2025-2026学年山东省滨州市多校高二上学期10月阶段性测试物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025年10月高二学习质量检测物理试题（B）注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑色签字笔书写。字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠、不破损。4.考试范围：人教必修三第12章闭电欧、13章电磁感应与电磁波初步、选修一第1章动量守恒定律。1.通常用试探电荷研究电场，用电流元来研究磁场。通电导线与磁场方向垂直时，通电导线受到磁场的作用力，由此可定义磁感应强度。下列说法正确的是（）A.比值与电流元无关，是描述磁场性质的物理量B.由可知与成正比，与成反比C.磁感应强度是矢量，其方向就是一小段通电导线在该处受磁场力的方向D.若长为、电流为的导线在某处受到的磁场力为，则该处的磁感应强度大小为【答案】A【解析】A．比值由磁场本身决定，与电流元无关，是描述磁场强弱的物理量，故A正确；B．磁感应强度是磁场本身的属性，与和无关，公式仅用于计算，故B错误；C．磁感应强度方向由磁场本身决定，与导线受力方向垂直（由左手定则判断），故C错误；D．仅当导线与磁场垂直时，才成立；若导线与磁场不垂直，实际磁感应强度大小大于，故D错误。故选A。2.读下面“电磁波谱及其应用”图，判断下列说法正确的是（）A.图中波长最长的是射线 B.图中频率最大的是射线C.图中能量最低的是射线 D.紫外线不能在真空中传播【答案】B【解析】AB．由电磁波谱可知，射线的波长最短，由公式可知，射线的频率最大，故A错误，B正确；C．根据光子的能量可知，射线的频率最大，能量最大，故C错误；D．电磁波都可以在真空中传播，因此紫外线可以在真空中传播，故D错误。故选B。3.相同的玻璃杯从同样的高度由静止释放，分别落在坚硬的水平地面和铺有地毯的水平地面上。结果发现玻璃杯落在地面上会破碎，落在地毯上则不会破碎。下列关于该现象的物理原因分析，正确的是（）A.玻璃杯落在地面上时，地面对它的冲量更大，因此作用力更大B.玻璃杯落在地毯上时，地面对它的冲量更少，落地时的受到的冲击力更小C.玻璃杯落在地面上时，动量改变量更大，导致地面对它的作用力更大D.玻璃杯落在地毯上时，动量改变量与落在地面时近似相等，但作用时间更长，导致作用力更小【答案】D【解析】玻璃杯从同一高度下落，落地瞬间速度相同，动量变化量可知动量变化量相等；根据动量定理可知冲量相等。坚硬地面作用时间短，导致冲击力更大；地毯延长作用时间，导致冲击力更小。故选D。4.某充气泵的结构示意图如图所示，当电磁铁通入电流时，可吸引或排斥上部的小磁体，从而带动弹性金属片对橡皮碗下面的气室施加力的作用，达到充气的目的。当电流从电磁铁的接线柱A流入时，发现吸引小磁体向下运动，则（）A.电磁铁中磁场向上，小磁体的下端为N极B.电磁铁中磁场向下，小磁体的下端为N极C.电磁铁中磁场向上，小磁体的下端为S极D.电磁铁中磁场向下，小磁体的下端为S极【答案】B【解析】当电流从电磁铁的接线柱A流入时，从上向下看电流是顺时针方向，根据右手螺旋定则可知电磁铁中磁场向下，电磁铁的下端为N极，上端为S极，由异性相吸可知小磁体的下端为N极。故选B。5.如图所示，矩形线圈位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，线圈的两个边与导线平行。下列说法正确的是（）A.线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向外B.仅增加线圈匝数，通过线圈的磁通量增大C.保持线圈边平行于直导线在平面内向上移动时，线圈内将产生感应电流D.保持线圈边平行于直导线在平面内远离导线移动时，线圈内将产生感应电流【答案】D【解析】A．根据右手螺旋定则可知，线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向里，故A错误；B．仅增加线圈匝数，通过线圈的磁通量保持不变，故B错误；C．