2025-2026学年山西省吕梁市部分学校高二上学期10月夯基考物理试题（A卷）（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025~2026学年高二10月夯基考物理（A卷）1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4．本卷命题范围：人教版必修第三册第十至十一章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列关于电源、电流、电阻率的说法正确的是（）A.电源的工作原理是在电源内部把电子从负极源源不断地搬到正极，产生电压B.根据，通过导体横截面的电荷量越多，电流越大C.将一根导线剪断后导线的电阻率不变D.电流具有方向，所以电流是矢量【答案】C【解析】A．电源内部通过非静电力做功，将正电荷从负极搬运到正极（或电子从正极到负极），从而维持电势差。选项A中“电子从负极搬到正极”描述与实际情况相反，故A错误；B．电流定义式中，电流大小取决于单位时间内通过的电荷量。若电荷量大但时间更长，电流可能反而小，故B错误；C．电阻率是材料固有属性，仅与材料和温度有关，与导体的形状无关。剪断导线仅改变长度和横截面积，电阻率不变，故C正确；D．电流虽有方向，但运算遵循代数法则（如直接相加或相减），而非矢量叠加法则，因此电流是标量，故D错误。故选C。2.将三个定值电阻a、b、c分别接入同一电路，测得相应的电流、电压值，并在图像中描点如图所示。其中阻值最大的是（）A.a B.b C.c D.无法确定【答案】C【解析】将各点与原点直线连接，可知阻值大小等于图线斜率的倒数，则斜率越小的电阻阻值越大，故c阻值最大。故选C。3.如图所示，一带负电粒子从电场中的点沿直线运动到点的过程中，取点为零电势，向右为位移正方向，其电势能随位移变化的关系图像正确的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】从a到b电场线变得越来越稀疏，电场力逐渐减小，Ep-x图像的斜率也逐渐减小，又因粒子带负电，电场力方向从b指向a，粒子从电场中的a点沿直线运动到b点的过程中电场力做负功，电势能增加，故选A。4.某根导线的横截面积为S，该导线材料密度为，每个原子的质量为m，电子电荷量为e，每个原子只提供一个自由电子，当该导线中自由电子定向移动的平均速率为v时，导线中通过的电流大小为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】在时间t内，电子移动的距离为，对应体积。体积V对应的质量，原子数每个原子贡献一个电子，总电荷量代入，得故选B。5.如图所示，真空中有一对平行金属板，两板与恒压电源相连。一带电粒子从板处静止释放，仅在电场力作用下运动到板。若板固定，将板向左移动，该粒子仍从板处由静止释放，下列说法正确的是（）A.开关S闭合时，仅将板向左移动，板带电荷量不变B.开关S闭合时，仅将板向左移动，粒子运动的加速度减小C.开关S先闭合再断开，仅将板向左移动，粒子运动的加速度不变D.开关S闭合时，将粒子固定在两板间某处不动，仅将板向左移动，粒子电势能增大【答案】C【解析】A．开关S闭合时U不变，仅将板向左移动，即减小，根据可知电容增大；根据可知电量增大，故A错误；B．开关S闭合时U不变，仅将板向左移动，即减小，根据可知电场强度增大；根据牛顿第二定律有可知粒子运动的加速度增大，故B错误；C．开关S先闭合再断开，电量Q不变，仅将板向左移动，即减小，根据，，解得可知电场强度E不变，故加速度不变，故C正确；D．开关S闭合时U不变，则M板的电势不变，将粒子固定在两板间某处不动，板向左移动，M板到粒子固定在两板间某处的电势差减小，粒子所在位置电势降低，粒子带正电，则电势能减小，故D错误。故选C。6.