6xl()3w

C.汽车由启动到切换引擎所用的时间/o=9Os

D.汽车由启动到切换引擎所用的时间/o=6s

【答案】AD

【解析】AB.汽车在时刻自动切换引擎后，保持牵引力功率恒定，由图可知，汽车的牵

引力产=6000N

则此时汽车的功率尸=m=6000xl5W=9xl04W,故A正确，B错误；

CD.由图可知，0%时间内，汽车以恒定加速度启动，汽车的牵引力为X=5OOON

由牛顿第二定律可得F,-f=ma

解得汽车的加速度为a=2.5nVs2

v15

则汽车由启动到切换引擎所用的时间Zo=-=K7S=6s,故C错误，D正确。故选AD。

a2.5

9.如图所示，一水平弹簧振子在M、N间做简谐运动，振幅为4,取平衡位置O处为原

点，向右为正，认为振子向右经过平衡位置时为广0时刻，下列加速度时间S-Q图像、

动量时间(p-t)图像、动能-位移图像(4-x)、速度位移图像(v-A)中可能止确的是

()(已知弹簧弹性势能的表达式为：Ep=；「默认原长为零势能点，4为形变

量)

/厂：f--I厂—；

厂＞)7,/，)，，7/，，，77/厂

MON

0X

A.B.C.D.

【答案】BD

【解析】A.由题可知。=一如

m

其中x=Asin"

kAsincot

则有。=----------

m

因此4-X不是线性关系，故A错误:

B.根据简谐振动位移与时间的关系x=Asin。/

则其速度v=—=A69COScot

dt

结合动量P-=niAcocoscot

即〃一，图像为一余弦函数，故B正确;

C.根据机械能守恒定律可知，振子的动能和势能之和为定值，即《+Ep=E

则有与二6_综=£_；履2

其中E为定值，则与一不应为开口向下的抛物线，故C错误;

D.设平衡位置0处振子速度为％,振子运动过程中，振子和弹簧组成的系统机械能守

恒，则有,〃八2=—AA2+—m\r

222

2r2v2

整理可得2v_+±二2k

kmk

则V-A-的图像是椭圆，故D正确。故选BDo

10.矩形线框abed放在光滑水平面上，曲边长为L,儿边长为2L，线框共有N匝，总

电阻为A,质量为机。有界匀强磁场的宽度为L,方向垂直于水平面向上，使线框从图示

位置以初速度%向右滑去，当线框〃边刚好出磁场时线框的速度为零，线框运动过程中

，心边始终与磁场边界平行，则下列判断正确的是（）

A.（力边刚进磁场时线框的加速度大小为生

2L

B.0力边刚要出磁场时的速度大小为;为

C.cd边通过磁场过程中，通过线框某匝线圈的电量为J把山

V2R

D.〃边通过磁场过程中：每匝线圈产生的焦耳热为一!一小片

4N

【答案】AC

【解析】B.当时边从进入磁场到出磁场的过程，由动量定理可知，

-NBILAt=m\\-tnv^

_.-ENA①NBI?

其中/△A[=—△A，=-----=------

RRR

同理cd边从进入磁场到出磁场的过程，由动量定理可知，-NBTLM=b-m%

其中同一E-小二迎二7加

RRR

联立解得匕

即他边刚要出磁场时的速度大小为,%,B错误；

2

NRILV2/^2/3v

A.ab边刚进磁场时线框的加速度大小为a=丝%=。

mmR

——NBE]

结合一M?/LV=0—zm;、/Ar=-------以及匕=彳％

R2

C.根据一=一凡如=0-〃/

〃边通过磁场过程中，通过线框某匝线圈的电量为4=栽=/工

又由度

=牌,C正确,

D.〃边通过磁场过程中,

则每匝线圈产生的焦耳热为2=一!一〃7片，D错误。故选AC。

8N

三、实验题：本大题共2小题，共15分。

11.（1）某同学设计利用如图甲所示装置验证单摆的周期公式，传感器固定在悬点。正下

方，该传感器可记录光的强弱随时间的变化情况。当小球摆到最低点遮挡光线时，传感器

采集的光线最弱，计算机采集数据后得到光的强弱与时间图像如图乙所示。

光的强弱

传感器

①第I次光最弱到第N次光最弱的时间为/,则该单摆的周期可表示为力=<,（用

N、t表:示）

②该同学用游标卡尺测小球直径。如图丙所示，则。=mm,用米尺测审出摆线长

为L,重力加速度为g,用。、L、g表示单摆周期公式为7>o在误差允许范围内

若TE,即可验证单摆周期公式正确。

（2）某次实验用打点计时器打下如图所示的纸带，图中。、A、B、C、。、E、?为相邻

的计数点，相邻两计数点词还有4个点未画出，已知打点计时器所接交流电的频率为

50Hz,则纸带运动的加速度大小为m/s2o（结果保留3位有效数字）

41.96

2t

【答案】(1)®.-------®.10.60(2)2.00

N—\27r

【解析】【小问1］（1）①.由题可知，一个周期内，摆球两次经过最低点，则单摆的周期

2t

N-lN-\

②游标尺20分度，其精确度为4mm=0.05mm

故摆球的直径D=1Omni4-12x0.05mm=10.60nirn

L+"