保持线圈边平行于直导线在平面内向上移动时，通过线圈的磁通量保持不变，则线圈内不产生感应电流，故C错误；D．保持线圈边平行于直导线在平面内远离导线移动时，通过线圈的磁通量减小，线圈内将产生感应电流，故D正确。故选D。6.电阻表是在电流表的基础上改装而成的，某一个简单的电阻表电路如图所示。下列分析正确的是（）A.欧姆调零后，电阻表的内阻会随待测电阻的增大而逐渐变大B.若待测电阻的阻值变为原来的2倍，电路中的电流也会变为原来的2倍C.若电源内阻增大，未重新进行欧姆调零仍能准确测量待测电阻D.若电表指针指在半偏刻度，则待测电阻等于调零后（测量前）的电阻表总内阻【答案】D【解析】A．欧姆调零后，电阻表的内阻保持不变，不会随待测电阻的增大而逐渐变大，故A错误；B．根据闭合电路欧姆定律若待测电阻的阻值变为原来的2倍，电路中的电流不是变为原来的2倍，故B错误；C．根据闭合电路欧姆定律若电源内阻增大，未重新进行欧姆调零，则欧姆表内阻变大，不能准确测量待测电阻，故C错误；D．欧姆调零时，有若电表指针指在半偏刻度，根据闭合电路欧姆定律则待测电阻等于调零后（测量前）的电阻表总内阻，故D正确。故选D。7.古有曹冲用船称象，今有同学用船粗略测定自身的质量。他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，用卷尺测出船后退的距离，不计水的阻力，根据“船检铭牌”上查到的船长和船的质量，可得出该同学的质量为（）A. B.C. D.【答案】B【解析】设人的质量为m，人在船上行走时，水平方向动量守恒，则有根据位移关系可得联立解得故选B。8.水流射向墙壁，会对墙壁产生冲击力。假设水枪喷水口的横截面积为，喷出水流的流速为，水流垂直射向竖直墙壁后速度变为0.已知水的密度为，重力加速度大小为，则下列正确的是（）A.单位时间内水枪喷出水的质量为B.单位时间内水枪喷出水的质量为C.墙壁受到的平均冲击力为D.墙壁受到的平均冲击力为【答案】C【解析】AB．时间内喷水质量单位时间内水枪喷出水的质量，A错误，B错误；CD．根据动量定理有联立解得根据牛顿第三定律可得墙壁受到的平均冲击力为，C正确，D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示的图像中，直线a为某电源的路端电压与电流的关系，直线b为某电阻R的电压与电流的关系。现用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知（）A.R的阻值为0.25Ω B.电源的内阻为2ΩC.电源的总功率为9W D.电源内部消耗的功率为2W【答案】BD【解析】A．由直线b可知R的阻值为，故A错误；B．直线a为电源的图像，根据闭合电路欧姆定律可得可知，，故B正确；CD．用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像交点可知电流为，则电源的总功率为电源内部消耗的功率为，故C错误，D正确。故选BD。10.如图所示，两根平行长直导线M、N分别通以大小之比为1∶2、方向相反的电流，O点为MN中点。已知直线通电直导线周围的磁感应强度大小与电流大小成正比。若导线M在O产生的磁感应强度大小为B，则下列正确的是（）A.两导线相互吸引B.O点的磁感应强度方向在纸面内垂直于MN连线向下C.O点的磁感应强度大小为3BD.O点的磁感应强度大小为B【答案】BC【解析】A．根据安培定则可知导线M在N导线的位置产生的磁场方向垂直MN向下，结合左手定则可知，此时N导线受到的安培力向右，同理可知，导线M在N导线产生的磁场中受到的安培力向左，因此两导线相互排斥，故A错误；BCD．导线M在O产生的磁感应强度大小为B，则导线N在O产生的磁感应强度大小为2B，根据安培定则可知，O点的合磁感应强度的方向在纸面内垂直于MN连线向下，由矢量的合成可知，O点的磁感应强度大小为3B，故BC正确，D错误。故选BC。11.如图所示，电源电动势为E、内阻为r，R1、R2、R3为定值电阻，电压表和电流表均可视为理想电表。开始滑动触头处于变阻器R的正中央，开关S闭合，将滑片P向上端移动，则下列说法正确的是（）A.