江苏省淮安市某中学2024-2025学年九年级上学期期末调研物理试题（解析版）

淮安市清河开明中学2024-2025学年度第一学期期末调研试卷

九年级物理

注意事项

L本试卷共6页，满分为90分，考试时间为90分钟。

2.答案必须按要求填涂、书写在答题卡指定的区域内，在试卷、草稿纸上答题无效。

一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每题四个选项中只有一个是正确的）

1.为了解决“停车难”这一城市问题，政府部门设计了“路边空中存车亭”，如图中所示。图乙是其工作

原理图，A为存车架，。为转动轴，8端固定悬挂泊车装置，8c为牵引钢丝绳，M为电动机。忽略。8的

重和机械的摩擦力，下列说法正确的是（）

甲

A.当处于图乙位置时，04属于费力杠杆

B.所停的车的质量越大，机械做的额外功越多

C.A和汽午的总质量越大，此装置的机械效率越高

D.C处的滑轮是动滑轮，可以省力

【答案】C

【解析】

【详解】A.根据图乙中的杠杆可知，动力臂大于阻力臂，所以该杠杆为省力杠杆，故A错误；

B.忽略OB的重力和机械的摩擦力，对存车架做的功为额外功，存车架的重力一定，若提升高度相同

时，由W=G力知，所停的车的质量越大，机械做的额外功不变，故B错误；

C.A和汽车的总质量越大，即提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，因此机械

效率变大，故C正确；

D.由图可知，C处的滑轮是定滑轮，定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向，故D错误。

故选C。

2.如图所示，电加热器的金属杯垫是发热体，小明将一杯冷水放在杯垫上加热，下列说法正确的是

()

A.水与勺子热量相同时，不发生热传递

B.杯垫的温度越高，水的热最越大

C.杯垫和水的内能增加，但方式不同

D.水将温度传给勺子，勺子温度上升

【答案】C

【解析】

【详解】A.水与勺子温度相同时，不发生热传递，故A错误；

B.杯垫的温度越高，水可以吸收的热量越多，热量是过程量，物体不具有热量，故B错误；

C.杯垫和水的内能增加，但方式不同，杯垫是通过电流做功改变了内能，水是通过热传递改变了内能,

故C正确；

D.水将热量传给勺子，勺子内能增大，温度上升，故D错误。

故选C。

3.光发动机可用于卫星的能源补充，原理如图，密闭气室中NzO,在光照下会分解，使气室气压增大，推

动活塞右移，无光条件下发生逆反应；控制光照即可实现活塞往复运动。活塞右移过程相当于汽油机的

)

逋塞___________

II-〃接转动

窗口M簟装置

[H曲轴连杆

A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程

【答案】C

【解析】

【详解】当活塞右移时，活塞对外做功，则该过程相当于汽油机四个冲程中的做功冲程。故c符合题意,

ABD不符合题意。

故选C。

4.如图所示情景中，下列物体的内能增加的是（)