如图所示，为等边三角形，在A点固定一电荷量为+q点电荷，将另一电荷量也为+q的点电荷M从无穷远处移到C点，此过程电场力对其做功为W0，再将M沿直线移动到B点并固定，最后将一电荷量为-4q的点电荷N从无穷远处移到C点，取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）A.最终C点的电势为B.最终C点的电势为C.M从C点移动到B点的过程中电势能不变D.N从无穷远处移动到C点的过程，电场力做功为-8W0【答案】D【解析】AB．根据电场力做功与电势能变化的关系式可知当取无穷远处电势为零时，将电荷量为+q的点电荷M从无穷远处移到C点，电场力做功为，则有解得又因为，所以A点的点电荷在C点产生的电势为将电荷M沿直线移动到B点并固定时，由于电荷M所带电量与A点的点电荷所带电量相同，所以电荷M在C点产生的电势与A点的点电荷在C点产生的电势相等，所以最终C点的电势为，故AB错误；C．由于B、C到A点的距离相等，根据点电荷周围电势分布特点可知，A点的点电荷在B、C两点产生的电势相等。但是M从C点移动到B点的过程中，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，故C错误；D．根据可知N从无穷远处移动到C点时，电场力做功为，故D正确。故选D。7.如图所示，质量均为m、带电荷量均为+q的两小球P、Q置于光滑水平地面上，空间中存在水平向左、大小为的匀强电场，重力加速度为g。现对小球P施加一水平向右的恒力F，使P、Q一起向右做匀速直线运动，某时刻撤去F，从撤去F至P减速为零的过程中，下列说法正确的是（）A.恒力F的大小为3mgB.该过程小球P的最大加速度大小为2gC.小球Q的动能先减小后增大D.两球间距离先增大后减小【答案】B【解析】A．P、Q一起向右做匀速直线运动，以P、Q为整体，根据平衡条件可知恒力F的大小为，故A错误；B．P、Q一起向右做匀速直线运动，以Q为研究对象，根据平衡条件可知此时P、Q间的库仑斥力大小为某时刻撤去F，P、Q均向右做减速运动，但P的加速度大于Q的加速度，所以P、Q间的距离逐渐增大，库仑斥力逐渐减小，所以撤去F瞬间小球P的加速度最大，则有，故B正确；C．由于P减速时的加速度大于Q减速时的加速度，所以P的速度先减为0，则从撤去F至P减速为零的过程中，Q一直做减速运动，动能一直减小，故C错误；D．由于P减速时的加速度大于Q减速时的加速度，所以从撤去F至P减速为零的过程中，P的速度一直小于Q的速度，则在该过程中，两球间的距离一直增大，故D错误。故选B。8.一灵敏电流计G的满偏电流为，内阻为。将它改装成0~1mA与0~3mA的两量程电流表，电路如图所示。下列说法正确的是（）A.开关接a时是0~3mA量程B.阻值为，阻值为C.将图中与的位置互换，小量程不变，大量程变化D.若将该灵敏电流计与、串联改装为电压表，则最大量程为0.1V【答案】AC【解析】A．开关接a，量程为，开关接b，量程为，可得开关接a时为大量程，是0~3mA量程，故A正确；B．，可得，联立解得，，故B错误；C．根据A选项可知，对调，，小量程不变，大量程变化，故C正确；D．改装后电压表量程，故D错误。故选AC。9.如图所示，P、Q为固定的等量正电荷，图中虚线为二者连线和中垂线，一对带异种电荷的小球M、N用绝缘杆连接，并与中垂线对称放置，将M、N从无穷远处沿中垂线移动到P、Q连线处，已知M球带的正电荷量大于N球带的负电荷量，取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）A.M、N两球的电势能都增大 B.M、N两球电势能之和增大C.M球移动路径上各点电势升高 D.电场力对N球一直做负功【答案】BC【解析】C．根据同种等量电荷的电场线分布，如图所示根据沿着电场线方向，电势不断降低，而M、N两球移动的路径是逆着电场线运动的，故M、N两球移动路径上各点电势都升高，故C正确；A．