2025-2026学年江苏省盐城市六校联盟高二上学期第一次联考物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2026学年江苏省盐城市六校联盟高二上第一次联考物理试卷（10月）一、单选题：本大题共11小题，共44分。1.如图所示，充电宝是年轻人最喜欢的移动电源，是描述充电宝的一个重要的物理量的单位，请问这个单位所对应的物理量是（）A.电容 B.电荷量C.电流 D.击穿电压【答案】B【解析】根据电流的定义式可知，所以题目中“”表示的电荷量。故选B2.下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是（）A. B.C. D.【答案】AB【解析】A．图A为环形电流的磁场，符合安培定则，故A正确；B．图B是直线电流的磁场，符合安培定则，故B正确；D．图D是通过螺线管的磁场，，产生的磁场方向应该向右，不符合安培定则，故D错误。故选AB。3.如图所示，长方体容器的左右两侧面a、b由导电金属材料制成，其余侧面均为玻璃，现不断向容器内倒入导电溶液，则之间的电阻（）A.不断变大 B.不断变小C.保持不变 D.无法判断变化【答案】B【解析】根据，则当不断向容器内倒入导电溶液，液体的横截面积变大，可知ab间电阻减小。故选B。4.小明同学发现家里的电热毯，电风扇和电冰箱上均印有“220V100W”的字样。若这三个用电器均接在实际电压为220V的电源插座上工作，则这三个用电器（）A.热功率相同 B.输出功率相同C.输入功率不同 D.电功率相同【答案】D【解析】A．电热毯为纯电阻用电器，其输入功率全部转化为热功率；而电风扇和电冰箱为非纯电阻用电器，输入功率中仅部分转化为热功率，其余转化为机械能等其他形式的能量。因此三者的热功率不同，故A错误；B．输出功率指转化为非热能的功率（如机械能）。电热毯无机械输出，输出功率为0；电风扇和电冰箱的机械效率不同，输出功率也不同，故B错误；C．三个用电器均在额定电压下工作，实际输入功率均等于额定功率100W，故输入功率相同，C错误；D．电功率指输入的电功率，三者额定功率均为100W且在额定电压下工作，实际电功率均等于额定功率，故D正确。故选D。5.如图是直流电铃的工作原理图。闭合开关，衔铁被吸引而向下运动，敲击铃碗。当有电流通过时，关于该电磁铁的上端极性和内部磁感线方向，判断正确的是（）A.S极、向下 B.S极、向上 C.N极、向下 D.N极、向上【答案】D【解析】当有电流通过时，由题图根据右手螺旋定则可知，该电磁铁的上端极性为N极，下端极性为S极，则内部磁感线方向向上。故选D。A.增加了司机单位面积的受力大小B.减少了碰撞前后司机动量的变化量C.将司机的动能全部转换成汽车的动能D.延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积【答案】D【解析】A．因安全气囊充气后，受力面积增大，故减小了司机单位面积的受力大小，故A错误；B．有无安全气囊司机初动量和末动量均相同，所以动量的改变量也相同，故B错误；C．因有安全气囊的存在，司机和安全气囊接触后会有一部分动能转化为气体的内能，不能全部转化成汽车的动能，故C错误；D．因为安全气囊充气后面积增大，司机的受力面积也增大，在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故增加了作用时间，故D正确。故选D。7.某学习小组想将一块小量程电流表改装为伏特表和安培表，设计了如图所示的电路。下列说法正确的是（）A.若将S调到1位置，则为改装后的伏特表B.若将S调到2位置，则为改装后的安培表C.若想扩大安培表的量程，可适当减小D.若想扩大伏特表的量程，可适当减小【答案】C【解析】A．将S调到1位置时，电阻与表头并联，这是扩大表头的电流量程，故其改装后是安培表，故A错误；B．将S调到2位置，电阻与改装后的电流表串联，电阻起到分压作用，则为改装后的伏特表，故B错误；C．若想扩大安培表的量程，电阻分流增大，电流增大，根据欧姆定律可以知道需要减小电阻，故C正确；D．若想扩大伏特表的量程，则电阻分压作用要增大，故需要适当增大，故D错误。故选C。8.唐老师突发奇想，将实验室中相同灵敏电流计和的对应接线柱相连接。将表的指针从中间用力向左拨动，发生偏转，此时静止的表指针偏转。对这一现象的分析正确的是（）A.表是“发电机”，表是“电动机”B.表是“电动机”，表是“发电机”C.将表的指针从中间向右拨动，表指针不会偏转D.