①搓手取暖②用火烧水③水蒸气将塞子冲出④压缩中的空气

A.①@③B.③④C.①②D.①②®

【答案】D

【解析】

【详解】①搓手取暖因摩擦而发热，属于做功改变物体的内能，内能变大；

②用火烧水，属于热传递改变物体的内能，水的内能变大；

③水蒸气将塞子冲出，水蒸气对外做功，本身的内能减少；

④压缩中的空气，对空气做功，空气的内能变大。

故ABC不符合题意，D符合题意。

故选D。

5.如图所示，志愿者小亮正在为社区老人家里更换灯泡。下列操作流程符合安全用电原则的是（）

A.摘下灯罩T更换灯泡T切断电源T通电测试

B.切断电源-摘下灯罩.-更换灯泡-通电测试

C.更换灯泡f切断电源-摘下灯罩f通电测试

D.摘下灯罩f切断电源-更换灯泡T通电测试

【答案】B

【解析】

【详解】更换灯泡之前必须断开开关，切断电源，摘下灯罩，更换灯泡，最后通电测试灯泡是否发光，故

B正确，ACD错误。

故选B。

6.家用小型风力发电机独特的尾翼结构，能使其旋翼自动迎风，如图甲所示。在海边，仅在海陆风因素的

影响下，出现图乙、图内所示的情形，则下列说法中正确的是（）

甲乙丙

A.图乙所示是白天时的情形，图丙是夜晚时的情形

B.图丙所示是白天时的情形，图乙是夜晚时的情形

C.图乙、丙都是白天时的情形

D.图乙、内都是夜晚时的情形

【答案】B

【解析】

【详解】水的比热容大丁砂石和海上的比热容，白天太阳照射时，海洋『I温慢，陆地力温快，陆地的热空

气就上升，地面附近海洋的空气来补充，气流就从海洋向陆地，即风从海洋吹向陆地：晚上陆地很快就冷

却下来，而海洋则很慢，海洋的温度高，而陆地的温度低，地面气体就从陆地流向海洋，即风从陆地吹向

海洋。因此白天，风力发电机翼朝向大海，晚上，风力发电机翼朝向陆地。则图乙是晚上，图丙是白天。

故ACD错误，B正确。

故选B。

/.某运动员做蹦极运动，如图甲所示，从高处。点开始下落，八点是弹性绳的自由长度，化b点运动员

所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点。运动员所受弹性绳弹力尸的大小随时间，变化

的恃况如图乙所示（蹦极过程视为在竖直方向的运动）。下列判断正确的是（）

甲乙

AA点弹性势能大于B点弹性势能

B.从4点到。点过程中运动员重力势能增大

C.A）时刻运动员动能最大

D.运动员重力小于向

【答案】D

【解析】

【详解】A.在弹性限度内，弹性形变越大，物体具有的弹性势能越大，弹簧在A点时的弹性形变小于在8

点时的弹性形变，所以，4点弹性势能小于8点弹性势能。故A错误;

B.从8点到C点过程中，力变小，物体的重力势能变小。故B错误;

C.由图知，h时刻，绳的弹性势能最大，应达到了最低点，此时动能为零。故C错误;

D.由图知，最后绳的弹性势能几乎不变，说明此时运动员已经静止下来，此时拉力与重力平衡，由图象

知，重力小于尺。故D正确.

故选D。

8.根据实际需要设计电路，是学习物理电学的一项基本能力。同学们在学习过程中设计的下列各电路，其

【解析】

【详解】A.楼道声、光控灯，白天不亮，晚上有人走动的声音才会发光，故声控和光控开关应与灯泡串

联，故A错误;

B.电冰箱的门没开的话，压缩机可以工作，但是照明灯不工作，电路图中，开关闭合后，电动机和照明

灯会同时工作，故B错误;

C.教室内，可以一个开关控制两个灯泡，因各个灯泡工作时互不影响，故各个灯泡是并联关系，故C正

确;

D.冷、热两挡电吹风，吹冷风时，应是电动机工作，电热丝不工作，电路图中的电路无法实现，故D错

误。

故选C。

9.如图是某品牌液晶电视机的铭牌，阅读铭牌信息，下列说法中正确的是（）

型号：LA46B75001F

电源：AC220-240V~50Hz250W

生产厂：XXXX电子有限公司

S/N：［序号］YC2N3WVS600314Z

mmIIIIIIIIIIIIIIIIII

A.该液晶彩色电视可以接在380V电压下使用

B.该液晶彩色电视机比60W的灯消耗的电能多

C.该液晶彩色电视正常工作时，山内消耗250W电能

D.lkW-h的电能可供该液晶彩色电视正常工作4h

【答案】D

【解析】

【详解】A.由彩电铭牌知其工作电压为220V〜240V,故该液晶彩色电视不可以接在380V电压下使用，

故A错误；

B.由彩电铭牌知器额定功率为25OW,与60W的灯相比，彩电额定功率大，消耗电能快，时间未知，不能

比较消耗电能多少，故B错误；

C.由彩电铭牌知其额定功率为25OW,由夕=工可得，彩电正常工作时，lh内消耗电能为

yy=PZ=250Wx3600s=9xIgJ

故C错误；

D.由尸=?可得，lkW-h的电能可供彩电正常工作时间

WIkWh-

t=——=------------------=4h

P250x103kW

故D正确。

故选D。

10.如图甲所示电路，电源电压恒为6V,滑动变阻器R的规格为“25C1A"，电流表鼠程选择

“C~0.6A”，电压表量程选择“0~3V”，小灯泡上标有“4.5V1.35W”字样，其八U图像如图乙所示，

闭合开关S,为保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列选项正确的是（）

A.电路的最大功率是3.6WB.电流表的最小示数是0.15A

C.小灯泡的最小功率是O.75WD.滑动变阻器阻值的调节范围是12-25Q

【答案】C

【解析】

【详解】A.由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联,电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路

