2026年高考物理第一次模拟考试提分卷（新高考）（全解全析）

2026年高考第一次模拟考试（新高考通用）

（适应地区：河北、江西、广西、云南、河南、四川等）

高三物理

（考试时间75分钟试卷满分100分）

（解析版）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

（第一部分选择题46分）

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

目要求的。

1.太阳的能量由核反应提供，其中一种反应序列包含核反应：；He+；Hef；He+2X,下列说法正确的是

（）

A.X是中子

B.该反应有质量亏损

C.；He比；He的质子数多

D.该反应是裂变反应

【答案】B

【详解】A.根据核反应中质量数守恒和电荷数守恒结合反应式;He+；Hef；He+2X可得质量数

3+3=4+24,质子数2+2=2+2Z,因此X为质子;H,故A错误；

BD.该反应是轻核聚变，两个轻核结合成较重核，释放大量能量，根据爱因斯坦质能方程△七=4附2,释

放能量对应质量亏损，故B正确，D错误；

C.与出e为基核的同位素，质子数均为2,故C错误。

故选

2.小明做家务时，发现家里自来水的出水情况有这样的特点：当水流不太大时，从水龙头中连续流出的水

会形成水柱且可以看成自由落体运动，从上往下越来越细，如图所示。水柱的横截面可视为圆，在水柱上

取两个横截面小B,力到水龙头的距离与1到4的距离之比为1：3o则力、4的直径之比4：4为（）

A.2：1B,1：2C.72:1D.1：V2

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A耍

'-S

【答案】c

【详解】力到水龙头的距离与力至J6的距离之比为1：3,根据自由落体规律y2=2R/,可得经过N、6处的

水流速度大小之比为匕：匕=1：2,取很短的相同的时间△/,对于连续稳定的水流，单位时间流过任一横截

面的水的体积是恒定的，可得不停）\加=江（打匕&,联立可得44的直径之比4：4为及：1。

故选Co

3.如图甲所示，利用超声波可以检测飞机机翼内部缺陷。在某次检测实验中，入射波为连续的正弦信号,

探头先后探测到机翼表面和缺陷表面的反射信号，分别如图乙、丙所示。已知超声波在机翼材料中的波速

为6300m/s。关F这两个反射信号在探头处的叠加效果和缺陷深度d,下列选项正确的是（）

A.振动力口强；（1=6.3mm

B.振动减弱；d=6.3mm

C.振动减弱；d=6.615mm

D.振动加强：d=6.615mm

甲超声波检测原理示意图乙机翼表面反射信号丙缺陷表面反射信号

【答案】A

【详解】根据反射信号图像可知，超声波的传播周期为T=2xl（f7s,又波速v=6300m/s,则超声波在机翼

材料中的波长/1="=1.26乂10-%1,由两图知两个反射信号传播到探头处的时间差为加=2.0x10。；，故两

个反射信号的路程差24=v\t,解得缺陷深度4=6.3mm,又两个反射信号的路程差2d=1.26x10、］=102,

则两个反射信号在机翼表面处叠加后振动加强，则两列反射波在探头处叠加也是振动加强。

故选A。

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4.我国太阳探测科学技术试验卫星“羲和号”在国际上首次实现了太阳H.波段光谱成像的空间观测。氢原子

由〃=3,4,5,6能级跃迁到〃=2能级时发出的光，对应的谱线为可见光区的四条谱线，分别为H。、HQ

Hy、Hs,如图所示。四条谱线对应光子能量最大的是（）

A.H„B.H（jC.HrD.H6

E/eV

I---------------------------------13.6

【答案】D

【详解】根据玻尔理论跃迁规律有£=£〃「纥，可知，氢原子由〃=6跃迁到〃=2能级时发出的光H一对

应光子能量最大。

故选Do

5.某实验小组成员根据光的干涉原理设计了探究不同材料热膨怅程度的实验装置，如图所示。材料I置于玻

璃和平板之间，材料H的上表面与上层玻璃下表面间形成空气劈尖。单色光垂直照射到玻璃上，就可以观察

到干涉条纹。下列说法正确的是（）

A.干涉条纹由玻璃的上表面和材料II的上表面反射光叠加形成

B.仅温度升高，若干涉条纹向右移动，则材料II膨胀程度大

C.仅换用频率更大的单色光，干涉条纹将向右移动

D.材料II的上表面可以与上层玻璃下表面平行

【详解】A.干涉条纹由上层玻璃板的下表面反射的光和经材料II的上表面反射的光发生干涉形成的，故A

错误：

B.干涉条纹是等厚线，即空气膜厚度相同的位置。从左到右，空气膜的厚度逐渐增大。当温度升高时，若

干涉条纹向右移动，说明原来某一条纹所在位置的空气膜厚度变小了，需要向右移动到原来空气膜更厚的

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位置，才能找到与原来厚度相同的点。空气膜厚度的减小，意味着材料n的膨胀量大于材料I的膨胀量（因