表和表指针偏转均是因为发生了电磁感应【答案】A【解析】电流表主要部件是永久磁铁和带有线圈的指针，将表的指针从中间用力向左拨动，发生偏转，相当于表中线圈切割磁感线产生感应电流，即表发生了电磁感应，产生的感应电流通过闭合回路流向，中的通电线圈在磁场中受到安培力的作用发生转动，使得表指针偏转。故表是“发电机”，表是“电动机”，同理，将表的指针从中间向右拨动，表指针也会偏转。故选A。9.某实验小组通过如图所示的实验电路测量干电池的电动势和内阻，并根据测得的数据作出了图像，下列正确的是（）A.横轴截距表示短路电流，即B.根据，计算出待测电池内电阻为C.电池电动势测量值小于真实值D.本实验的系统误差来源于电流表的分压作用【答案】C【解析】A．因纵轴起点坐标不是从零开始的，此图像的横轴截距不表示短路电流，故A错误；B．根据闭合电路欧姆定律，可以写出所以图像的斜率代入数据后，可计算出待测电池内电阻为，故B错误；CD．由于电压表的分流，使得电流表的测量值偏小，导致电池电动势测量值小于真实值，故C正确，D错误。故选C。10.智能手机有自动调节屏幕亮度的功能。如图所示为该调节功能的模拟电路简图，图中电路元件为光敏电阻，其阻值随外部环境光照强度减小而增大，为定值电阻，屏幕亮度由灯泡L调节。则当光照强度（）A.变大时屏幕变暗B.变大时两端电压变大C.变小时流过电源电流减小D.变小时电源总功率增大【答案】C【解析】AB．当光照强度变大时，的阻值变小，电路总电阻变小，干路电流变大，电源内电压变大，路端电压变小，两端电压变小，则通过的电流变小，根据并联电路分流规律可知，灯泡L的电流变大，则屏幕变亮，故AB错误；CD．当光照强度变小时，的阻值变大，电路总电阻变大，流过电源电流变小，由可知，电源总功率减小，故C正确，D错误。故选C。11.某中学物理兴趣小组将一金属圆环竖直放置，在圆环的中心放置一小磁针，圆环未通电时，小磁针在圆环平面内，如图所示。现使圆环通以电流时，小磁针转动稳定后N极北偏东，当圆环通以电流I时，小磁针转动稳定后N极北偏东。已知通电圆环电流在圆环中心激发的磁场的磁感应强度强弱与电流大小成正比，则电流I的方向和大小分别为（）A.从西向东看，逆时针方向，B.从西向东看，顺时针方向，C.从西向东看，顺时针方向，D.从西向东看，逆时针方向，【答案】C【解析】设小磁针所在位置的地磁场的大小为，方向向北，圆环通以电流时，小磁针转动稳定后N极北偏东，所以此时圆环产生的磁场向东，大小为当圆环通以电流I时，小磁针转动稳定后N极北偏东，则此时圆环产生的磁场向东，大小为又因为通电圆环电流在圆环中心激发的磁场的磁感应强度强弱与电流大小成正比，则所以根据安培定则可知，电流的方向为从西向东看，顺时针方向。故选C。二、实验题：本大题共1小题，共9分。12.在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为________mm（该值接近多次测量的平均值）。（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx。实验所用器材为：电池组（电动势3V，内阻约1Ω）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知，他们测量Rx是采用下图中的________（选填“乙”或“丙”）图。（3）如图丁是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端。请根据（2）所选的电路图，补充完成图丁中实物间的连线__________，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系。如图戊所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点。请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U－I图线_______。由图线得到金属丝的阻值Rx＝_______Ω。（保留两位有效数字）（5）根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为________（填选项前的符号）。A.1×10－2Ω·mB.1×10－3Ω·mC.1×10－6Ω·mD.1×10－8Ω·m【答案】（1）0.397##0.398##0.399（2）乙（3）（4）4.5（5）C【解析】（1）[1]螺旋测微器读数为（2）[2]两图均用的是电流表外接法，由表中实验数据可知待测电阻的阻值为如果采用限流，最小电压为而表中电压都小到0.1V，所以滑动变阻器采用的分压式接法，故采用的乙电路；（3）[3]实物图如图所示（4）[4][5]描绘出第2、4、6三个点后可见第6次测量数据的坐标点误差太大舍去，然后得出图线，如图所示计算图线的斜率可得电阻的阻值（5）[6]根据电阻定律代入数据解得故C正确，ABD错误三、计算题：本大题共4小题，共40分。