中的电流；由题意可知，小灯泡上标有“4.5V、1.35W”字样，小灯泡正常发光时，通过电路中的电流

/=P=L35W=03A

U4.5V

为保证电路安全，电路中允许通过的最大电流是0.3A,即电流表的最大示数是0.3A,电路的最大功率

P=^/=6VXO.3A=I.8W

故A错误；

B.由串联电路的分压特点可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电玉最大时，

小灯泡两端的电压最小，而且此时流过小灯泡的电流也最小，即电流表的示数最小；即当电压表的示数为

3V时，小灯泡的电功率最小，此时小灯泡两端的电压

M尸U-U；产6V-3V=3V

由图乙可知，此时流过小灯泡的最小电流是0.25A,故B错误；

C.小灯泡的最小功率是

PL=^/L/L=3VXO.25A=O.75W

故C正确；

D.根据上面的分析，电路中的电流范围是0.25~0.3A,当电压表的示数为3V时，灯泡L两端的电压

UL=3V,由图乙可知，此时电路中的电流/'=/L=O.25A；由欧姆定律知，滑动变阻器的最大电阻

R="=3V=i2C

"mI'0.25A

当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，/=0.3A,滑动变阻器的电压

U,产U-UL=6V45V=1.5V

由欧姆定律知，滑动变阻器的最小电阻

滑动变阻器接入的阻值为5〜12Q,故D错误。

故选C。

二、填空题（本题共10小题，每空1分，每个作图题1分，共25分）

11.如图所示，古代士兵常用定滑轮把护城河.匕的吊桥拉起，使用定滑轮可以（选填“省力”“省距离”

或“改变动力方向”）；吊桥可以看作杠杆，绳子对它的拉力是动力，吊桥的重力是阻力.在拉起吊桥的过程

中，阻力臂大小（选填“变大”“变小”或“不变”）.

定滑轮

【答案】①.改变动力方向②.变小

【解析】

【详解】使用动滑轮可以改变动力方向.吊桥的重心在中点，重力的方向是竖直向下的，在吊起桥的过程中，

从支点O到重力的作用线的距离变小，阻力臂变小.