正电荷在电势越高的地方电势能越大，负电荷在电势越高的地方电势能越小，故M球的电势能增大，N球的电势能减小，故A错误；B．由题知，M球带的正电荷量大于N球带的负电荷量，根据D．在移动过程，N球的电势能减小，故电场力对N球做正功，故D错误。故选BC。10.如图所示，电源输出电压不变，、、为定值电阻，为滑动变阻器，电流表示数为I，电压表示数为U，电流表和电压表示数变化量的绝对值分别为、，电容器所带电荷量为Q，通过的电流为，电表均视为理想电表，开关S闭合，将的滑片向左缓慢滑动，下列关于I、、U、、、Q的关系图像正确的是（）A. B. C. D.【答案】BC【解析】A．由于故图像为过原点的直线，故A错误；B．根据即，故B正确；C．根据可得斜率不变，故C正确；D．根据欧姆定律可得则，故D错误。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.在“观察电容器的充、放电现象”实验中。实验装置如图甲所示：电源、电容器、电阻箱、电压表、电流表、单刀双掷开关以及导线若干。（1）实验时，先将单刀双掷开关S与“1”端相接，稳定后再将单刀双掷开关S与“2”端相接。从开关S与“2”端相接瞬间开始计时，得到电压表示数与时间的图像如图乙所示，已知图线与坐标轴围成的面积为，电阻箱阻值为，电流表内阻为，根据该图像可以粗测出实验中电容器的电容_________（用题中已知物理量表示）。（2）若将电阻箱的阻值调大重复实验，则得到的图像中，将_________（填“增大”“减小”或“不变”）。（3）重复实验得到电流表示数的图像，若图线与坐标轴围成的面积为，仍用上述方法测出电容器的电容的值应_________（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】（1）（2）增大（3）小于【解析】（1）根据结合图乙可知，电容器放电时的图像与坐标轴围成的面积为可得电容器放电电荷量根据解得（2）若将电阻箱的阻值调大，则放电电流I减小，根据可知总电量保持不变，根据可知放电时间增大（3）根据可知图像与时间轴围成的面积表示电荷量，即为电荷量，由于电压表的分流，则小于真实电量Q，故小于。12.某同学做“测金属丝电阻率”的实验。（1）用游标卡尺测量金属丝长度示数如图甲所示，其值为______mm；（2）先用多用电表欧姆挡的“×1”倍率粗测金属丝的电阻，后应进行的操作是______（选填“机械调零”或“欧姆调零”），示数如图乙所示，其阻值约为______；（3）请将下列实物电路连线，要求电表的示数变化范围较大，已知电压表内阻很大，电流表内阻约。（4）从实验原理上看，待测电阻测量值______（填“大于”“小于”或“等于”）其真实值。以电压表示数U为纵轴，电流表示数I为横轴作出线性图像的斜率为k，金属丝长度为l，直径为d，则它的电阻率______（用l、d、k字母表示）。【答案】（1）137.50（2）欧姆调零13或13.0（3）（4）小于【解析】（1）20分度游标卡尺的精度为，游标卡尺读数为（2）[1][2]多用电表欧姆挡选择挡位后应进行欧姆调零，倍率为“×1”，则读数为（3）如下图，因要求电表示数变化范围较大，故电路采用分压接法因电压表内阻很大，故采用电流表外接。（4）[1]由于电压表的分流影响，测量值实际上是待测电阻和电压表并联后的阻值，该阻值小于待测电阻阻值，可知测量值小于真实值。[2]根据，可得13.如图所示，电源输出电压恒为20V，定值电阻，，，滑动变阻器最大阻值为，竖直正对放置的平行板电容器间距，电容。将一质量，带电荷量的小球用绝缘细线悬挂在平行板间，缓慢滑动变阻器的滑片使小球恰好静止，此时细线与竖直方向的夹角为，重力加速度g取。求：（1）此时上的电压；（2）此时变阻器的接入阻值。（3）将滑动变阻器的滑片从该位置滑到最右端，电容器所带电荷量的变化量是多少？