13.如图所示，N匝矩形线圈abcd左半边处在匀强磁场中，右半边在磁场外，磁感应强度为B，线圈的面积为S，初始时磁场垂直于线圈平面，求：（1）初始时穿过线圈平面的磁通量；（2）若将线圈以ef为轴转过180°，求穿过线圈平面的磁通量的变化量是多少？此过程中线圈有无感应电流产生？【答案】（1）（2），有感应电流【解析】（1）由图可知，磁场方向与线圈平面垂直，而有磁场穿过的有效面积只有，由磁通量的定义可得（2）若将线圈转过180°，磁场方向任与线圈平面垂直，而有磁场穿过的有效面积只有，由磁通量的定义可得则磁通量变化量的大小为此过程中磁通量发生了变化，有感应电流产生。14.如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图。电动机内电阻，电路中另一定值电阻，直流电压，理想电压表示数，试求：（1）通过电阻R的电流；（2）电动机的输出功率。【答案】（1）2A（2）340W【解析】（1）由电路中电压关系可得电阻R的分压为

流过电阻R的电流为（2）通过电动机的电流为电动机的分压为

输入电动机的功率为电动机的发热功率

电动机输出的机械功率15.如图甲所示，质量为的物块静止放在足够大的水平地面上，从时刻起对物块施加一个水平向右的拉力F，图乙表示F随时间t变化的情况，物块与水平地面间的动摩擦因数为，重力加速度。最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：（1）内，拉力F对物块的冲量的大小；（2）时刻，物块的速度大小；（3）内，合力对物块所做的功。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）冲量是力对时间的积累，其大小等于力与作用时间的乘积。内，拉力作用时间根据冲量定义可得拉力冲量（2）滑动摩擦力内，合外力冲量内，拉力线性变化，平均拉力设内，时间为拉力冲量摩擦力冲量合外力冲量为内总合外力冲量由得（3）根据动能定理，合力对物块所做的功等于物块动能的变化量代入数据得16.如图甲所示的电路中，R2=6Ω，电容器的电容C=5μF，开关S闭合、S1断开。将滑动变阻器的滑片从a端缓慢移动到b端的过程中，电压表的示数U随电流表的示数I变化的关系如图乙所示。电压表和电流表均为理想电表。（1）求电源的电动势E、内阻r和电阻R1的阻值；（2）求滑动变阻器R消耗的最大功率P；（3）将滑动变阻器的滑片置于中间，电路稳定后，闭合开关S1，电路再次稳定后，求通过电阻R3的电荷量Q。【答案】（1）E=6V，r=2Ω，R1=2Ω（2）P=2.25W（3）【解析】（1）依题开关S闭合、S1断开，根据闭合电路欧姆定律结合图像，得解得E=6V，r=2Ω图像可知，当滑动变阻器的滑片滑到b处时，R1电压为3V，流过R1电流为1.5A，故（2）将R1等效为电源内阻一部分，故电源等效内阻此时外电路只有滑动变阻器，结合闭合闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器消耗功率可知R滑=r等效时，功率最大，即（3）结合图像当滑动变阻器的滑片置于a端时，外电阻解得R滑=8Ω将滑动变阻器的滑片置于中间，电路稳定后，此时电容器两端电压为滑动变阻器电压将滑动变阻器的滑片置于中间，电路稳定后，闭合开关S1，电路再次稳定后,干路电流故通过R1的电流为此时电容器两端电压为R1两端电压，又因为极板间所带正负电荷与之前相反，即故求通过电阻R3电荷量Q=C(UC1-UC2)解得2025-2026学年江苏省盐城市六校联盟高二上第一次联考物理试卷（10月）一、单选题：本大题共11小题，共44分。1.如图所示，充电宝是年轻人最喜欢的移动电源，是描述充电宝的一个重要的物理量的单位，请问这个单位所对应的物理量是（）A.电容 B.电荷量C.电流 D.击穿电压【答案】B【解析】根据电流的定义式可知，所以题目中“”表示的电荷量。故选B2.下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是（）A. B.C. D.【答案】AB【解析】A．图A为环形电流的磁场，符合安培定则，故A正确；B．图B是直线电流的磁场，符合安培定则，故B正确；D．图D是通过螺线管的磁场，，产生的磁场方向应该向右，不符合安培定则，故D错误。