12.如图所示的公交车残疾人专注踏板搭在车上相当于斜面，长Im、高0.2m,某人乘坐电动轮椅在踏板

上沿直线匀速向上行驶至踏板最顶端，用时2s,人和电动轮椅的总质量为100kg,这一过程电动轮椅牵引

力所做的有用功为J,若此过程中踏板的机械效率为50%,电动轮椅牵引力的功丞为

W。若高度不变，通过（填“增大”、“减小”或“不变”）踏板的长度，可以

更省力。（g取10N/kg）

【答案】①.200②.200③.增大

【解析】

【详解】［1］牵引力所做有用功为

W1i=Gh=mgh=1OOkgx10N/kgx0.2m=2(X)J

⑵电动轮椅做的总功

%_200J

=400J

V-50%

电动轮椅牵引力的功率为

p=^=400J=200W

2s

［3］不计摩擦，使用斜面时，有用功和总功相等，即

W总二Wa

Fs=Gh

「Gh

F=——

s

物体的重力和上升的高度不变，增大踏板的长度，可以省力。

13.如图甲，工人用200N的拉力将质量30kg的物体从地面运到楼上，每个滑轮重50N。物体上升高度。

与时间，的关系如图乙所示，则维子自由端20s移动m,工人做功的功率为Wo

【答案】①.I。②.IUU

【解析】

【详解】［1］由图甲可知,承担物重的绳子段数〃=2。由图乙可知,20s时物体上升的高度力=5m。则绳子自

由端20s移动s=nh=2x5m=1Om

⑵工人的拉力F=200N,绳子自由端移动的距离s=10m,则工人做的功W=Fs=200Nxl0m=2000J

做功时间/=20s,工人做功的功率P=N=3&=100W

t20s

14.如图所示，炎热的夏天，大明湖公园内明显感觉比其他地方凉爽，主要是因为水的比砂石

和泥土大。针灸是我国古代劳动人民创造的一种独特的医疗方法。针灸之前，用高温蒸气对“复用针”（可

多次使用的针）消毒时，“复用针”的温度会升高，这是通过___________的方式改变了针的内能。

【答案】①.比热容②.热传递

【解析】

【详解】［1］因为水的比热容大于砂石和泥土的比热容，由公式以上二C7%加可知，相同质量的水和相同质量

的砂石、泥土相比，吸收相同的热量时，水升高的温度更低，所乂炎热的夏季，大明湖公园内明显比其他地

方凉爽。

⑵用高温蒸气对“复用针”消毒时，“复用针”吸收蒸汽的热量，内能增大，温度升高，这是通过热传递

的方式改变针的内能。

15.如图甲是汽油机的冲程。该汽油机在•段时间内消耗了0.05kg汽油，若这些汽油完全燃烧放

出热量的42%被4.6kg水吸收，则水温上升图乙中能量转化和图甲中的情况（填

“相同”或“不同”）o国汽油=4.6x1（TJ/kg,。水=4.2xl03j/（kg.C）］

【答案】①.压缩②.50③.相同

【解析】

【详解】［1］由甲图可知，汽油机的进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程。

7

［2］0.05kg汽油完全燃烧放出的热量为Qtt=m<7=0.05kgx4.6x10J/kg=2.3x1OT

这些汽油完全燃烧放出热量的42%被水吸收，则水吸收的热量为Qg7O*42%x2.3xlO6j=9.66xl（）5j

9.66x10"

4.6kg水吸收这些热量，升高的温度为△/==50℃

。水用水4.2xl()3j/(kg.℃)x4.6kg

［3］图乙中，人从滑梯上滑下的过程中，机械能转化为内能，而图甲是压缩冲程，也是将机械能转化为内

能，所以能量转化相同。

16.如图所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是（填“串联”或“并联”）的；电动

汽车的电池在充电时，相当于电路中的（“电源”或，用电器”）。

【答案】①.并联②.用电器

【解析】

【详解】［1］如图所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩彼此独立工作，互不影响，它们之间

是并联的。

［2］电动汽车的电池在充电时，消耗电能，相当于电路中的用电器。

17.如图所示，水果电池可以把能转化为电能。用导线将电压表的两个接线柱分别接在铜片和锌片

上，电压表指针发生了偏转，由此可知锌片是水果电池的极，此时电压为Vo

【解析】

【详解】［1］电源是提供电能的装置，水果电池是电源，可以把化学能转化为电能。

［2］用导线将电压表的两个接线柱分别接在铜片和锌片上，电压表指针向右偏转，说明电流从正接线柱流

入，由此可知锌片是水果电池的负极。

⑶电压表量程0~3V,分度值0.1,此时电压为0.6V。

18.如图甲所示，是小灯泡L和定值电阻R的/-U特性图线。将小灯泡L和定值电阻R按图乙所示接入电

路中，只闭合开关S时，小灯泡的实际功率为1W,则小灯泡两端的电压—，再闭合开关Si,此时电路消

耗的总功率为Wo

【答案】①.21.4

【解析】

【详解】［1］只闭合开关S时,电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，根据P=U/,当小灯泡的实

际功率为1W时，由甲图像可知，灯泡两端的电压为2V,即：电源的电压U=2V,通过灯泡的电流

/L=0.5AO

［2］当再闭合开关SI时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路两端的电压相

等，此时R两端的电压为2V,由图像可知/R=0.2A,并联电路中干路电流等于各支路电流之和，由于通过

灯泡的电流不变，则干路电流为

/=/L+/R=05A+0.2A=0.7A

电路消耗的总功率

P=（//=2VX0.7A=1.4W

19.LED灯具有节能、环保等优点.如图是额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡，若它每天正

常发光5h,一个月（30天）消耗的电能是________________kWh.与普通白炽灯相比，在达到相同亮度

的条件下，假设LED灯可以节约90%的电能，则这个LED灯与功率为W的白炽灯亮度

相当.

【答案】©.0.66②.44

【解析】

【分析】（1）利用W=Pt求解消耗的电能；设两种灯泡正常发光的时间为t,利用公式亚=团计算消耗的电

能；（2）消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比，据此进行解答.

W

【详解】（1）由P=7可得，一个月消耗的电能W=Pt=0.0044kWx5hx30=0.66kW-h

w

(2)设两种灯泡正常发光的时间为l,由P=7可得,LED消耗的电能为Wi=Pit=0.0044kW-L白炽灯消耗的

电能为W2=P2t,在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约90%的电能，

P,t-0.0044kWt

贝IJ-"--------------------=90%,解得：P2=0.044kW=44W.