【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）对小球分析可知此时电容器间电势差等于上的电压，故有联立解得则（2）由上可知和并联后的阻值为则有解得（3）原来所带电荷量滑片滑到最右端时故（1）小球在电场中运动的最大速率；（2）小球对轨道的最大压力大小；（3）小球速率最大时具有的电势能。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）由等效重力场可知，等效重力方向向右下方与BD夹角设小球在等效最低点速度为v则有解得（2）由解得根据牛顿第三定律，最大压力（3）由上可知，故15.如图甲所示，两平行金属板水平正对放置，间距为d，金属板长为2d，两金属板间加如图乙所示的电压（初始时上金属板带正电），其中未知。一粒子源位于两金属板左端中间位置，连续发射质量为m、电荷量为＋q的带电粒子（初速度，T为已知量，重力忽略不计），已知时射入的粒子恰好到达下金属板的中点位置。（1）求能从板间飞出的粒子在板间运动的时间；（2）求；（3）在内哪些时刻进入两金属板间的带电粒子能够飞出两金属板间？【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）若粒子能飞出板间，则有（2）时发射的粒子恰好到达下板中点，则有又有，联立解得（3）设时刻发射的粒子恰好到达下板再向上运动，则有解得设时刻发射的粒子恰好到上板边缘，则解得故当时段内射入的粒子能飞出。2025~2026学年高二10月夯基考物理（A卷）1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4．本卷命题范围：人教版必修第三册第十至十一章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列关于电源、电流、电阻率的说法正确的是（）A.电源的工作原理是在电源内部把电子从负极源源不断地搬到正极，产生电压B.根据，通过导体横截面的电荷量越多，电流越大C.将一根导线剪断后导线的电阻率不变D.电流具有方向，所以电流是矢量【答案】C【解析】A．电源内部通过非静电力做功，将正电荷从负极搬运到正极（或电子从正极到负极），从而维持电势差。选项A中“电子从负极搬到正极”描述与实际情况相反，故A错误；B．电流定义式中，电流大小取决于单位时间内通过的电荷量。若电荷量大但时间更长，电流可能反而小，故B错误；C．电阻率是材料固有属性，仅与材料和温度有关，与导体的形状无关。剪断导线仅改变长度和横截面积，电阻率不变，故C正确；D．电流虽有方向，但运算遵循代数法则（如直接相加或相减），而非矢量叠加法则，因此电流是标量，故D错误。故选C。2.将三个定值电阻a、b、c分别接入同一电路，测得相应的电流、电压值，并在图像中描点如图所示。其中阻值最大的是（）A.a B.b C.c D.无法确定【答案】C【解析】将各点与原点直线连接，可知阻值大小等于图线斜率的倒数，则斜率越小的电阻阻值越大，故c阻值最大。故选C。3.如图所示，一带负电粒子从电场中的点沿直线运动到点的过程中，取点为零电势，向右为位移正方向，其电势能随位移变化的关系图像正确的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】从a到b电场线变得越来越稀疏，电场力逐渐减小，Ep-x图像的斜率也逐渐减小，又因粒子带负电，电场力方向从b指向a，粒子从电场中的a点沿直线运动到b点的过程中电场力做负功，电势能增加，故选A。4.某根导线的横截面积为S，该导线材料密度为，每个原子的质量为m，电子电荷量为e，每个原子只提供一个自由电子，当该导线中自由电子定向移动的平均速率为v时，导线中通过的电流大小为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】在时间t内，电子移动的距离为，对应体积。