电流表A1示数变小B.电流表A2示数变小C.电压表V的示数变大D.电压表V与电流表A2示数变化量的比值||变小【答案】AC【解析】A．开始滑动触头处于变阻器R的正中央，当滑动变阻器的滑片向上移动时，电路总电阻变小，总电流变大，根据闭合电路欧姆定律可知，内电压增大，路端电压变小，则和两端电压变小，电流表A1示数变小，故A正确；BC．和两端电压变小，流经两者电流减小，但是总电流变大，则电流表A2示数变大，电流变大，两端电压升高，所以电压表V的示数变大，故B错误，C正确；D．因为，所以不变，故D错误。故选AC。12.如图甲所示，a、b两物块（均视为质点）用轻质弹簧连接并放置在光滑的水平面上，b的质量为m。t=0时刻，使a获得水平向右、大小为v0的初速度，a、b运动的速度—时间图像如图乙所示。已知弹簧的劲度系数为k，弹簧的弹性势能，其中x为弹簧的形变量，弹簧始终处于弹性限度内。下列说法正确的是（）A.a的质量为2mB.t2时刻，a、b间的距离最大C.0-t3时间内，b所受冲量的大小为D.图乙中阴影部分的面积为【答案】ACD【解析】A．设a的质量为，以水平向右的方向为正方向，由动量守恒定律可得解得，故A正确；B．根据图乙可知，时刻之前a的速度大于b的速度，时刻a的速度等于b的速度，则时刻弹簧被压缩最短，此时a、b间的距离最小，接着弹簧逐渐恢复原长，在时刻a的速度最小、b的速度最大，此时弹簧恢复原长，故时刻a、b间的距离并非最大，接着弹簧继续伸长，a的速度增大、b的速度减小，在时刻两者共速，此时两物块相距最远，因此时刻a、b间的距离最大，故B错误；C．时间内，以水平向右的方向为正方向，对b由动量定理可得，故C正确；D．图中阴影部分的面积为弹簧的最大压缩量，根据能量守恒定律可得解得即图乙中阴影部分的面积为，故D正确。故选ACD。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.某同学用如图甲所示的装置验证动量守恒定律。长木板的一端垫有小木块，可以微调木板的倾斜程度，使小车能在木板上做匀速直线运动。长木板的顶端安装着传感器，可以测量小车A到传感器的距离x或速度。（1）若给小车A一个初速度，得到速度v随时间t变化的图像如图乙所示，则应进行的操作是（）A.将小木块水平向左稍微移动调整B.将小木块水平向右稍微移动调整C.木板倾斜状态刚刚好，无需调整（2）调整好长木板后，让小车A以某一速度运动，与静止在长木板上的小车B（后端粘有橡皮泥）相碰并粘在一起，导出传感器记录的数据，绘制x随时间t变化的图像如图丙所示。（3）已知小车A的质量为0.4kg，小车B（连同橡皮泥）的质量为0.2kg，由此可知碰前两小车的总动量是_____，碰后两小车的总动量是_____。（计算结果均保留两位有效数字）。若在误差允许的范围内，两小车碰撞前后总动量相等，则碰撞前后动量守恒。【答案】（1）B（2）0.24（3）0.23【解析】（1）[1]由乙图可知，给小车A一个初速度后小车A做加速运动，所以应将小木块水平向右稍微移动调整，以使小车A在斜面上能做匀速运动。故选B。（3）[2][3]由丙图可求得碰前和碰后小车A的速度分别为所以碰前和碰后两小车总动量分别为，14.测量电源的电动势和内阻的实验中，为了消除电流表和电压表内阻对实验结果的影响，某实验小组设计了如图甲所示的实验。先将单刀双掷开关S2接1，闭合S1，调节滑动变阻器，得到多组电压U和电流I，断开S1，作出U-I图像；再将开关S2接2，重复上述操作。最终作出的两条U-I图线如图乙所示。（1）仅利用开关S2接2测得的数据，得出电动势和内阻，系统误差来源于（）A.电压表分流 B.电流表分压（2）开关S2接1进行实验，作出的U-I图像为图乙中的图线_____（填“A”或“B”）。（3）消除电流表和电压表内阻对实验结果的影响，用图乙中物理量的符号表示出电动势E=_____，内阻r=_____。【答案】（1）A（2）A（3）【解析】（1）由图甲所示实物图可知，S2接2时相对于电源，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用导致电流的测量值小于真实值造成实验误差。