20.如图甲所示，是小明家的脉冲式电能表(3200in】p表示指示灯闪烁的次数)，若单独接入某用电器工作

30min,电能表指示灯闪烁640次，该用电器的功率为瓦。为了安全用电，家庭电路中要接入保

险丝，请在图乙中将家庭电路补充完整(虚框内一处接保险丝“---------------"，另一处用导

线连接)。

kWh

000SU10

单相电子式电能表

•脉冲

220VIO(»)A5OHz

32OOimp/(kWh)

乙

【解

【详解】［1］电能表上“3200imp/(kW・h)”表示每消耗lkW・h的电能,指示灯闪烁3200次。指示灯闪烁

640而p

640次，消耗的电能卬==o.2av-h

3200imp/kWh

用电器工作时间/=30min=0.5h

w02kW\\

则用电器的功率P=—=----------=OAkW=400W

t0.5h

⑵家庭电路中，保险丝应接在火线上，灯泡和开关连接时，开关连接火线，灯泡连接零线，所以虚框内上

方接保险丝，下方用导线连接，这样能在电流过大时，及时切断火线，保障安全，如图所示:

乙

三、解答题（本题共7小题，每空1分，每个作图题1分，共45分。22、24小题应有解题

过程）

21.小华探究杠杆平衡条件时，所用的杠杆上相邻刻线间的距离相等。

甲乙

（1）实验前小华发现杠杆处于如图甲所示的状态，此时杠杆处丁（选填“平衡”或“非平衡”〉

状态；要想使杠杆水平平衡，应将右端的平衡螺母向调（填“左”或“右”）。实验目的；

（2）如图乙所示，小华在A点挂2个钩码，8点挂4个钩码，刚好使杠杆水平位置平衡，并记录实验数

据。接着他将A点和B点下方的钩码同时向支点。靠近一格，杠杆此时会______（选填“左端下沉”、

“右端下沉”或“保持平衡”），调整后并记录实验数据；

（3）为寻找规律，小华用弹簧测力计按丙图所示：第一次弹簧测力计倾斜拉，其读数为Q,第二次弹簧

测力计沿竖直方向拉，其读数为尸2,当杠杆在水平位置平衡，两次弹簧测力计读数为/'2（填

“V”"=”或）。

【答案】①.平衡②.右③.一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度

④.左端下沉⑤.>

【解析】

【详解】（1）nn2n3］如图甲所示的杠杆是静止的杠杆，杠杆处于平衡状态；由于杠杆左端下沉，为了使

它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；使杠杆平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对

杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度。

（2）［4］若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧

2Gx3/=6G/

右侧

4Gxl=4Gl

因为

6G/>4G/

杠杆不能平衡，左端下沉。

（3）[5]如图丙所示，小红设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计倾斜拉，其读数为第二种弹簧测

力计沿竖直方向拉，其读数为同，第二组方便测量力臂，实验方案更方便。保持8点不变，若拉力/倾斜

时，此时尸的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大，在同等条件下，两次弹簧测力计读数£〉鸟。

22.如图甲，小明家购买了某款油电混合动力汽车，该车在蓄电池电量充足时由电动机提供动力（电动模

式），当电量不足时，可切换至燃油发动机驱动（燃油模式），同时给蓄电池充电，已知电池满电容量为

20kVWh。某次出行在切换到燃油模式下在平直公路上以50kmh的车速匀速行驶0.5h,小明发现电池电

量增加3.6xiaj.假设汽车行驶过程中受到的阻力为1800N且保持不变，且不考虑充电时的能量损失，燃

油的热值4=4.6xl07j/kg0则:

