2025-2026学年四川省成都市简阳中学高三上学期10月月考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1四川省简阳中学2025-2026学年度高三上学期10月月考物理试题注意事项：1.开始作答前，考生需要将自己的姓名、准考证号、座位号填写在答题卡的相应位置上。2.选择题部分请用2B铅笔填涂，非选择题部分用0.5mm黑色签字笔在答题卡的规定区域书写。3.请保持答题卡的清洁与完整，因为考生自己原因导致影响评分的，责任自负。4.考试结束后，只交回答题卡。一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。内速度由减至0。该过程中加速度大小为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根据运动学公式，代入数值解得故加速度大小为。故选C。2.如图所示，一束可见光穿过平行玻璃砖后，分为a、b两束单色光。则（）A.玻璃对b光的折射率较大B.在真空中a光的速度大于b光的速度C.a光光子能量大于b光光子能量D.如果b光是绿光，那么a光可能是红光【答案】C【解析】A．由题图可知a光射入玻璃砖后的折射角小于b光射入玻璃砖后的折射角，根据折射定律可知玻璃对a光的折射率较大，故A错误；B．在真空中a光与b光的速度相等，故B错误；C．由A项结论可知a光的频率大于b光的频率，所以a光光子能量大于b光光子能量，故C正确；D．红光的频率小于绿光的频率，所以如果b光是绿光，a光不可能是红光，故D错误。故选C。3.三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一物体P，如图所示。其中OB是水平的，A端、B端固定。若逐渐增加物体P的质量，最先被拉断的绳是（）A.一定是OA B.一定是OBC.一定是OC D.可能是OA，也可能是OC【答案】A【解析】对结点O受力分析如图所示设绳OA与竖直方向的夹角为，根据平衡条件有，可得，根据题意，三根绳子上能够承受的最大拉力相同，根据以上分析可知，若逐渐增加物体P的质量，则绳子OA上的拉力将最先达到最大。故选A。4.如图所示，水平地面上方有一竖直固定铺有复写纸的足够大硬纸板M，P为其左侧正前方的一点，小球从P点以大小相等的水平速度向右侧各个方向抛出不计阻力，打到M上的小球留下的印迹连线可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】画俯视图如上图所示，PO为过抛出点作硬纸板的垂线，O为垂足，以O点为原点建立直角坐标系，以水平方向为x轴，竖直向下为y轴，垂线长为L。打到M上的点的横坐标为x，从抛出到碰撞的时间下落的高度也就是纵坐标y是x二次函数，所以图像是抛物线，故C正确ABD错误。故选C。5.《流浪地球》系列电影深受好评，观众分析流浪地球的发动机推动地球的原理：行星发动机通过逐步改变地球绕太阳运行的行星轨道，然后达到极限以后通过引力弹弓效应弹出地球，整个流浪时间长达几十年。通过停止自转，然后加大地球的反推力来逐步改变地球绕太阳公转轨道。具体过程如图所示，轨道1为地球运行的近似圆轨道，轨道2、3为椭圆轨道，P、Q为椭圆轨道长轴端点。以下说法正确的是（）A.地球在1、2、3轨道的运行周期分别为、、，则B.地球在1、2、3轨道运行时经过P点的速度分别为、、，则C.地球在3轨道上运行经过P点的加速度大于在2轨道上运行经过P点的加速度D.地球在1轨道P点加速后进入2轨道，在2轨道P点再加速后进入3轨道【答案】D【解析】A．地球在1、2、3运行轨道的半长轴依次增大，根据开普勒第三定律，知地球在1、2、3轨道的运行周期关系为，故A错误。BD．地球从轨道1上的P点进入轨道2，要做离心运动，需点火加速，可知；同理，地球从轨道2上的P点进入轨道3，也需点火加速，可知，所以有，故B错误，D正确；C．地球在3轨道上运行经过P点和在2轨道上运行经过P点所受万有引力相等，加速度相等，故C错误。故选D。6.湖南省科技馆“电磁奥秘”展厅有一静电悬浮实验装置。如图所示，用绝缘细线悬挂的轻质带电小球（可视为质点）在匀强电场中静止，悬线与竖直方向夹角为30°，已知小球质量为4×10-4kg，带电量为1×10-8C，重力加速度g=10m/s2。忽略空气阻力，则电场强度的最小值为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】当场强方向与细线方向垂直时场强最小，则解得，故选A。7.如图所示，圆盘在水平面内以角速度ω绕中心轴匀速转动，圆盘上距轴r处P点有一质量为m的小物体随圆盘一起转动。