2025-2026学年河南省新未来大联考高一上学期10月末质量检测物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1河南新未来2025~2026学年度高一年级10月末质量检测物理（试卷满分：100分，考试时间：75分钟）注意事项：1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3、考试结束后，请将答题卡上交。4、本卷主要命题范围：必修第一册第一章~第三章第3节。一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.如图所示，金斑喙凤蝶体长30毫米左右，它珍贵而稀少，是中国唯一的蝶类国家一级保护动物，排世界八大名贵蝴蝶之首，又有“梦幻蝴蝶”和“世界动物活化石”之美誉。在下列研究金斑喙凤蝶的具体情形中，可将其看成质点的是（）A.分析蝴蝶的飞舞动作 B.观察蝴蝶的翅膀扇动C.研究蝴蝶较长的飞行路线 D.记录蝴蝶身上的斑块分布【答案】C【解析】A．分析蝴蝶的飞舞动作时，蝴蝶的体积和形状不能忽略，不能看成质点，故A错误；B．观察蝴蝶的翅膀扇动时，蝴蝶的体积和形状不能忽略，不能看成质点，故B错误；C．研究蝴蝶较长的飞行路线时，蝴蝶的体积和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确；D．记录蝴蝶身上的斑块分布，蝴蝶的体积和形状不能忽略，不能看成质点，故D错误。2.歼-20战机是中国研制出的第五代隐身重型歼击机。它具有隐身性、高机动性以及先进的航电系统。关于歼-20战机的重力，下列说法正确的是（）A.战机在高空匀速飞行时，不受重力作用B.战机的重心一定是其上最重的点C.战机在高空无论以何种姿势飞行，其所受重力方向始终竖直向下D.战机在某些情况下会抛掉副油箱，抛掉后战机的重心位置一定不变【答案】C【解析】A．地球附近任何物体一定都受重力作用，故A错误；B．重心是物体所受重力的等效作用点，不是物体上最重的点，故B错误；C．重力的方向始终竖直向下，故C正确；D．重心的位置与形状、质量分布均有关系，故抛掉副油箱后，重心的位置可能会改变，故D错误。故选C。3.一小车从A地由静止开始做匀加速直线运动驶向B地，已知小车在最初的t时间内运动的位移为s，在到达B地前最后的t时间内，小车运动的位移为ks（k为常数，且），则小车从A地到B地的时间为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根据题意，由匀变速直线运动位移公式可得，在最初的t时间内设小车运动的总时间为T，在最后的t时间内联立解得故选A。4.两人进行击地传球，如图所示，一人将球传给另一人的过程中，在球碰到水平地面反弹瞬间，下列说法正确的是（）A.水平地面对篮球的弹力方向斜向右上方B.水平地面受到的压力是由于篮球发生了形变而产生的C.篮球在手中时所受重力方向垂直手掌方向向下D.篮球的重心一定位于篮球上最重的一点【答案】B【解析】A．根据弹力垂直接触面可知，水平地而对篮球的弹力方向竖直向上，故A错误；B．水平地而受到的压力的施力物体是篮球，故压力是由于篮球发生了形变而产生的，故B正确；CD．重力方向始终竖直向下；重心是重力的等效作用点，不是物体上最重的点，故CD错误。故选B。5.某款“眼疾手快”玩具可用来锻炼人的反应能力与手眼协调能力。如图所示，该玩具的圆棒长度，游戏者将手放在圆棒的正下方，手（视为质点）离圆棒下端的距离。不计空气阻力，重力加速度，。以圆棒由静止释放时为0时刻，则游戏者能抓住圆棒的时刻可能是（）A.0.4s B.0.49s C.0.54s D.0.6s【答案】C【解析】圆棒下端做自由落体运动下落到游戏者的手时，由解得圆棒上端做自由落体运动下落到游戏者的手时，由解得游戏者能抓住圆棒的时刻。故选C。6.一直线运动物体的v-t图像如图所示，物体从0时刻开始到停下来所用的时间为t，运动的距离为x，图线上C点（时刻）的切线与A、B（为图线与纵横轴的交点）连线平行，x、、、t为已知量。设物体运动到时的位置与终点的距离为，物体在0时刻的速度为，则下列说法及关系正确的是（）A.物体的加速度先增大后减小 B.物体的加速度先减小后增大C. D.【答案】D【解析】AB．由v-t图像斜率表示加速度可知，物体加速度一直减小，AB错误；C．由图可知解得，C错误；D．由图可知由面积关系可知而则，D正确。故选D。7.如图所示，装备了“全力自动刹车”安全系统汽车，当车速v满足，且与前方行人之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使汽车避免与行人相撞。