（1）小明家充电桩功率为2kW,动力电池从无电到充满需要多长时间？

（2）0.5h内牵引力所做的功；

（3）若汽油燃烧放出热量的40%用于汽车行驶和蓄电池充电，求该次消耗的汽油质量。（结果保留一位小

数）

【答案】（1）10h（2）4.5xlO7J

（3）2.6kg

【解析】

【小问I详解】

W，

已知电池满电容量W=20kW-h,充电桩功率P=2kW,由2=7可知，动力电池从无电到充满电需要的时

W20W-h

Hj/=—=--------------=10h

P2kW

【小问2详解】

汽车匀速行驶，牵引力/与阻力/是一对平衡力，所以/n/nlgOON

汽车行驶的速度旧50km/h,行驶时间r=0.5h,由u=±可知，行驶的路程

t

s=vt=50km/hx0.5h=25km=25(XX)m

牵引力所做的功"=Fs=\800Nx25000m=4.5xl07J

【小问3详解】

已知W产4.5X107J,卬电充=3.6x10%汽车行驶和蓄电池充电总共消耗的能量为

%,=”,+叱9充=4.5xl()7j+3.6xl06j=4.86xl07j

由77=今可知，汽油完全燃烧放出的热量

已知汽油燃烧放出热量的40%用于汽车行驶和蓄电池充电,

2放

由可知，消耗汽油的质量〃2吟=；6制黑

x2.6依

23.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g,烧杯内的液体质显和初温也相同。

温度计温度计温度计

一液体aA液体a一液体b

►-FT1

士燃料1）燃料2J广1燃料1

甲乙丙

（1）比较不同燃料的热值，可以选择两个装置；然后通过观察（选填“加热时间”

或“物质升高的温度”）来比较两种燃料热值大小;

（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用两个装置进行实验，不同物质吸收热量的多少是通过

（选填“加热时间”或“物质升高的温度”）来反映的。根据记录数据作出了两种液体的温度

随时间变化的图像，如图丁所示:

①由图可以看出，液体的比热容较大;