某时刻圆盘突然停止转动，小物体由P点滑至圆盘上的某点停止。下列说法正确的是（）A.圆盘停止转动前，小物体所受摩擦力的方向沿运动轨迹切线方向B.圆盘停止转动前，小物体运动一圈所受摩擦力的冲量大小为C.圆盘停止转动后，小物体沿圆盘半径方向运动D.圆盘停止转动后，小物体整个滑动过程所受摩擦力的冲量大小为【答案】D【解析】A．圆盘停止转动前，小物体随圆盘一起转动，小物体所受摩擦力提供向心力，方向沿半径方向，故A错误；B．圆盘停止转动前，小物体所受摩擦力根据动量定理得，小物体运动一圈所受摩擦力的冲量为大小为0，故B错误；C．圆盘停止转动后，小物体沿切线方向运动，故C错误；D．圆盘停止转动后，根据动量定理可知，小物体整个滑动过程所受摩擦力的冲量为，大小为，故D正确。故选D。二、多选题：8.均匀介质中三个面波源、、位于xoy平面直角坐标系中，三个波源从时刻开始均垂直纸面方向振动，振动方程分别为、、，其中为。三个波源及点的坐标如图所示，该介质中的波速均为2.5cm/s。下列说法正确的是（）A.质点比质点起振早2.4sB.质点在10s内通过的路程为8cmC.若取走波源，则稳定后在轴上有9个减弱点（不考虑波源处）D.若取走波源，则稳定后在轴上有4个加强点（不考虑波源处）【答案】BD【解析】A．由图可知，波源距离质点最近，为，则质点开始振动的时刻为波源距离质点最近，为，则质点开始振动的时刻为所以质点O比质点A早起振，故A错误；B．波源距离质点为，则质点开始振动时刻为波源距离质点为，则质点开始振动的时刻为由题意可知，波源与波源振动完全相反，且质点到两波源的距离相等，则质点为波源与波源作用下的振动减弱点，振幅为振动与振幅较大的波源的振动相同；振动周期为波长为波源距离质点为，波源距离质点为，距离差为又因为波源与波源振动方向相反，所以质点振动减弱，振幅为波源与波源传播到质点之前，质点振动时间为则质点在波源与波源作用下的路程为波源与波源传播到质点之后，由于振幅为0，所以质点的路程为则质点A在10s内通过的路程为，故B正确；C．若取走波源，则波源与波源振动方向相同，设某一振动减弱点到波源的距离为，则，可得，当时，或当时，或当时，或当时，或当时，或则在两波源连线上，即在x轴上共10个振动减弱点，故C错误；D．若取走波源，则波源与波源振动方向相反，两波源的距离为设某一振动加强点到波源的距离为，则，可得，当时，或当时，或则在两波源连线上共4个振动加强点，即在y轴上有4个振动加强点，故D正确。故选BD。9.如图所示，水平放置足够长光滑金属导轨和，与平行，是以O为圆心的圆弧导轨，圆弧左侧和扇形内有方向如图的匀强磁场，金属杆的O端与e点用导线相接，P端与圆弧接触良好，初始时，可滑动的金属杆静止在平行导轨上，若杆绕O点在匀强磁场区内从b到c匀速转动时，回路中始终有电流，则此过程中，下列说法正确的有（）A.杆产生的感应电动势恒定B.杆受到的安培力不变C.杆做匀加速直线运动D.杆中的电流逐渐减小【答案】AD【解析】A．OP转动切割磁感线产生的感应电动势为因为OP匀速转动，所以杆OP产生的感应电动势恒定，故A正确；BCD．杆OP匀速转动产生的感应电动势产生的感应电流由M到N通过MN棒，由左手定则可知，MN棒会向左运动，MN棒运动会切割磁感线，产生电动势与原来电流方向相反，让回路电流减小，MN棒所受合力为安培力，电流减小，安培力会减小，加速度减小，故D正确，BC错误。故选AD。10.如图甲，粗糙、绝缘的水平地面上，一质量m=2kg的带负电小滑块（可视为质点）在x=1m处以初速度沿x轴正方向运动，滑块与地面间的动摩擦因数。整个区域存在沿水平方向的电场，滑块在不同位置所具有的电势能。如图乙所示，P点是图线最低点，虚线AB是经过x=lm处的切线，并且AB经过（0，3）和（3，0）两点，。则（）A.x=3m处的电势最低 B.滑块向右运动过程中，速度一直减小C.滑块运动至x=3m处时，动能最大 D.滑块向右一定能经过x＝4m处的位置【答案】BD【解析】A．由图可知滑块在x=3m处电势能最低，因滑块带负电，根据可知在x=3m处的电势最高，故A错误；BC．图像的斜率大小表示滑块所受电场力的大小，所以滑块在x=1m处所受电场力的大小为滑块所受滑动摩擦力大小为因x=3m处的电势最高，则在1~3m区间内电场强度方向向左，故滑块受到的电场力方向向右，滑动摩擦力方向向左，且电场力大小逐渐减小，故滑块所受的合外力方向与速度方向相反；在x=3m后，电场强度方向向右，则滑块所受电场力与滑动摩擦力方向都向左，且电场力大小逐渐增大，故滑块所受的合外力方向与速度方向相反。综上所述可知滑块在向右运动中，速度一直减小，在x=1m处电场力与摩擦力大小相等，方向相反，合力为零，则速度最大，即动能最大，故B正确，C错误；