体积V对应的质量，原子数每个原子贡献一个电子，总电荷量代入，得故选B。5.如图所示，真空中有一对平行金属板，两板与恒压电源相连。一带电粒子从板处静止释放，仅在电场力作用下运动到板。若板固定，将板向左移动，该粒子仍从板处由静止释放，下列说法正确的是（）A.开关S闭合时，仅将板向左移动，板带电荷量不变B.开关S闭合时，仅将板向左移动，粒子运动的加速度减小C.开关S先闭合再断开，仅将板向左移动，粒子运动的加速度不变D.开关S闭合时，将粒子固定在两板间某处不动，仅将板向左移动，粒子电势能增大【答案】C【解析】A．开关S闭合时U不变，仅将板向左移动，即减小，根据可知电容增大；根据可知电量增大，故A错误；B．开关S闭合时U不变，仅将板向左移动，即减小，根据可知电场强度增大；根据牛顿第二定律有可知粒子运动的加速度增大，故B错误；C．开关S先闭合再断开，电量Q不变，仅将板向左移动，即减小，根据，，解得可知电场强度E不变，故加速度不变，故C正确；D．开关S闭合时U不变，则M板的电势不变，将粒子固定在两板间某处不动，板向左移动，M板到粒子固定在两板间某处的电势差减小，粒子所在位置电势降低，粒子带正电，则电势能减小，故D错误。故选C。6.如图所示，为等边三角形，在A点固定一电荷量为+q点电荷，将另一电荷量也为+q的点电荷M从无穷远处移到C点，此过程电场力对其做功为W0，再将M沿直线移动到B点并固定，最后将一电荷量为-4q的点电荷N从无穷远处移到C点，取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）A.最终C点的电势为B.最终C点的电势为C.M从C点移动到B点的过程中电势能不变D.N从无穷远处移动到C点的过程，电场力做功为-8W0【答案】D【解析】AB．根据电场力做功与电势能变化的关系式可知当取无穷远处电势为零时，将电荷量为+q的点电荷M从无穷远处移到C点，电场力做功为，则有解得又因为，所以A点的点电荷在C点产生的电势为将电荷M沿直线移动到B点并固定时，由于电荷M所带电量与A点的点电荷所带电量相同，所以电荷M在C点产生的电势与A点的点电荷在C点产生的电势相等，所以最终C点的电势为，故AB错误；C．由于B、C到A点的距离相等，根据点电荷周围电势分布特点可知，A点的点电荷在B、C两点产生的电势相等。但是M从C点移动到B点的过程中，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，故C错误；D．根据可知N从无穷远处移动到C点时，电场力做功为，故D正确。故选D。7.如图所示，质量均为m、带电荷量均为+q的两小球P、Q置于光滑水平地面上，空间中存在水平向左、大小为的匀强电场，重力加速度为g。现对小球P施加一水平向右的恒力F，使P、Q一起向右做匀速直线运动，某时刻撤去F，从撤去F至P减速为零的过程中，下列说法正确的是（）A.恒力F的大小为3mgB.该过程小球P的最大加速度大小为2gC.小球Q的动能先减小后增大D.两球间距离先增大后减小【答案】B【解析】A．P、Q一起向右做匀速直线运动，以P、Q为整体，根据平衡条件可知恒力F的大小为，故A错误；B．P、Q一起向右做匀速直线运动，以Q为研究对象，根据平衡条件可知此时P、Q间的库仑斥力大小为某时刻撤去F，P、Q均向右做减速运动，但P的加速度大于Q的加速度，所以P、Q间的距离逐渐增大，库仑斥力逐渐减小，所以撤去F瞬间小球P的加速度最大，则有，故B正确；C．由于P减速时的加速度大于Q减速时的加速度，所以P的速度先减为0，则从撤去F至P减速为零的过程中，Q一直做减速运动，动能一直减小，故C错误；D．由于P减速时的加速度大于Q减速时的加速度，所以从撤去F至P减速为零的过程中，P的速度一直小于Q的速度，则在该过程中，两球间的距离一直增大，故D错误。故选B。8.一灵敏电流计G的满偏电流为，内阻为。将它改装成0~1mA与0~3mA的两量程电流表，电路如图所示。