故选A。（2）设电源电动势的真实值为E，内阻的真实值为r，电压表的示数为U，电流表的示数为I，开关S2接1时，则有则图像的纵截距为E，斜率的绝对值为开关S2接2时，则有整理可得则图像的纵截距为斜率的绝对值为结合图乙中的图线可知，开关S2接1进行实验，作出的U-I图像为图乙中的图线A。（3）[1]结合上述分析可知，开关S2接1时，电源电动势的测量值等于真实值，图线为A，则电源电动势E=UA[2]开关S2接2时短路电流的测量值与真实值相等，由图线B可知，短路电流为IB，则电源内阻15.质量为30kg的运动员从离水平网面0.8m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面0.45m高处，已知运动员与网接触的时间为0.35s，重力加速度g取10m/s2，求：（1）运动员与网接触的这段时间内，动量的变化量的大小和方向；（2）网对运动员的平均作用力大小。【答案】（1）210kg∙m/s，方向竖直向上（2）900N【解析】（1）下落未接触到网的过程中，根据运动学规律可得代入数据解得同理离开网向上减速的过程中，则有以竖直向上为正方向，运动员触网过程中动量变化量为动量变化量的方向竖直向上。（2）对运动员，由动量定理得解得16.如图所示的电路中，定值电阻a、b、c、d的阻值均为R，电容器C的耐压值足够大，电源的内阻为0.5R。当仅闭合开关S1时，电路的总电阻用R1表示，电容器所带的电荷量为q1；当两个开关S1、S2均闭合时，电路的总电阻用R2表示，电容器所带的电荷量为q2，两种状态下，求：（1）电路的总电阻之比；（2）电容器所带的电荷量之比。【答案】（1）（2）【解析】（1）仅闭合开关时，等效电路如图甲所示，两个开关S1、S2均闭合时，等效电路如图乙所示甲图电路的总电阻为乙图电路的总电阻为则（2）设电源电动势为，仅闭合开关时，电容器两极板间的电压则电容器所带的电荷量两个开关S1、S2均闭合时，电容器两极板之间的电压为电容器所带的电荷量故17.如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，电阻R1=1Ω，电阻R2=6Ω，开关S闭合后，电动机恰好正常工作。已知电动机额定电压U=6V，线圈电阻R=0.5Ω，求：（1）流过电动机的电流IM；（2）电动机正常工作时产生的机械功率；（3）电源效率。【答案】（1）2A（2）10W（3）75%【解析】（1）根据闭合电路的欧姆定律可知，流过电源的干路电流为则流过电动机的电流为（2）电动机的发热功率为输出功率为解得（3）电源的输出功率为代入数据解得电源的效率18.如图所示，固定点O处悬挂长为L的轻质细绳，细绳的末端拴接一个质量为2m的小球。光滑水平地面上有n个质量均为m的相同小滑块，从左向右依次编号为1、2、…、n.现将细线水平拉直，静止释放小球，当小球摆到最低点时刚好与小滑块1发生弹性碰撞。已知滑块间的每次碰撞时间极短，重力加速度大小为g。（1）求小球与1号小滑块碰前瞬间细绳的拉力大小；（2）若所有滑块间碰撞是弹性碰撞，求小滑块n被碰后速度大小；（3）若所有滑块间的碰撞是完全非弹性碰撞，求因碰撞损失的机械能。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）小球下摆过程：由机械能守恒得碰前瞬间小球所需向心力由拉力和重力的合力提供联立解得（2）小球与滑块1发生弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒，得，联立解得，滑块1、2发生弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒，得，联立解得，质量相等的滑块发生弹性碰撞后，二者交换速度，可知小滑块n被碰后速度大小为（3）所有滑块都发生完全非弹性碰撞，整个碰撞过程中动量守恒，有整个过程中损失的机械能为联立解得2025年10月高二学习质量检测物理试题（B）注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑色签字笔书写。