D．由图可知，滑块在x=1m处的电势能与x=4m处的电势能相等，由能量守恒定律，若滑块能够滑到x=4m处。则应满足由题中数据可知>可知满足上述条件，则滑块向右一定能经过x＝4m处的位置，故D正确。故选BD。三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.“探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系”的实验装置如图所示。（1）本实验主要用到的科学方法是__________；A.控制变量法B.等效替代法C.理想模型法D.演绎推理法（2）探究向心力与角速度之间的关系时，选择半径__________选填“相同”或“不同”的两个塔轮；同时应将质量相同的小球分别放在__________处；A挡板A和挡板BB.挡板A和挡板CC.挡板B和挡板C（3）探究向心力与角速度之间的关系时，若图中左右标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比1：9，运用圆周运动知识可以判断与皮带连接的左右变速塔轮对应的半径之比为__________。【答案】（1）A（2）不同；B（3）3：1【解析】（1）由于向心力大小与半径、角速度、质量有关，因此要采用控制变量法。故选A。（2）探究向心力与角速度之间的关系时，根据线速度与角速度的关系，可知应选择半径不同的两个塔轮。为了保证两小球做圆周运动的半径相同，应将质量相同的两小球分别放在挡板A和挡板C。故选B。（3）探究向心力与角速度之间的关系时，左右标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9；根据向心力公式F=mrω2角速度之比根据线速度与角速度的关系因此左右塔轮半径之比12.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为L=________mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图所示，由图可知其直径D=________mm；（3）某同学先用多用电表的电阻“”挡，按正确的操作步骤测量此圆柱体的电阻，发现指针偏转角度很小，则应将选择开关旋转到________挡（填“”或“”）并进行欧姆调零，再次进行测量时，表盘示数如图所示，则该电阻的阻值约为________。（4）某同学想通过描绘伏安特性曲线来研究该电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻：电流表（量程，内阻约）；电流表（量程，内阻约）电压表（量程3V，内阻约）；电压表（量程15V，内阻约）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）：滑动变阻器阻值范围，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器阻值范围，允许通过的最大电流0.5A）；开关；导线若干根据实验要求，滑动变阻器应选________（填或），电流表应选________，电压表应选________，请根据所选器材在方框中画出实验电路图________。【答案】（1）50.15（2）4.699##4.697##4.698##4.700（3）；1200（4）；；；图见解析【解析】（1）游标卡尺的读数为（2）螺旋测微器的读数为（3）指针偏转角度太小，说明被测电阻过大，应采用大一档测量，故换用×100档，欧姆表的读数为（4）因为该电阻大概1200Ω，因为描绘伏安特性曲线，要求测得多组数据进行分析，所以采用滑动变阻器的分压接法，便于操作，所以采用总阻值较小的滑动变阻器R1，电路中的最大电流为故电流表应选A1，为使读数较为准确，电压表选V1。由于，电压表内阻和被测电阻较接近，电压表分流较大，所以采用电流表的内接法，如图所示四、计算题：本大题共3小题，共38分。13.如图所示，倾角为的光滑斜面处于匀强电场中，电场线与斜面底边的夹角为。质量带电量的物块在斜面上处于静止状态。已知重力加速度，求：（1）斜面对物块弹力的大小；（2）电场强度E的大小并在图中标出电场强度的方向。【答案】（1）；（2）；见解析【解析】（1）对物块受力分析得联立解得斜面对物块弹力的大小为（2）由（1）可得电场强度E的大小为物块带负电，电场强度的方向为斜向下，与斜面底边的夹角为。14.如图所示，从A点以某一水平速度v0抛出一质量m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入∠BOC=37°的固定光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面上的长木板上，圆弧轨道C端的切线水平。