下列说法正确的是（）A.开关接a时是0~3mA量程B.阻值为，阻值为C.将图中与的位置互换，小量程不变，大量程变化D.若将该灵敏电流计与、串联改装为电压表，则最大量程为0.1V【答案】AC【解析】A．开关接a，量程为，开关接b，量程为，可得开关接a时为大量程，是0~3mA量程，故A正确；B．，可得，联立解得，，故B错误；C．根据A选项可知，对调，，小量程不变，大量程变化，故C正确；D．改装后电压表量程，故D错误。故选AC。9.如图所示，P、Q为固定的等量正电荷，图中虚线为二者连线和中垂线，一对带异种电荷的小球M、N用绝缘杆连接，并与中垂线对称放置，将M、N从无穷远处沿中垂线移动到P、Q连线处，已知M球带的正电荷量大于N球带的负电荷量，取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）A.M、N两球的电势能都增大 B.M、N两球电势能之和增大C.M球移动路径上各点电势升高 D.电场力对N球一直做负功【答案】BC【解析】C．根据同种等量电荷的电场线分布，如图所示根据沿着电场线方向，电势不断降低，而M、N两球移动的路径是逆着电场线运动的，故M、N两球移动路径上各点电势都升高，故C正确；A．正电荷在电势越高的地方电势能越大，负电荷在电势越高的地方电势能越小，故M球的电势能增大，N球的电势能减小，故A错误；B．由题知，M球带的正电荷量大于N球带的负电荷量，根据D．在移动过程，N球的电势能减小，故电场力对N球做正功，故D错误。故选BC。10.如图所示，电源输出电压不变，、、为定值电阻，为滑动变阻器，电流表示数为I，电压表示数为U，电流表和电压表示数变化量的绝对值分别为、，电容器所带电荷量为Q，通过的电流为，电表均视为理想电表，开关S闭合，将的滑片向左缓慢滑动，下列关于I、、U、、、Q的关系图像正确的是（）A. B. C. D.【答案】BC【解析】A．由于故图像为过原点的直线，故A错误；B．根据即，故B正确；C．根据可得斜率不变，故C正确；D．根据欧姆定律可得则，故D错误。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.在“观察电容器的充、放电现象”实验中。实验装置如图甲所示：电源、电容器、电阻箱、电压表、电流表、单刀双掷开关以及导线若干。（1）实验时，先将单刀双掷开关S与“1”端相接，稳定后再将单刀双掷开关S与“2”端相接。从开关S与“2”端相接瞬间开始计时，得到电压表示数与时间的图像如图乙所示，已知图线与坐标轴围成的面积为，电阻箱阻值为，电流表内阻为，根据该图像可以粗测出实验中电容器的电容_________（用题中已知物理量表示）。（2）若将电阻箱的阻值调大重复实验，则得到的图像中，将_________（填“增大”“减小”或“不变”）。（3）重复实验得到电流表示数的图像，若图线与坐标轴围成的面积为，仍用上述方法测出电容器的电容的值应_________（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】（1）（2）增大（3）小于【解析】（1）根据结合图乙可知，电容器放电时的图像与坐标轴围成的面积为可得电容器放电电荷量根据解得（2）若将电阻箱的阻值调大，则放电电流I减小，根据可知总电量保持不变，根据可知放电时间增大（3）根据可知图像与时间轴围成的面积表示电荷量，即为电荷量，由于电压表的分流，则小于真实电量Q，故小于。12.某同学做“测金属丝电阻率”的实验。（1）用游标卡尺测量金属丝长度示数如图甲所示，其值为______mm；（2）先用多用电表欧姆挡的“×1”倍率粗测金属丝的电阻，后应进行的操作是______（选填“机械调零”或“欧姆调零”），示数如图乙所示，其阻值约为______；（3）请将下列实物电路连线，要求电表的示数变化范围较大，已知电压表内阻很大，电流表内阻约。（4）从实验原理上看，待测电