为空气膜厚度等于材料I的高度减去材料n的高度）。因此，材料H的膨胀程度更大，故B正确。

c.换用频率更大的单色光，根据。=义/可知，光的波长力会变小，根据暗条纹（或明条纹〕的位置条件

2</=U（或2d=（2八1）今，对于同一级次的条纹（充值相同），其对应的空气腴厚度d会变小。由于空

气膜厚度从左到右是增大的，所以要找到更薄的位置，条纹需要向左移动。故C错误；

D.要观察到干涉条纹，要求空气膜的厚度发生连续变化，即形成•个劈形膜。如果材料n的上表面与上层

玻璃下表面平行，则空气膜厚度处处相等，在单色光垂直照射下，视场将是均匀的亮或暗，而不会出现明

暗相间的干涉条纹，故D错误.

故选Bo

6.在2025年9月3日举行的“九三阅兵”式上，“东风-61”陆基洲际导弹作为国之重器震撼亮相，体现了我

国强大的国防实力。该导弹发射后的飞行轨迹如图所示，先后经历力4段（火箭助推加速上升）、段（脱

离大气层后无动力飞行）和。E段（弹头再入大气层后机动滑行），最终命中目标E点。关于弹头在各阶段

的运动，下列说法正确的是（）

A.弹头在8点时的速率大于在。点时的速率

B.弹头在最高点C处的飞行速度小于第一宇宙速度

C.弹头在8C。段的飞行轨迹为圆的一部分

D.弹头在。后段大气层滑行的过程中机械能守恒

【答案】B

【详解】A.弹头在4c。段做无动力飞行，只受地球引力作用，机械能守恒；〃点和。点处于同一高度，

因此它们的引力势能相等。根据机械能守恒定律，8点和。点的动能也相等，所以弹头在〃点时的速率等

于在。点时的速率，故A错误：

B.第一宇宙速度是卫星在近地轨道上做匀速圆周运动的速度；弹头在最高点C处，如果其速度大于或等于

该高度对应的环绕速度，它将成为一颗卫星而不会落回地面；因为弹头最终落回地面，说明它做的是近心

运动，其在。点的速度必须小于该高度对应的环绕速度；而任何高度的环绕速度都小于近地轨道的环绕速

度（即第一宇宙速度）。因此弹头在最高点C处的飞行速度一定小于第一宇宙速度，故B正确；

C.弹头在段只受万有引力作用，其运动轨迹是椭圆的一部分，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上,

只有当速度大小和方向满足特定条件时，轨迹才是圆：从8到C,弹头高度增加，速度减小；从C到。，

高度减小，速度增加，速度大小不恒定，所以轨迹不是圆的一部分，故C错误；

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D.弹头在OE段再入大气层滑行，会受到空气阻力的作用；空气阻力是耗敢力，对弹头做负功，导致其机

械能转化为内能，因此机械能不守恒，故D错误。

故选Bo

7.某士兵在与水平面成30。角的斜坡上进行手榴弹投掷训练，先后从斜坡上同一点分别以速度力水平抛出

和以速度V2垂直斜坡抛出两个手榴弹，两个手榴弹落在斜坡上同一位置。不计空气阻力，两个手榴弹初速

度大小的比值为（）

【答案】A

【详解】如图所示，把两运动分解为初速度方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动

A=Zsinf=^1

而内I4，则；-二彳

sin。

X_/cos。_1v।

初速度方向的位移玉=也，x2=v2t2,而丁/=2,解得U=i。

tan?V，2

故选Ao

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要

求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

8.如图所示是磁吸基座无线充电器，当送电线圈通入〃=220万sinm（V）的交流电源后，手机上的受电

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线圈产生感应电流。手机即进入“无线超充模式”。若手机"超充模式''下的充电电压为20V,充电电流为5A,