字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠、不破损。4.考试范围：人教必修三第12章闭电欧、13章电磁感应与电磁波初步、选修一第1章动量守恒定律。1.通常用试探电荷研究电场，用电流元来研究磁场。通电导线与磁场方向垂直时，通电导线受到磁场的作用力，由此可定义磁感应强度。下列说法正确的是（）A.比值与电流元无关，是描述磁场性质的物理量B.由可知与成正比，与成反比C.磁感应强度是矢量，其方向就是一小段通电导线在该处受磁场力的方向D.若长为、电流为的导线在某处受到的磁场力为，则该处的磁感应强度大小为【答案】A【解析】A．比值由磁场本身决定，与电流元无关，是描述磁场强弱的物理量，故A正确；B．磁感应强度是磁场本身的属性，与和无关，公式仅用于计算，故B错误；C．磁感应强度方向由磁场本身决定，与导线受力方向垂直（由左手定则判断），故C错误；D．仅当导线与磁场垂直时，才成立；若导线与磁场不垂直，实际磁感应强度大小大于，故D错误。故选A。2.读下面“电磁波谱及其应用”图，判断下列说法正确的是（）A.图中波长最长的是射线 B.图中频率最大的是射线C.图中能量最低的是射线 D.紫外线不能在真空中传播【答案】B【解析】AB．由电磁波谱可知，射线的波长最短，由公式可知，射线的频率最大，故A错误，B正确；C．根据光子的能量可知，射线的频率最大，能量最大，故C错误；D．电磁波都可以在真空中传播，因此紫外线可以在真空中传播，故D错误。故选B。3.相同的玻璃杯从同样的高度由静止释放，分别落在坚硬的水平地面和铺有地毯的水平地面上。结果发现玻璃杯落在地面上会破碎，落在地毯上则不会破碎。下列关于该现象的物理原因分析，正确的是（）A.玻璃杯落在地面上时，地面对它的冲量更大，因此作用力更大B.玻璃杯落在地毯上时，地面对它的冲量更少，落地时的受到的冲击力更小C.玻璃杯落在地面上时，动量改变量更大，导致地面对它的作用力更大D.玻璃杯落在地毯上时，动量改变量与落在地面时近似相等，但作用时间更长，导致作用力更小【答案】D【解析】玻璃杯从同一高度下落，落地瞬间速度相同，动量变化量可知动量变化量相等；根据动量定理可知冲量相等。坚硬地面作用时间短，导致冲击力更大；地毯延长作用时间，导致冲击力更小。故选D。4.某充气泵的结构示意图如图所示，当电磁铁通入电流时，可吸引或排斥上部的小磁体，从而带动弹性金属片对橡皮碗下面的气室施加力的作用，达到充气的目的。当电流从电磁铁的接线柱A流入时，发现吸引小磁体向下运动，则（）A.电磁铁中磁场向上，小磁体的下端为N极B.电磁铁中磁场向下，小磁体的下端为N极C.电磁铁中磁场向上，小磁体的下端为S极D.电磁铁中磁场向下，小磁体的下端为S极【答案】B【解析】当电流从电磁铁的接线柱A流入时，从上向下看电流是顺时针方向，根据右手螺旋定则可知电磁铁中磁场向下，电磁铁的下端为N极，上端为S极，由异性相吸可知小磁体的下端为N极。故选B。5.如图所示，矩形线圈位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，线圈的两个边与导线平行。下列说法正确的是（）A.线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向外B.仅增加线圈匝数，通过线圈的磁通量增大C.保持线圈边平行于直导线在平面内向上移动时，线圈内将产生感应电流D.保持线圈边平行于直导线在平面内远离导线移动时，线圈内将产生感应电流【答案】D【解析】A．根据右手螺旋定则可知，线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向里，故A错误；B．仅增加线圈匝数，通过线圈的磁通量保持不变，故B错误；C．保持线圈边平行于直导线在平面内向上移动时，通过线圈的磁通量保持不变，则线圈内不产生感应电流，故C错误；D．保持线圈边平行于直导线在平面内远离导线移动时，通过线圈的磁通量减小，线圈内将产生感应电流，故D正确。故选D。6.电阻表是在电流表的基础上改装而成的，某一个简单的电阻表电路如图所示。下列分析正确的是（）A.欧姆调零后，电阻表的内阻会随待测电阻的增大而逐渐变大B.