若该车在不同路况下“全力自动刹车”的加速度取值范围是，则该系统设置的安全距离约为（）A.10m B.80m C.6.25m D.5.08m【答案】A【解析】汽车从开始刹车到停止发生的位移系统设置的安全距离应为减速的最大位移，即初速度取最大值，加速度取最小值的位移，代入数据可得故选A二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，水平轻质弹簧一端固定在O点，另一端将一重力为G的方形木块压在竖直墙壁MN上的P点，木块保持静止。已知木块与墙壁间的动摩擦因数为，弹簧的劲度系数为k，此时压缩量为x，弹簧始终在弹性限度内，则（）A.木块对墙面的压力与墙面对木块的压力是一对作用力与反作用力B.木块对墙面的压力与墙面对木块的压力是一对平衡力C.木块所受摩擦力大小一定为D.木块所受摩擦力大小一定为G【答案】AD【解析】AB．木块对墙面的压力与墙面对木块的压力是等大反向的一对相互作用力，故A正确，B错误；CD．木块所受摩擦力为静摩擦力，与重力等大反向，所以大小为G，故C错误，D正确。故选AD。9.一物体由静止开始做直线运动，其加速度a与位移x的关系如图所示。下列说法正确的是（）A.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的加速直线运动B.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的减速直线运动C.当位移为时，物体的速度大小为D.物体的最大速度为【答案】AD【解析】AB．物体由静止开始运动，根据图像知，物体的加速度先不变，后随位移均匀减小，故物体先做匀加速直线运动，后做加速度逐渐减小的加速运动，A正确，B错误；C．由题图可知，当位移为时，根据初速度是0的匀变速直线运动的速度位移公式可知解得物体的速度为C错误D．由题图可知，加速度减到0时，位移为，此时速度最大，根据初速度是0的匀加速直线运动的规律可得可知加速度a与位移x的图线与坐标轴所围面积为，根据微元的思想方法，对加速度变化的直线运动也适用。设v为最大速度，则有解得D正确。故选AD。10.一物体由静止开始做直线运动，其加速度a与位移x的关系如图所示。下列说法正确的是（）A.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的加速直线运动B.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的减速直线运动C.当位移为时，物体的速度大小为D.物体的最大速度为【答案】ACD【解析】AB．物体由静止开始运动，根据图像知物体的加速度先不变，后随位移均匀减小，故物体先做匀加速直线运动，后做加速度逐渐减小的加速运动，故A正确，B错误；C．由题图可知当位移为时物体的加速度不变，根据初速度是0的匀变速直线运动的速度位移公式可知解得物体的速度为，故C正确；D．由题图可知，加速度减到0时，位移为，此时速度最大，根据初速度是0的匀加速直线运动的规律可得可知加速度a与位移x的图线与坐标轴所围面积为，根据微元的思想方法，对加速度变化的直线运动也适用。设为最大速度，则有解得，故D正确。故选ACD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学用如图甲所示的装置来探究弹簧弹力和长度的关系，把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，记录弹簧自由下垂时下端所到达的刻度位置。然后，在弹簧下端悬挂不同质量的钩码，记录每一次悬挂钩码的质量和弹簧下端的刻度位置，实验中弹簧始终未超过弹簧的弹性限度。再以弹簧受到的弹力为纵轴、弹簧长度为横轴建立直角坐标系，依据实验数据作出图像，如图乙所示。由图像可知：（1）弹簧自由下垂时的长度________。（保留三位有效数字）（2）弹簧劲度系数________。（保留三位有效数字）（3）关于“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验，以下说法正确的是________（请将正确答案对应的字母填在横线上）；A.应该先把弹簧水平放置测量其原长B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，弹簧应保持竖直状态C.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要在钩码处于静止状态时读数D.实验中弹簧的长度即为弹簧的伸长量【答案】（1）10.0（2）40.0（3）BC【解析】【小问1解析】由图乙可知弹簧拉力为0时，弹簧自由下垂时的长度为【小问2解析】由胡克定律可知可得弹簧的劲度系数为【小问3解析】A．为了消除弹簧自重的影响，实验前，应该先把弹簧竖直放置测量其原长，故A错误；B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要使弹簧保持竖直状态，此时弹簧的弹力等于钩码的重力，故B正确；C．