充电基座送电线圈接有理想电流表，受电线圈接有电阻R=0.4C,线圈电阻不计且充电过程中不计一切能量

损失，则（）

A.送电线圈与受电线圈的匝数比为11：1

B.电流表的示数为0.5A

C.超充模式下，该充电器送电线圈的输入功率为UOW

D.若此手机的电池容展为5000mAh,则超充模式下的充电时间为75分钟

交

流

电

源

送电线圈

【答案】BC

【详解】A.根据原、副线圈的电压与匝数的关系可得犷肃后微，代入数据解髓邛，故A

错误：

B.由匝数比可知原线圈电流应为4="=0.5A,故B正确；

%

C.充电器送电线圈的输入功率P=U"|=110W,故C正确；

D.由容量单位可知，手机充电时间为电池容量与充电电流的比值，即/=彳=迎等:h=lh=60min,

故D错误。

故选BCo

9.一定质量的理想气体经历了循环，已知该气体在状态。时的压强为P。、体积为外、温度为

其压强P与P。的比值&随热力学温度r的关系图像如图所示，下列说法正确的是（）

Po

A.从c到〃的过程中,气体单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数减少

B.从。到。的过程中，气体单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数增加

C.从到c的过程中，气体对外做功大于气体从外界吸收的热量

D.从人到。的过程中，气体对外做功小于气体从外界吸收的热量

P

Po

2

1

0

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【答案】AD

【详解】AB.由图可知，从c到。的过程中，体积不变，则分子数不变，温度降低，分子平均动能减小，

故气体单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数减少，故A正确，B错误；

CD.从8到c的过程中，压强不变，温度升高，气体内能增加，体积增大，气体对外做功，根据热力学第

一定律，可知气体对外做功小于气体从外界吸收的热量，故C错误，D正确。

故选ADo

10.如图中所示的xoy平面内，y轴右侧被直线X=分为两个相邻的区域I、II。区域I内充满匀强电场，

区域n内充满垂直人。，平面的匀强磁场，电场和磁场的大小、方向均未知。某时刻，质量为机、电荷量为

"伍＞0）的粒子从O点沿X轴正方向以速度%出发，在平面内运动，已知粒子在区域I中的运动轨迹是

以y轴为对称轴的抛物线的一部分。一段时间后粒子第一次到达两区域分界线上的点力（石乙学），从经过力

点开始计时，粒子在区域n中运动的N—图像如图乙所示，是正弦曲线的一部分，图中外为最大纵坐标。不

计粒子的重力，下列说法正确的是（）

区域呐电场强度大小为整方向沿y轴负方向

A.

兀L

B.图乙中的最大纵坐标”=3£,为对应的横坐标小=丁

区域H内磁感应强度大小为簧，方向垂直附平面向里

C.

（51+26）心

D.粒子从进入区域I到第一次离开区域II经历的时间为

【答案】BCD

【详解】A.根据题意可知，粒子在区域I内所受电场力沿y轴正方向，做类平抛运动，因粒子带负甩，故

电场强度沿轴负方向，沿x方向和，方向分别有有2=%/,］乙=:。/，又qE=ma,联立解得£=萼,

022qL

故A错误；

BC.根据题意可知，粒子在区域II内沿顺时针方向做匀速圆周运动，且圆心在x轴上，根据左手定则司.知,

磁感应强度方向垂直xQr平面向里，粒子的运动轨迹如图所示

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3L

设粒子进入区域II时速度方向与x轴的夹角为。，则tan°=Ji=抬'

故

3/

则有Reos。=1二ycos0=%

解得R=3£,v=2v0

RO/r£

故？o=R=3L、lo=——=丁

v2Vo

根据洛伦兹力提供向心力有qvB=m%

解得人富，故院正确；

D.粒子在区域I内运动的时间为［=强，粒子在区域1【内圆周运动的圆心角为a=2〃-2（g-g1=竽，

%（23J3

—.3L

粒子在区域n内运动的时间为f_aR_3__5不£,粒子从进入区域I到第一次离开区域II经历的时间为

L7一寸一五

付+2e八,故口正确。

2%

故选BCDo

（第二部分非选择题54分）

三、非选择题：本题共5小题，共54分。

II.（8分）利用如图装置可以测量滑块与木板之间的动摩擦因数。长木板水平放置.，力传感器固定在墙上,

通过绕过两滑轮（分别固定在长木板和滑块上）的轻绳与重物相连，重物离地面足够远。调节两滑轮的位

置使轻绳与长木板平行，不计轻绳与各滑轮之间的摩擦，让重物牵引滑块由静止开始运动，记录传感器读

数门以及根据纸带信息求出加速度分改变重物质量，重复上述步骤，测量出5组〃、/的值，并作出

图像。已知传感器的量程和轻绳耐拉力足够大，重力加速度为g。

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（1）打出一条纸带如图2。纸带上相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，可以算出滑块的加速度。=

m/s2（已知打点计时器的频率为50Hz,保留3位有效数字）。

\ABCDE(

•1

iiiii

厂4.61丁6.59T8.6110.61「平仪:cm

图2

⑵实验中得到的图像如图3所示。图线的斜率为A,图线在纵轴上的截距绝对值为则测得滑块与

木板之间的动摩擦因数为,滑块的质量必为。

（3）关于上述实验，下列说法正确的是。

A.实验中应先释放滑块，再接通打点计时器电源

B.纸带与打点计时器间有摩擦，这给实验带来偶然误差

C.随着重物质量的增大，。-/图像末端可能发生弯曲

D.无论重物质量多大，滑块的加速度也不可能超过?