故选AB。3.如图所示，长方体容器的左右两侧面a、b由导电金属材料制成，其余侧面均为玻璃，现不断向容器内倒入导电溶液，则之间的电阻（）A.不断变大 B.不断变小C.保持不变 D.无法判断变化【答案】B【解析】根据，则当不断向容器内倒入导电溶液，液体的横截面积变大，可知ab间电阻减小。故选B。4.小明同学发现家里的电热毯，电风扇和电冰箱上均印有“220V100W”的字样。若这三个用电器均接在实际电压为220V的电源插座上工作，则这三个用电器（）A.热功率相同 B.输出功率相同C.输入功率不同 D.电功率相同【答案】D【解析】A．电热毯为纯电阻用电器，其输入功率全部转化为热功率；而电风扇和电冰箱为非纯电阻用电器，输入功率中仅部分转化为热功率，其余转化为机械能等其他形式的能量。因此三者的热功率不同，故A错误；B．输出功率指转化为非热能的功率（如机械能）。电热毯无机械输出，输出功率为0；电风扇和电冰箱的机械效率不同，输出功率也不同，故B错误；C．三个用电器均在额定电压下工作，实际输入功率均等于额定功率100W，故输入功率相同，C错误；D．电功率指输入的电功率，三者额定功率均为100W且在额定电压下工作，实际电功率均等于额定功率，故D正确。故选D。5.如图是直流电铃的工作原理图。闭合开关，衔铁被吸引而向下运动，敲击铃碗。当有电流通过时，关于该电磁铁的上端极性和内部磁感线方向，判断正确的是（）A.S极、向下 B.S极、向上 C.N极、向下 D.N极、向上【答案】D【解析】当有电流通过时，由题图根据右手螺旋定则可知，该电磁铁的上端极性为N极，下端极性为S极，则内部磁感线方向向上。故选D。A.增加了司机单位面积的受力大小B.减少了碰撞前后司机动量的变化量C.将司机的动能全部转换成汽车的动能D.延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积【答案】D【解析】A．因安全气囊充气后，受力面积增大，故减小了司机单位面积的受力大小，故A错误；B．有无安全气囊司机初动量和末动量均相同，所以动量的改变量也相同，故B错误；C．因有安全气囊的存在，司机和安全气囊接触后会有一部分动能转化为气体的内能，不能全部转化成汽车的动能，故C错误；D．因为安全气囊充气后面积增大，司机的受力面积也增大，在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故增加了作用时间，故D正确。故选D。7.某学习小组想将一块小量程电流表改装为伏特表和安培表，设计了如图所示的电路。下列说法正确的是（）A.若将S调到1位置，则为改装后的伏特表B.若将S调到2位置，则为改装后的安培表C.若想扩大安培表的量程，可适当减小D.若想扩大伏特表的量程，可适当减小【答案】C【解析】A．将S调到1位置时，电阻与表头并联，这是扩大表头的电流量程，故其改装后是安培表，故A错误；B．将S调到2位置，电阻与改装后的电流表串联，电阻起到分压作用，则为改装后的伏特表，故B错误；C．若想扩大安培表的量程，电阻分流增大，电流增大，根据欧姆定律可以知道需要减小电阻，故C正确；D．若想扩大伏特表的量程，则电阻分压作用要增大，故需要适当增大，故D错误。故选C。8.唐老师突发奇想，将实验室中相同灵敏电流计和的对应接线柱相连接。将表的指针从中间用力向左拨动，发生偏转，此时静止的表指针偏转。对这一现象的分析正确的是（）A.表是“发电机”，表是“电动机”B.表是“电动机”，表是“发电机”C.将表的指针从中间向右拨动，表指针不会偏转D.表和表指针偏转均是因为发生了电磁感应【答案】A【解析】电流表主要部件是永久磁铁和带有线圈的指针，将表的指针从中间用力向左拨动，发生偏转，相当于表中线圈切割磁感线产生感应电流，即表发生了电磁感应，产生的感应电流通过闭合回路流向，中的通电线圈在磁场中受到安培力的作用发生转动，使得表指针偏转。故表是“发电机”，表是“电动机”，同理，将表的指针从中间向右拨动，表指针也会偏转。故选A。9.某实验小组通过如图所示的实验电路测量干电池的电动势和内阻，并根据测得的数据作出了图像，下列正确的是（）A.横轴截距表示短路电流，即B.根据，计算出待测电池内电阻为C.电池电动势测量值小于真实值D.本实验的系统误差来源于电流表的分压作用【答案】C【解析】A．因纵轴起点坐标不是从零开始的，此图像的横轴截距不表示短路电流，故A错误；B．根据闭合电路欧姆定律，可以写出所以图像的斜率代入数据后，可计算出待测电池内电阻为，故B错误；CD．由于电压表的分流，使得电流表的测量值偏小，导致电池电动势测量值小于真实值，故C正确，D错误。故选C。10.