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要在钩码处于静止状态时读数，故C正确；D．用刻度尺测得弹簧的长度不是伸长量，是原长和伸长量之和，故D错误。故选BC。12.某物理实验小组利用光电门和数字计时器（图中未画），设计了如图所示装置来测当地重力加速度。图中小球P被吸附在电磁铁上，光电门与P处在同一条竖直线上，两者之间高度差为h，光电门位置可上下移动，当打开电磁开关释放小球P，数字计时器立即开始计时，当P通过光电门时停止计时。（1）该小组测出P与光电门之间的高度差h和对应P下落时间t，然后计算出对应的，改变光电门与P之间的高度差，重复操作得出多组数据，然后作出图像，下列正确的是__________（填字母）；A. B.（2）若根据正确的图像，得到图线的斜率的绝对值为k，则当地的重力加速度g=________（用k表示）；（3）该小组同学通过查阅资料，得到当地的重力加速度的真实值，发现实验测量值偏小，可能是由于________造成的。【答案】（1）A（2）2k（3）空气阻力【解析】【小问1解析】根据自由落体运动规律可知，可知故选A。【小问2解析】图线斜率为k，则解得【小问3解析】考虑到空气阻力的影响，实验测量值小于真实值。13.如图所示，某同学在水平地面上推一质量为的沙发，已知该同学对沙发施加水平向右、大小为的推力，未推动且此时沙发恰好能静止在水平地面上，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度。（1）求沙发与水平地面间的动摩擦因数；（2）若该同学改变水平向右推力的大小，求：a、水平推力时，沙发所受的摩擦力；b、水平推力时，沙发所受的摩擦力。【答案】（1）（2）a、，方向水平向左；b、，方向水平向左【解析】【小问1解析】由题意可知，联立解得【小问2解析】a．由于，故此时沙发与地面间为静摩擦力，其大小为方向水平向左；b．由于，故此时沙发与地面间为滑动摩擦力，其大小为方向水平向左14.如图所示，在平直公路上，汽车A向固定的测速仪B做直线运动，设时汽车A与测速仪B相距，此时测速仪B发出一个超声波脉冲信号和一个红外线信号，汽车A在接收到红外线信号时正以的速度运动，司机立即刹车做匀减速直线运动。当汽车A接收到超声波信号时，它与测速仪B的间距为，已知超声波的速度。红外线在空中传播的时间忽略不计。求：（1）汽车A的加速度；（2）测速仪B接收到反射回来的超声波信号时，汽车A的速度大小以及此时和测速仪B的间距为多大？【答案】（1），方向背离B（2）22m/s，【解析】【小问1解析】先对速度进行单位换算超声波在空中运动的时间汽车在这段时间内匀减速运动的距离，解得。汽车A加速度大小为，方向为背离B。【小问2解析】由题意可知，时B接收到反射回来的超声波，汽车的速度解得从到，汽车A行驶的距离解得，15.如图甲所示为老虎追逐猎物的过程。现有一只老虎在后，追逐一只羚羊，从时刻起老虎和羚羊同时开始沿同一方向做直线运动（将两者的运动均视为匀变速直线运动），之后它们运动过程的位置x随速度的平方的关系图像如图乙所示，结合图像信息求：（以下计算结果中可以保留根号）（1）老虎与羚羊的加速度、的大小；（2）从时刻起，老虎追上羚羊前，两者间的最大距离；（3）从时刻起，经过多长时间，老虎将成功捕食到羚羊？【答案】（1）（或）；（或）（2）（3）【解析】【小问1解析】根据匀变速运动的公式可变形为所以图像中斜率应为根据图像中的数据可知，老虎运动的加速度羚羊运动的加速度为【小问2解析】根据老虎的图像过原点可知，其初速度为，从原点出发；由羚羊的图像可知，它的初速度为，出发点坐标为2m；当二者共速时，之间的距离最大，此时有解得，，此过程老虎的位移为羚羊的位移为所以两者间的最大距离为【小问3解析】设经过时间老虎追上羚羊，则有代入数据解得河南新未来2025~2026学年度高一年级10月末质量检测物理（试卷满分：100分，考试时间：75分钟）注意事项：1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3、考试结束后，请将答题卡上交。4、本卷主要命题范围：必修第一册第一章~第三章第3节。一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.如图所示，金斑喙凤蝶体长30毫米左右，它珍贵而稀少，是中国唯一的蝶类国家一级保护动物，排世界八大名贵蝴蝶之首，又有“梦幻蝴蝶”和“世界动物活化石”之美誉。在下列研究金斑喙凤蝶的具体情形中，可将其看成质点的是（）A.分析蝴蝶的飞舞动作 B.观察蝴蝶的翅膀扇动C.研究蝴蝶较长的飞行路线 D.记录蝴蝶身上的斑块分布【答案】C【解析】A．分析蝴蝶的飞舞动作时，蝴蝶的体积和形状不能忽略，不能看成质点，故A错误；B．观察蝴蝶的翅膀扇动时，蝴蝶的体积和形状不能忽略，不能看成质点，故B错误；C．