②如果已知b液体的比热容是1.8xl03J/（kg•℃）,则。液体的比热容是___________J/（kg-℃）；

（3）我们知道固体熔化时虽然温度保持不变，但仍需吸热。通过查阅资料知道：人们把单位质量的某种物

质，在熔点时从固态完全变为液态需要的热量，叫做该物质的熔解热，用字母入表示。已知质量5kg冰由-

10©全部熔化成的水所需的热量是1.78xl（）6j,则冰的熔解热入为J/kg【其中冰的比热容

2.1xlO?J/（kg℃）I

【答案】①.甲、乙②.物质升高的温度③.甲、丙④.加热时间⑤.〃®.0.9x103

⑦.3.35xlO5

【解析】

【详解】（1）比较不同燃料的热值，根据控制变量法，要使用质量相同的不同燃料完全燃烧后使相同

质量的同种液体吸热，通过比较液体升高的温度，根据。=0774,得出不同燃料放出热量的多少，应选择

甲、乙两图进行实验，实验时要观察温度计的示数（液体升高的温度）比较两种燃料的热值大小。

（2）[3][4]为了比较物质的吸热能力，应选用相同的燃料加热（即相同的热源），目的是在相同的时间内两

种物质吸收的热量相同，通过加热时间来反映两种物质吸热多少，故选择甲、丙两图装置。

①[5]由图示图像可知，〃和b升高相同的温度，如温度都升80℃,〃需要的是时间是lOmin,方需要的时间

是20min,》需要更长的加热时间，这也就说明了〃的吸热能力强一些，"的吸热能力弱，所以〃液体的比

热容较大。

②[6]根据Q映△/可知，在质量和吸收热量一定时，温度的变化和比热容成反比。我们用相同的燃料1加

热时间lOmin,。和。吸收的热量就是相同的，。的温度变化值为

Ara=80℃-20r=60℃

h的温度?Omin变化60℃，lOmin变化值为加〃:30℃,据Q殳△/得，〃液体吸收的热量：Q,破二。/〃加“，

b液体吸收的热量：。峨=Cbm\th,由于。和〃吸收的热量就是相同的，则

c（lm^t（=chmAth

所以〃的比热容为

也」8xK）3j/（kg.g3OC.心分

°纨60℃

（3）[7]冰由-10C全部变成0℃的冰吸热为

5

Q-r0）=2.1x1。3j/（kg.℃）x5kgx[0℃-（-l0°C）]=1.05xlOJ

故o°c熔化成0℃的水吸热为

656

Q2=Q-Q,=1.78X10J-l.05x10J=1.675x10J

所以

一乌」675x1*33595小

m5kg

24.综合实践活动时，小明设计了一个“双电表”显示拉力大小的装置，如图所示，电压表量程为0~3V,

电流表量程为0~0.6A,定值电阻Ro的阻值为IOC；MN是长为30cm、阻值为30c的电阻丝R,其阻值与

长度成正比，硬质弹簧下端和金属滑片P固定在一起，P与电阻丝R接触且摩擦不计，弹簧电阻忽略不

计，其受到的拉力产与伸长量x的关系如下表所示。当拉力为零时，滑片P恰停至M端，电流表的示数为

0.15A：当施加某个拉力时，电压表示数为2V。

”/N0.1U.20.3U.4。.3U.6

x/cm51015202530

(1)电路中的接线柱“C”应与电阻丝R的(选填””或"ZT)接线柱连接；

(2)该装置中的电源电压_______V；

(3)当电压表的示数为2V时，电路消耗的总功率为W,此时拉力大小为N；

(4)为了让该装置在弹簧允许的最大范围内“双电表”均可使用，应在该电路中的(选填

或“E”)位置处串联一个至少为C的电阻。

【答案】(1)B(2)6

(3)①.1.2②.0.2

(4)®.E②.10

【解析】

【小问I详解】

当拉力为零时，滑片P恰停至M端，电流表的示数为0.15A,此时Ro两端的电压

UFA)/?O=O.15Ax1()Q=1,5V

即电压表示数为1.5V,由题知，当施加某个拉力时，电压表示数为2V.所以可知，施加拉力后，电压表

的示数增大，由欧姆定律/可知，通过Ro的电流增大，即市联电路的电流增大，说明拉力增大时，

R

滑动变阻器接入电路的电阻减小，故。点与8点相连接，故连3点。

【小问2详解】

由图知，定值电阻R)、滑动变阻器R和弹簧电阻(电阻忽略不计)串联，电压表测Ro两端的电压，电流

表测电路中的电流；当拉力为零时，滑片P恰停至M端，此时电源电压为

t/=/o(/<)+/?)=O.15Ax(lOQ+3OQ)=6V

【小问3详解】

⑴当电压表的示数为2V时，电路中的电流/'=4L=0_=O.2A

°用1（）。

电路消耗的总功率P=UI：=6VxO.2A=1.2W

⑵电压表示数为2V时，电路总电阻氏总=/二箴=3℃

此时变阻器接入电路的电阻％=R总一%=30Q-10Q=20Q

〃20。“

I——71|QIY|

由题知，MN是长为30cm,其阻值与长度成正比，所以此时电阻丝接入电路的长度一10。-

30cm

所以弹簧的伸长量A-30cm-20cm=10cm

由表格数据知，当x=10cm时，40.2N,即此时拉力大小为0.2N。

【小问4详解】

⑴⑵为了让该装置在弹簧允许的最大范围内“双电表”均可使用，需要让弹簧能够伸长到变阻器的N端,

电路中的电流最大，Ro两端的电压也最大，由电压表量程可知，R。两端的最大电压Uo大二3V,则电路中的最

大电流为I大==0・3A

K[}1U£2

此时电路的总电阻R总'=；=短=2（）。

1tA

所以，需要增加的电阻大小为%=RJ-q=20C-10。=10。

由干电压表的示数已经是最大值，增加的电阻放在。点会超出量程，故放在E点位置处串联一个至少10Q

的电阻。

25.在“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验中，小明让质量不同的小球从同一斜面的同一高度由

静止释放，撞击同一木块，木块被撞出一段距离，如图甲所示。

（1）将小球从同一高度由静止释放的目的是,该实验的目的是研究（小球/木块）

的动能大小与质量的关系，其动能大小通过________来反映；

（2）有同学将实验装置改进成图乙所示，用同一小球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木

块，将木块撞出一段距离进行比较，可以研究小球的动能大小与的关系；

（3）下列实验中的物体，与本实脸的木块作用相似的是（）。

A.“空气压缩引火仪”实验中筒内的棉絮

B.“点火爆炸”实验中滴入的酒精

C.“探究影响重力势能大小因素”实验中的小桌

D.“探究不同物质吸热升温现象”实验中的水和沙子

【答案】①.控制小球到达斜面底端速度相同②.小球③.木块移动的距离④.速度

⑤.AC

【解析】

【详解】（1）引让小球从同一高度由静止释放的目的是控制小球到达水平面的速度相同；该实验的

研究对象为小球，小球的动能大小是通过小球撞击木块后将木块推移的距离的远近来反映的，这里运用了

转换法。

（2）[4]用同•小球将同•弹簧压缩不同程度后静止释放，小球的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹

簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故将同一弹簧压缩不同程度，弹簧的弹性势能不相同，转化为小球