智能手机有自动调节屏幕亮度的功能。如图所示为该调节功能的模拟电路简图，图中电路元件为光敏电阻，其阻值随外部环境光照强度减小而增大，为定值电阻，屏幕亮度由灯泡L调节。则当光照强度（）A.变大时屏幕变暗B.变大时两端电压变大C.变小时流过电源电流减小D.变小时电源总功率增大【答案】C【解析】AB．当光照强度变大时，的阻值变小，电路总电阻变小，干路电流变大，电源内电压变大，路端电压变小，两端电压变小，则通过的电流变小，根据并联电路分流规律可知，灯泡L的电流变大，则屏幕变亮，故AB错误；CD．当光照强度变小时，的阻值变大，电路总电阻变大，流过电源电流变小，由可知，电源总功率减小，故C正确，D错误。故选C。11.某中学物理兴趣小组将一金属圆环竖直放置，在圆环的中心放置一小磁针，圆环未通电时，小磁针在圆环平面内，如图所示。现使圆环通以电流时，小磁针转动稳定后N极北偏东，当圆环通以电流I时，小磁针转动稳定后N极北偏东。已知通电圆环电流在圆环中心激发的磁场的磁感应强度强弱与电流大小成正比，则电流I的方向和大小分别为（）A.从西向东看，逆时针方向，B.从西向东看，顺时针方向，C.从西向东看，顺时针方向，D.从西向东看，逆时针方向，【答案】C【解析】设小磁针所在位置的地磁场的大小为，方向向北，圆环通以电流时，小磁针转动稳定后N极北偏东，所以此时圆环产生的磁场向东，大小为当圆环通以电流I时，小磁针转动稳定后N极北偏东，则此时圆环产生的磁场向东，大小为又因为通电圆环电流在圆环中心激发的磁场的磁感应强度强弱与电流大小成正比，则所以根据安培定则可知，电流的方向为从西向东看，顺时针方向。故选C。二、实验题：本大题共1小题，共9分。12.在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为________mm（该值接近多次测量的平均值）。（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx。实验所用器材为：电池组（电动势3V，内阻约1Ω）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知，他们测量Rx是采用下图中的________（选填“乙”或“丙”）图。（3）如图丁是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端。请根据（2）所选的电路图，补充完成图丁中实物间的连线__________，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系。如图戊所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点。请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U－I图线_______。由图线得到金属丝的阻值Rx＝_______Ω。（保留两位有效数字）（5）根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为________（填选项前的符号）。A.1×10－2Ω·mB.1×10－3Ω·mC.1×10－6Ω·mD.1×10－8Ω·m【答案】（1）0.397##0.398##0.399（2）乙（3）（4）4.5（5）C【解析】（1）[1]螺旋测微器读数为（2）[2]两图均用的是电流表外接法，由表中实验数据可知待测电阻的阻值为如果采用限流，最小电压为而表中电压都小到0.1V，所以滑动变阻器采用的分压式接法，故采用的乙电路；（3）[3]实物图如图所示（4）[4][5]描绘出第2、4、6三个点后可见第6次测量数据的坐标点误差太大舍去，然后得出图线，如图所示计算图线的斜率可得电阻的阻值（5）[6]根据电阻定律代入数据解得故C正确，ABD错误三、计算题：本大题共4小题，共40分。13.如图所示，N匝矩形线圈abcd左半边处在匀强磁场中，右半边在磁场外，磁感应强度为B，线圈的面积为S，初始时磁场垂直于线圈平面，求：（1）初始时穿过线圈平面的磁通量；（2）若将线圈以ef为轴转过180°，求穿过线圈平面的磁通量的变化量是多少？此过程中线圈有无感应电流产生？【答案】（1）（2），有感应电流【解析】（1）由图可知，磁场方向与线圈平面垂直，而有磁场穿过的有效面积只有，由磁通量的定义可得（2）若将线圈转过180°，磁场方向任与线圈平面垂直，而有磁场穿过的有效面积只有，由磁通量的定义可得则磁通量变化量的大小为此过程中磁通量发生了变化，有感应电流产生。14.如图所示是一提升重物用的