研究蝴蝶较长的飞行路线时，蝴蝶的体积和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确；D．记录蝴蝶身上的斑块分布，蝴蝶的体积和形状不能忽略，不能看成质点，故D错误。2.歼-20战机是中国研制出的第五代隐身重型歼击机。它具有隐身性、高机动性以及先进的航电系统。关于歼-20战机的重力，下列说法正确的是（）A.战机在高空匀速飞行时，不受重力作用B.战机的重心一定是其上最重的点C.战机在高空无论以何种姿势飞行，其所受重力方向始终竖直向下D.战机在某些情况下会抛掉副油箱，抛掉后战机的重心位置一定不变【答案】C【解析】A．地球附近任何物体一定都受重力作用，故A错误；B．重心是物体所受重力的等效作用点，不是物体上最重的点，故B错误；C．重力的方向始终竖直向下，故C正确；D．重心的位置与形状、质量分布均有关系，故抛掉副油箱后，重心的位置可能会改变，故D错误。故选C。3.一小车从A地由静止开始做匀加速直线运动驶向B地，已知小车在最初的t时间内运动的位移为s，在到达B地前最后的t时间内，小车运动的位移为ks（k为常数，且），则小车从A地到B地的时间为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根据题意，由匀变速直线运动位移公式可得，在最初的t时间内设小车运动的总时间为T，在最后的t时间内联立解得故选A。4.两人进行击地传球，如图所示，一人将球传给另一人的过程中，在球碰到水平地面反弹瞬间，下列说法正确的是（）A.水平地面对篮球的弹力方向斜向右上方B.水平地面受到的压力是由于篮球发生了形变而产生的C.篮球在手中时所受重力方向垂直手掌方向向下D.篮球的重心一定位于篮球上最重的一点【答案】B【解析】A．根据弹力垂直接触面可知，水平地而对篮球的弹力方向竖直向上，故A错误；B．水平地而受到的压力的施力物体是篮球，故压力是由于篮球发生了形变而产生的，故B正确；CD．重力方向始终竖直向下；重心是重力的等效作用点，不是物体上最重的点，故CD错误。故选B。5.某款“眼疾手快”玩具可用来锻炼人的反应能力与手眼协调能力。如图所示，该玩具的圆棒长度，游戏者将手放在圆棒的正下方，手（视为质点）离圆棒下端的距离。不计空气阻力，重力加速度，。以圆棒由静止释放时为0时刻，则游戏者能抓住圆棒的时刻可能是（）A.0.4s B.0.49s C.0.54s D.0.6s【答案】C【解析】圆棒下端做自由落体运动下落到游戏者的手时，由解得圆棒上端做自由落体运动下落到游戏者的手时，由解得游戏者能抓住圆棒的时刻。故选C。6.一直线运动物体的v-t图像如图所示，物体从0时刻开始到停下来所用的时间为t，运动的距离为x，图线上C点（时刻）的切线与A、B（为图线与纵横轴的交点）连线平行，x、、、t为已知量。设物体运动到时的位置与终点的距离为，物体在0时刻的速度为，则下列说法及关系正确的是（）A.物体的加速度先增大后减小 B.物体的加速度先减小后增大C. D.【答案】D【解析】AB．由v-t图像斜率表示加速度可知，物体加速度一直减小，AB错误；C．由图可知解得，C错误；D．由图可知由面积关系可知而则，D正确。故选D。7.如图所示，装备了“全力自动刹车”安全系统汽车，当车速v满足，且与前方行人之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使汽车避免与行人相撞。若该车在不同路况下“全力自动刹车”的加速度取值范围是，则该系统设置的安全距离约为（）A.10m B.80m C.6.25m D.5.08m【答案】A【解析】汽车从开始刹车到停止发生的位移系统设置的安全距离应为减速的最大位移，即初速度取最大值，加速度取最小值的位移，代入数据可得故选A二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，水平轻质弹簧一端固定在O点，另一端将一重力为G的方形木块压在竖直墙壁MN上的P点，木块保持静止。已知木块与墙壁间的动摩擦因数为，弹簧的劲度系数为k，此时压缩量为x，弹簧始终在弹性限度内，则（）A.木块对墙面的压力与墙面对木块的压力是一对作用力与反作用力B.木块对墙面的压力与墙面对木块的压力是一对平衡力C.木块所受摩擦力大小一定为D.木块所受摩擦力大小一定为G【答案】AD【解析】AB．木块对墙面的压力与墙面对木块的压力是等大反向的一对相互作用力，故A正确，B错误；CD．木块所受摩擦力为静摩擦力，与重力等大反向，所以大小为G，故C错误，D正确。故选AD。9.一物体由静止开始做直线运动，其加速度a与位移x的关系如图所示。下列说法正确的是（）A.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的加速直线运动B.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的减速直线运动C.