的动能大小也不同，而小球的质量相同，故可以研究小球的动能大小与速度的关系。

（3）[5]实验中通过小球撞击木块后木块运动的距离的远近判定小球动能的大小，运用了转换法；

A.在“空气压缩引火仪”实验中，通过筒内棉絮燃烧反映筒内空气内能的变化，运用了转换法，故A符

合题意；

B.“点火爆炸”实验中滴入的酒精，当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，将

燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小，没有用到转换法，故B不符合题意；

C.“探究影响重力势能大小因素”实验中，通过小桌下陷的深度来体现物体重力势能的大小，用到了转

换法，故c符合题意；

D.“探究不同物质吸热升温现象”实验中的水和沙子要质量相同，运用了控制变量法，故D不符合题

意。

故选AC»

26.某同学利用图甲所示的电路探窕电流与电阻的关系，使用的实验器材有：电压恒为3V的电源，电流

表、电压表各一个，开关一个，5Q、IOC、15C、20c的定值电阻各一个，规格为“20Q,1A”的滑动变

阻器一个，导线若干。

（1）该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“x”，并补画出正确的那根导线；

（2）改正好实物图后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最端（选填“左”或“右”），闭

合开关后，移动滑片时发现电流表有示数，电压表无示数，故障的原因可能是定值电阻；（选填

“短路”或“断路”）

（3）正确连接电路后，先用5Q的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片，此时电流表的示数如图乙

所示；接着将5C的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实验，每次调节滑动变阻器，直到甩压表的示数为

V时，记录此时电流表的示数；实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有；

（4）几次实验中均记录电表示数，当定值电阻消耗的功率最大时，滑动变阻器接入电路的阻值为

______Q；

（5）为了得到普遍规律，该同学又用50c的电阻进行了第5次实验，发现实验无法进行下去，为完成第5

次实验，同学们提出了下列解决方案，其它条件不变的情况下，其中正确的是______；

A.增大电压表的量程

B.增大电源电压

C换用最大阻值更大的滑动变阻器

D.增大定值电阻两端被控制的电压

（6）另一实验小组还想测量额定电压为八的小灯泡的额定功率，但是由于电压表被损坏，于是利用已知

阻值的定值电阻Ro设计了如图所示的电路。实验步骤如下：

①检查电路无误后，闭合开关S、Si,断开S2,调节滑动变阻器滑片，观察电流表的示数，直至使小灯泡

正常发光；

②滑动变阻器滑片不动，断开S”闭合S2,读出此时电流表的示数为/：

③则小灯泡的额定功率Pe=（用题目中出现的字母表示）。

【答案】②.左③.短路④.2⑤.控制电阻的电

压不变

【解析】

【详解】(1)[1]甲图中电流表与电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，电压表应与电阻并联，电流表

与电阻串联，如图所示

(2)[2]闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最左端。

⑶闭合开关后，移动滑片时发现电流表有示数，则电路为通路，电压表无示数，故则发生故障的原因可能

是电阻短路。

(3)[4]正确连接电路后，先用5。的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片，此时电流表的示数如图

乙所示，电流表选用小量程，分度值为。.02A,电流为。.4A,由欧姆定律可得，电压表示数为

U=/R=0.4AX5Q=2.0V

研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压不变，故接着将5c的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实

验，每次观察到电压表的示数为2V时，记录电流表的示数。

[5]本实验探究的是电流与电阻的关系，所以应该保证电压不变，故滑动变阻器的作用除了保护电路外，还

有控制电阻的电压不变的作用。

(4)[6]因电压表示数不变，根据p=可知，当接入5Q的最小电阻时，定值电阻消耗的最大功率为

R

U1(2V)2

P.大=——=---=0.8W

程大R5Q

此时电流表的示数为0.4A,根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为

€/1=3V-2V=lV

变阻器接入电路的阻值为

(5)171A.因电压表示数不变，增大电压表的量程无意义，故A错误;

BCD.用50。的电阻进行实验，电阻R两端电压不变，仍为

(4t=\2.0V

此时电流

则滑动变阻器需要接入的阻值为

*="==25020。

IR0.04A

即此时滑动变阻器的阻值不能满足要求，故应换用更大阻值的变阻器，若增大电源电压，则变阻器要分去

更多的电压，所用变阻器的阻值更大，若增大定值电阻两端被控制的电压，则变阻器分压减小，变阻器阻

值可以小一些，