若待测电阻的阻值变为原来的2倍，电路中的电流也会变为原来的2倍C.若电源内阻增大，未重新进行欧姆调零仍能准确测量待测电阻D.若电表指针指在半偏刻度，则待测电阻等于调零后（测量前）的电阻表总内阻【答案】D【解析】A．欧姆调零后，电阻表的内阻保持不变，不会随待测电阻的增大而逐渐变大，故A错误；B．根据闭合电路欧姆定律若待测电阻的阻值变为原来的2倍，电路中的电流不是变为原来的2倍，故B错误；C．根据闭合电路欧姆定律若电源内阻增大，未重新进行欧姆调零，则欧姆表内阻变大，不能准确测量待测电阻，故C错误；D．欧姆调零时，有若电表指针指在半偏刻度，根据闭合电路欧姆定律则待测电阻等于调零后（测量前）的电阻表总内阻，故D正确。故选D。7.古有曹冲用船称象，今有同学用船粗略测定自身的质量。他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，用卷尺测出船后退的距离，不计水的阻力，根据“船检铭牌”上查到的船长和船的质量，可得出该同学的质量为（）A. B.C. D.【答案】B【解析】设人的质量为m，人在船上行走时，水平方向动量守恒，则有根据位移关系可得联立解得故选B。8.水流射向墙壁，会对墙壁产生冲击力。假设水枪喷水口的横截面积为，喷出水流的流速为，水流垂直射向竖直墙壁后速度变为0.已知水的密度为，重力加速度大小为，则下列正确的是（）A.单位时间内水枪喷出水的质量为B.单位时间内水枪喷出水的质量为C.墙壁受到的平均冲击力为D.墙壁受到的平均冲击力为【答案】C【解析】AB．时间内喷水质量单位时间内水枪喷出水的质量，A错误，B错误；CD．根据动量定理有联立解得根据牛顿第三定律可得墙壁受到的平均冲击力为，C正确，D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示的图像中，直线a为某电源的路端电压与电流的关系，直线b为某电阻R的电压与电流的关系。现用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知（）A.R的阻值为0.25Ω B.电源的内阻为2ΩC.电源的总功率为9W D.电源内部消耗的功率为2W【答案】BD【解析】A．由直线b可知R的阻值为，故A错误；B．直线a为电源的图像，根据闭合电路欧姆定律可得可知，，故B正确；CD．用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像交点可知电流为，则电源的总功率为电源内部消耗的功率为，故C错误，D正确。故选BD。10.如图所示，两根平行长直导线M、N分别通以大小之比为1∶2、方向相反的电流，O点为MN中点。已知直线通电直导线周围的磁感应强度大小与电流大小成正比。若导线M在O产生的磁感应强度大小为B，则下列正确的是（）A.两导线相互吸引B.O点的磁感应强度方向在纸面内垂直于MN连线向下C.O点的磁感应强度大小为3BD.O点的磁感应强度大小为B【答案】BC【解析】A．根据安培定则可知导线M在N导线的位置产生的磁场方向垂直MN向下，结合左手定则可知，此时N导线受到的安培力向右，同理可知，导线M在N导线产生的磁场中受到的安培力向左，因此两导线相互排斥，故A错误；BCD．导线M在O产生的磁感应强度大小为B，则导线N在O产生的磁感应强度大小为2B，根据安培定则可知，O点的合磁感应强度的方向在纸面内垂直于MN连线向下，由矢量的合成可知，O点的磁感应强度大小为3B，故BC正确，D错误。故选BC。11.如图所示，电源电动势为E、内阻为r，R1、R2、R3为定值电阻，电压表和电流表均可视为理想电表。开始滑动触头处于变阻器R的正中央，开关S闭合，将滑片P向上端移动，则下列说法正确的是（）A.电流表A1示数变小B.电流表A2示数变小C.电压表V的示数变大D.电压表V与电流表A2示数变化量的比值||变小【答案】AC【解析】A．开始滑动触头处于变阻器R的正中央，当滑动变阻器的滑片向上移动时，电路总电阻变小，总电流变大，根据闭合电路欧姆定律可知，内电压增大，路端电压变小，则和两端电压变小，电流表A1示数变小，故A正确；BC．