当位移为时，物体的速度大小为D.物体的最大速度为【答案】AD【解析】AB．物体由静止开始运动，根据图像知，物体的加速度先不变，后随位移均匀减小，故物体先做匀加速直线运动，后做加速度逐渐减小的加速运动，A正确，B错误；C．由题图可知，当位移为时，根据初速度是0的匀变速直线运动的速度位移公式可知解得物体的速度为C错误D．由题图可知，加速度减到0时，位移为，此时速度最大，根据初速度是0的匀加速直线运动的规律可得可知加速度a与位移x的图线与坐标轴所围面积为，根据微元的思想方法，对加速度变化的直线运动也适用。设v为最大速度，则有解得D正确。故选AD。10.一物体由静止开始做直线运动，其加速度a与位移x的关系如图所示。下列说法正确的是（）A.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的加速直线运动B.物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的减速直线运动C.当位移为时，物体的速度大小为D.物体的最大速度为【答案】ACD【解析】AB．物体由静止开始运动，根据图像知物体的加速度先不变，后随位移均匀减小，故物体先做匀加速直线运动，后做加速度逐渐减小的加速运动，故A正确，B错误；C．由题图可知当位移为时物体的加速度不变，根据初速度是0的匀变速直线运动的速度位移公式可知解得物体的速度为，故C正确；D．由题图可知，加速度减到0时，位移为，此时速度最大，根据初速度是0的匀加速直线运动的规律可得可知加速度a与位移x的图线与坐标轴所围面积为，根据微元的思想方法，对加速度变化的直线运动也适用。设为最大速度，则有解得，故D正确。故选ACD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学用如图甲所示的装置来探究弹簧弹力和长度的关系，把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，记录弹簧自由下垂时下端所到达的刻度位置。然后，在弹簧下端悬挂不同质量的钩码，记录每一次悬挂钩码的质量和弹簧下端的刻度位置，实验中弹簧始终未超过弹簧的弹性限度。再以弹簧受到的弹力为纵轴、弹簧长度为横轴建立直角坐标系，依据实验数据作出图像，如图乙所示。由图像可知：（1）弹簧自由下垂时的长度________。（保留三位有效数字）（2）弹簧劲度系数________。（保留三位有效数字）（3）关于“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验，以下说法正确的是________（请将正确答案对应的字母填在横线上）；A.应该先把弹簧水平放置测量其原长B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，弹簧应保持竖直状态C.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要在钩码处于静止状态时读数D.实验中弹簧的长度即为弹簧的伸长量【答案】（1）10.0（2）40.0（3）BC【解析】【小问1解析】由图乙可知弹簧拉力为0时，弹簧自由下垂时的长度为【小问2解析】由胡克定律可知可得弹簧的劲度系数为【小问3解析】A．为了消除弹簧自重的影响，实验前，应该先把弹簧竖直放置测量其原长，故A错误；B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要使弹簧保持竖直状态，此时弹簧的弹力等于钩码的重力，故B正确；C．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要在钩码处于静止状态时读数，故C正确；D．用刻度尺测得弹簧的长度不是伸长量，是原长和伸长量之和，故D错误。故选BC。12.某物理实验小组利用光电门和数字计时器（图中未画），设计了如图所示装置来测当地重力加速度。图中小球P被吸附在电磁铁上，光电门与P处在同一条竖直线上，两者之间高度差为h，光电门位置可上下移动，当打开电磁开关释放小球P，数字计时器立即开始计时，当P通过光电门时停止计时。（1）该小组测出P与光电门之间的高度差h和对应P下落时间t，然后计算出对应的，改变光电门与P之间的高度差，重复操作得出多组数据，然后作出图像，下列正确的是__________（填字母）；A. B.（2）若根据正确的图像，得到图线的斜率的绝对值为k，则当地的重力加速度g=________（用k表示）；（3）该小组同学通过查阅资料，得到当地的重力加速度的真实值，发现实验测量值偏小，可能是由于________造成的。【答案】（1）A（2）2k（3）空气阻力【解析】【小问1解析】根据自由落体运动规律可知，可知故选A。【小问2解析】图线斜率为k，则解得【小问3