2

2

【答案】（1）2.01（2分）（2）包（2分）—（2分）（3）D（2分）

S%

【详解】（1）打点计时特的频率为50Hz,则相邻“数点间的时间间隔为T-5x]-O.ls

根据逐差法可得，滑块的加速度为。=注2.01m/s2

4T~

（2）对滑块进行受力分析，由牛顿第二定律有2=

2

整理可得。=）厂-〃g

M

2

根据图像可知二=%。，4g=/

解得〃=&，

gk0

（3）A.为了避免纸带上出现大量的空白段落，实验中应先接通打点计时器电源，再释放滑块，故A错误;

B.纸带与打点计时器间有摩擦，这给实验带来系统误差，故B错误；

2

C.结合上述有。=白/-〃g,可知，随着重物质量的增大，尸图像末端不可能发生弯曲，故C错误；

D.对重物受力分析，由牛顿第二定律有〃?g-/=〃口'，随着重物质量的增加，重物的加速度，＜g,根据

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滑块的加速度与重物加速度的关系可知。=*春故D正礼

故选Do

12.（9分）利用如图所示电路，可以测量电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：

II——I

RiRo

-'I-----------

待测电源

图（a）

待测电源，电阻箱R（最大阻值999.9C）,电阻凡（阻值为3.0Q）,电阻4（阻值为3.0C）,目流表A（量

程为200mA,内阻为8=6.0。），开关S。

实验步骤如下：

①将电阻箱限值调到最大，闭合开关S：

②多次调节电阻箱，记下电流表的示数/和电阻箱对应的阻值R:

③以;为纵坐标，〃为横坐标，作;-R图线（用直线拟合）；

④求出直线的斜率左和在纵轴上的截距

何答下列问题

R/Q1.02.03.04.05.06.07.0

//A0.1430.125①0.1000.0910.0840.077

7-7A-16.998.00②10.011.011.913.0

);I)))■(I)

■Mm■■■■■■■

■SM■■■■■■■

■n：aB■■■■«■■

■■■：■■■■■■■■■

■■■S■■■■■■■,■■

■■■：■■■■■■•■■

■■■：■■■■■■■»■

■■■8■■■■■■■«■

■a■S■■■■■■■■■

■B■!■■■■■■■■■

B■：■■■■■■■・■

■■：■■■■■■■,■

■B■8■■■■■■■・■

■iB■S■■■■・■

■■■«・

■a■S■■■■■■・■

■a■：■■■■■■■■

■a■：■■■•■*■・■

■a■：■■■■■*■・■

■B■：■■■■■■■・■

B■：■■■■■■■・■

■■■■■■■■■・■

■B■H■■■■■■■・■

■iB■：■■■■■■■・■

■

■

*3

[*Eb

（1）分别用E和「表示电源的电动势和内阻，则;与R的关系式为

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(2)实验得到的部分数据如下表所示，其中电阻R=3.0。时电流表的示数如图：(b)所示，读出数据，完成下

表。答：①,②。

(3)在图(c)的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图，根据图线求得斜率〃=，

截距方=AT(保留两位有效数字)。

(4)根据图线求得电源电动势E=V,内阻，•=C(保留两位有效数字)。

（2）0.110（1分）9.09（I分）

分)1.0（1分）6.0（1分）

]R

【详解】(1)电流表和电阻4并联构成大量程电流表，当电流表读数为/,干路电流为/总=/+崇=3A

电流表和电阻仆并联后的电阻为333

根据闭合电路欧姆定律可得E=3MA并+/?+兄+/•)