单摆的周期（=2乃2

g

【小问2】由题可知，相邻计数点之间时间间隔为T=5x0.02s=0.1s

根据逐差法可得纸带的加速度大小为

41.96-2x11.98

x10"m/s2=2.00rrv's2

9x912

12.热敏电阻是温度传感器的核心元件，某金属热敏电阻说明书给出的阻值R随温度/变

化的图线如图甲所示，现有一课外活动小组利用该金属热敏电阻测量温度，提供实验器材

A.直流电源，电动势E=3V,内阻不计。

B.电压表，量程3V,内阻约5KQ

C.电流表，量程0.3A,内阻约10。

D.滑动变阻器R1，最大阻值5Q

E,滑动变阻器R?,最大阻值2KQ

F.被测热敏电阻用；

G.开关、导线若干

（1）本实验采用如图乙的电路连接方式，滑动变阻器％应选用（填“4”或

“凡”）；

（2）结合所供实验器材，为较精确地测量金属热敏电阻，单刀双掷开关应置于（填

“1”或“2”）位置。

（3）接通开关，改变滑沟变阻器滑片P的位置，此时电压表示数为0.8V,对应的电流表

示数如图丙所示，由此得此时热敏电阻对应的温度为℃（结果保留两位有效数

字），温度测量值真实值（填“大于"、"小于''或“等于

【答案】（1）（2）2（3）40；小于

【解析】（1）本实验采用如图乙的电路连接方式，滑动变阻器应RP选用阻值较小的R;

（2）因电压表的内阻远大于热敏电阻的阻值，则应该采用电流表外接电路，即为较精确地

测品金属热敏电阳，单刀双掷开关应胃下2位皆：

（3）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，此时电压表示数为0.8V,对应的电流表

最小刻度为0.01A,则示数为0.200A,由此得此时热敏电阻的测量值为4与=黑。=4皿

当R=4.0C时其对应的温度为/=40℃

采用电流表外接电路测电阻，测量值偏小，则温度测量值小于真实值。

四、计算题：本大题共3小题，共42分。

13.如图所示，半径为A半球形玻璃砖固定在水平面上，上表面水平，ABC为其竖直截

面，8为圆弧最低点，。为圆心，。为A。的中点，在。点正上方P点有一光源。沿尸。

方向射出一束光，经玻璃豉折射后，出射光线照射在水平面上的。点，已知

QB=^R。不考虑光在圆弧面上的反射，光在真空中传播的速度为求：

（1）玻璃砖对该光的折射率；

（2）光在玻璃砖中传播的时间。

【答案】（1）n=y/2⑵t=^~

C

【解析】【小问I】根据题意，作出光路图如图所示

由几何关系可知，a=45°,A=30°

sina

玻璃砖对该光的折射率〃=—T

sinp

解得〃=血

【小问2】光在玻璃砖中传播的路程x=A

光在玻璃砖中传播的速度v=-

n

x

光在玻璃砖中传播的时间，二-

V

解得1=也%

C

14.哈尔滨冰雪大世界的冰块采集自松花江，步骤为开锯、切分、打捞、运送。图甲是某

次运送冰块的示意图，水平冰面A8段由于清理了积雪可视为光滑冰面、3c段动摩擦因数

A,=0.050长方体冰块长L=0.5m,质量均匀分布且总质量为町=50依，开始时，静止

在48段内，现给冰块一个水平向右的初速度匕=lm/s,使冰块向着8c运动，重力加速度

g=lOm/s?。求：

I

冰城破冰工具］如段

"^77777777777777777777^✓z/Zz/z

ABCBC

甲乙

（1）冰块中点到达B点时，冰块的加速度大小a；

（2）冰块静止时，冰块右端与8点的距离d；

（3）如图乙，在冰块静止后，质量为生=50kg,可视为质点的破冰工具，以岭=2m/s

的速度从冰块左端水平向右滑上冰块，恰能到达冰块最右端，最终一同静止在8c段冰面

上，求整个运动过程冰块与地面摩擦产热。。

【答案】（1）^=0.25m/s2（2）1.25m（3）37.5J

【解析】（1）根据牛顿第二定律/二犯。

/0.5L

由/二M—^一班g

解得a=0.25m/s2

Y

（2）设冰块进入3c段长度为时，冰块所受摩擦力/=从一叫g

L

由式子可知此阶段摩擦力正比于冰块进入3C段的长度，则此阶段克服摩擦力做功

卬「0+必〃2话」

12

根据能最守恒定律|可;=叱+41〃71gs

由d=s+L

解得d=1.25m

（3）设破冰工具与冰块的动摩擦因数为出

假设冰块不动，则有/V巧身（小+”2）力

即//2<0.1

对工具也叫g=mia\，*=

解得出=0.4,不符合假设，说明冰块滑动。

对冰块出m2g-“（肛+优2）g=町4

工具到达最右端恰好共速匕-4/=

位移关系L—v/—q厂—a2t

222

2

解得以2=。25,t=0.5s,a2=1.5m/s

1,3

对冰块—a2t~=—m

共速后，工具和冰块相对静止一起减速，加速度为%，有〃|（见+/）8=（町+〃72）%

2

冰块减速位移□共=%，=0-75m/s,v^=2a3x2

9

解得了2=—m

冰块与地面摩擦产热。=从（町（芭+9）=37.5J

15.如图所示，平面直角坐标系人Or的笫I、II象限内有沿x轴正向的匀强电场，在笫III、

IV象限内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，在第I象限内有一个足够大的荧光屏垂直于

x轴固定，荧光屏到）'轴的距离为5d,在坐标为（―d,2J）的尸点，沿）'轴负方向以大小为

%的初速度射出一个质量为，〃、电荷量为"的带正电的粒子，粒子经电场偏转恰好从坐标

原点进入磁场，经磁场偏转后再次进入电场，最终打在荧光屏上的A点。A点离工轴的距

离也为2d,不计粒子的冒力