和两端电压变小，流经两者电流减小，但是总电流变大，则电流表A2示数变大，电流变大，两端电压升高，所以电压表V的示数变大，故B错误，C正确；D．因为，所以不变，故D错误。故选AC。12.如图甲所示，a、b两物块（均视为质点）用轻质弹簧连接并放置在光滑的水平面上，b的质量为m。t=0时刻，使a获得水平向右、大小为v0的初速度，a、b运动的速度—时间图像如图乙所示。已知弹簧的劲度系数为k，弹簧的弹性势能，其中x为弹簧的形变量，弹簧始终处于弹性限度内。下列说法正确的是（）A.a的质量为2mB.t2时刻，a、b间的距离最大C.0-t3时间内，b所受冲量的大小为D.图乙中阴影部分的面积为【答案】ACD【解析】A．设a的质量为，以水平向右的方向为正方向，由动量守恒定律可得解得，故A正确；B．根据图乙可知，时刻之前a的速度大于b的速度，时刻a的速度等于b的速度，则时刻弹簧被压缩最短，此时a、b间的距离最小，接着弹簧逐渐恢复原长，在时刻a的速度最小、b的速度最大，此时弹簧恢复原长，故时刻a、b间的距离并非最大，接着弹簧继续伸长，a的速度增大、b的速度减小，在时刻两者共速，此时两物块相距最远，因此时刻a、b间的距离最大，故B错误；C．时间内，以水平向右的方向为正方向，对b由动量定理可得，故C正确；D．图中阴影部分的面积为弹簧的最大压缩量，根据能量守恒定律可得解得即图乙中阴影部分的面积为，故D正确。故选ACD。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.某同学用如图甲所示的装置验证动量守恒定律。长木板的一端垫有小木块，可以微调木板的倾斜程度，使小车能在木板上做匀速直线运动。长木板的顶端安装着传感器，可以测量小车A到传感器的距离x或速度。（1）若给小车A一个初速度，得到速度v随时间t变化的图像如图乙所示，则应进行的操作是（）A.将小木块水平向左稍微移动调整B.将小木块水平向右稍微移动调整C.木板倾斜状态刚刚好，无需调整（2）调整好长木板后，让小车A以某一速度运动，与静止在长木板上的小车B（后端粘有橡皮泥）相碰并粘在一起，导出传感器记录的数据，绘制x随时间t变化的图像如图丙所示。（3）已知小车A的质量为0.4kg，小车B（连同橡皮泥）的质量为0.2kg，由此可知碰前两小车的总动量是_____，碰后两小车的总动量是_____。（计算结果均保留两位有效数字）。若在误差允许的范围内，两小车碰撞前后总动量相等，则碰撞前后动量守恒。【答案】（1）B（2）0.24（3）0.23【解析】（1）[1]由乙图可知，给小车A一个初速度后小车A做加速运动，所以应将小木块水平向右稍微移动调整，以使小车A在斜面上能做匀速运动。故选B。（3）[2][3]由丙图可求得碰前和碰后小车A的速度分别为所以碰前和碰后两小车总动量分别为，14.测量电源的电动势和内阻的实验中，为了消除电流表和电压表内阻对实验结果的影响，某实验小组设计了如图甲所示的实验。先将单刀双掷开关S2接1，闭合S1，调节滑动变阻器，得到多组电压U和电流I，断开S1，作出U-I图像；再将开关S2接2，重复上述操作。最终作出的两条U-I图线如图乙所示。（1）仅利用开关S2接2测得的数据，得出电动势和内阻，系统误差来源于（）A.电压表分流 B.电流表分压（2）开关S2接1进行实验，作出的U-I图像为图乙中的图线_____（填“A”或“B”）。（3）消除电流表和电压表内阻对实验结果的影响，用图乙中物理量的符号表示出电动势E=_____，内阻r=_____。【答案】（1）A（2）A（3）【解析】（1）由图甲所示实物图可知，S2接2时相对于电源，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用导致电流的测量值小于真实值造成实验误差。故选A。（2）设电源电动势的真实值为E，内阻的真实值为r，电压表的示数为U，电流表的示数为I，开关S2接1时，则有则图像的纵截距为E，斜率的绝对值为开关S2接2时，则有整理可得则图像的纵截距为斜率的绝对值为结合图乙中的图线可知，开关S2接1进行实验，作出的U-I图像为图乙中的图线A。（3）[1]结合上述分析可知，开关S2接1时，电源电动势的测量值等于真实值，图线