够e—r妨115+3厂3R

整理可得；=——+—

IEE

(2)其中电阻火=3.0。时电流表的示数如图(b)所示，则有

/=110mA=0.110A,-=—A-'«9.09A1

I0.110

(3)在图(c)的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图如图所示

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根据图线可得斜率为〃=宁6。"=LOAQ」

截矩为6=6.0A1

,、4口4i15+3〃3R

（4）rl—

IEE

15+3£=/?=60A2=^=1OA-|Q-I

EE

联立解得E=3.0V,r=1,0Q

13.（10分）如图所示，足够大的空间内存在方向与水平方向的夹角6=37。的匀强电场，长匕=gm的绝

缘轻绳一端系于水平天花板上的。点，另一端系有质量〃，=0.5kg、电荷量夕=+2xl（）TC的小球（视为点电

荷）。当轻绳与竖直方向的夹角也为。时，小球恰能处于静止状态，现将小球拉至。点右侧与。点等高位置

（轻绳刚好拉直）由静止释放，小球运动到轻绳上拉力最大时，轻绳恰好断裂（不影响小球瞬时速度），最

终小球落在水平地面上。取重力加速度大小g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8o求:

（1）匀强电场的电场强度大小E;

（2）轻绳断裂前瞬间轻绳上的弹力大小歹；

【答案】（1）E=L5X104N/C（2）F=7.2N

【详解】（1）小球恰能处于静止状态，根据平衡条件

qE=mgsinO（3分）

解得E=L5xl0"N/C（2分）

（2）重力和电场力的合力七=〃igcosO=4N

方问与竖直方向的夹角为仇从小球被释放运动至轻绳与竖直方向的夹角为。时，轻绳上拉力最大，此时小

球速度为叭根据动能定理

-sin。）（2分）

,12

轻绳断裂前瞬间/-七=竽（2分）

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解得尸=7.2N（I分）

14.（11分）如图所示，在水平地面上固定有相互平行且足够长的金属导轨上G、FH与PG、QH,间距为

d,在G”处用一小段绝缘材料相连，所之间接电容为。的电容器，/之间接有阻值为R的电阻，开关S

接法如图所示，尸0之间接有阻值也为火的定值电阻，和MNQP区域内均存在磁感应强度大小为8、

方向垂直于轨道平面向上的匀强磁场。质量均为〃?、电阻均为八长度均为，/的金属棒“、方静止在导轨上，

和导轨接触良好，金属棒〃离GH足够远，金属棒。在G”与之间，不计导轨的电阻和一切摩擦，闭合

开美S,用平行于EG向左的恒力厂作用在金属棒。上。

（1）判断金属棒a两端％、%的电势高低并求出金属棒a从GH处离开时的速度大小v；

（2）若在金属棒。速度为0.5丫时，断开开关S,改变水平外力并使金属棒。匀速运动。当外力功率为定值电

阻功率的两倍时，求电容器两端的电压以及从开关断开到此刻外力所做的功W（用'，表示）；

小、〃Bdv(R-r)CB~d2v2(R-r)

(2)U=——----L

【答案】（1）%＞生，”碑：；）C二------------1-------

nCt4Rw=8R

小尸（2尺+，•）（/?+/•）

⑶=

28々4

【详解】（1）当金属棒4向左切割磁感线时，由右手定则可得%

金属棒。向左运动的过程中有/一弓=〃口（1分）

户安=8/d（1分）

/=f-（I分）

R+r

E-Bdv（1分）

可知金属棒。做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度。=0时，速度达到最大\，，此后匀速运动，

联立求得金属棒。从G”处离开时的速度大小£=曾理（1分）

B-d2

（2）断开开关S,电容器充电，则电容器与定值电阻串联，则有

E'=-Bdv（1分）

2

£=/（/?+〃）+§（1分）

当金属棒。匀速运动时，电容器不断充电，电荷量。不断增大，电路中电流不断减小，则金属棒。所受安

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培力七二8/d不断减小，而拉力的功率与=；1尸丫=；18/小(1分)

定值电阻功率心=/次

当玲=2几时-，可得/&=竽

根据£=/(/?+〃)+§

v--

可得此时电容器两端电压为七=2=L?小，-史竺二也四二"a分)

cC44R4R

从开关断开到此刻外力所做的功为力==小。(1分)

,CBdv(R-r)

其中。二——一L

市用CB2d2v2(R-r)八八、

联乂可得力=------------2(1分)

8R

15.(16分)如图所示,水平地面上固定一倾角为47。的斜面,其底端垂直斜面固定一挡板P。斜面顶端固

定•光滑圆弧轨道，轨道所对应的圆心角为53。，轨道卜端与斜面相切。长木板A放置在斜面上，其.卜.端与

斜面上端对齐，下端到挡板P的距离为•，，物块B放在A上表面的中点。初始时A、B均静止，物块C从

圆弧最高点由静止释放，沿圆弧轨道滑到斜面顶端时与A相碰。已知木板A足够长，物块B、C均可视为

9

质点，碰撞均为弹性碰撞，圆弧轨道的半径火=；m，〃八=，沏=l