已知长木板的质量M=4kg，A、B两点距C点的高度分别为H=0.6m、h=0.15m、R=0.75m，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.7，长木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.2，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8求：（1）小物块在B点时的速度大小vB；（2）小物块滑至C点时的速度大小vC和圆弧轨道对小物块的支持力大小FN；（3）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板。【答案】（1）5m/s；（2），47.3N；（3）2.0m【解析】（1）从A点到B点，物块做平抛运动有设到达B点时竖直分速度为vy，则联立解得此时速度方向与水平面的夹角为有得在B点时的速度大小（2）从A点至C点，由动能定理有根据牛顿第二定律解得，（3）小物块与长木板间的滑动摩擦力长木板与地面间的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力由于所以小物块在长木板上滑动时，长木板静止不动，小物块在长木板上做减速运动，则长木板的长度至少为15.如图所示，与之间区域分布着与点等距离的各点处场强大小相等、方向指向圆心的径向电场，右侧间距为的区域内分布着方向垂直纸面向外的匀强磁场（含边界），其左边界与重合。足够长的挡板，上端位于点且与共线。粒子源发出的粒子（速度忽略不计），经加速电场加速后，从点垂直该点电场方向进入径向电场，恰好做半径也为的匀速圆周运动，从点垂直射入右侧匀强磁场。已知粒子质量为，电荷量为，加速电场的电压为，不计粒子重力，粒子击中挡板后被吸收。（1）求粒子进入径向电场时的速度大小和径向电场中半径为处的场强大小；（2）（3）保持（2）中最大磁感应强度不变，若在磁场空间加上、方向与磁场平行的匀强电场（图中未画出），求粒子从点进入叠加场后第一个周期内的位移大小。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【小问1】粒子通过加速电场，根据动能定律解得粒子进入径向电场时的速度大小为粒子在径向电场中，由电场力提供向心力解得径向电场中半径为处的场强大小为【小问2】依题意，粒子恰好打在挡板上点，磁场的磁感应强度最大，可得由几何关系可得联立解得根据解得依题意可得联立解得【小问3】加上匀强电场后，粒子的实际运动可分解为沿电场方向的匀加速直线运动和垂直磁场方向的匀速圆周运动，则第一个周期内分运动的位移分别为，由牛顿第二定律可得该段时间内粒子的实际位移为联立解得四川省简阳中学2025-2026学年度高三上学期10月月考物理试题注意事项：1.开始作答前，考生需要将自己的姓名、准考证号、座位号填写在答题卡的相应位置上。2.选择题部分请用2B铅笔填涂，非选择题部分用0.5mm黑色签字笔在答题卡的规定区域书写。3.请保持答题卡的清洁与完整，因为考生自己原因导致影响评分的，责任自负。4.考试结束后，只交回答题卡。一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。内速度由减至0。该过程中加速度大小为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根据运动学公式，代入数值解得故加速度大小为。故选C。2.如图所示，一束可见光穿过平行玻璃砖后，分为a、b两束单色光。则（）A.玻璃对b光的折射率较大B.在真空中a光的速度大于b光的速度C.a光光子能量大于b光光子能量D.如果b光是绿光，那么a光可能是红光【答案】C【解析】A．由题图可知a光射入玻璃砖后的折射角小于b光射入玻璃砖后的折射角，根据折射定律可知玻璃对a光的折射率较大，故A错误；B．在真空中a光与b光的速度相等，故B错误；C．由A项结论可知a光的频率大于b光的频率，所以a光光子能量大于b光光子能量，故C正确；D．红光的频率小于绿光的频率，所以如果b光是绿光，a光不可能是红光，故D错误。故选C。3.三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一物体P，如图所示。其中OB是水平的，A端、B端固定。若逐渐增加物体P的质量，最先被拉断的绳是（）A.一定是OA B.一定是OBC.一定是OC D.可能是OA，也可能是OC【答案】A【解析】对结点O受力分析如图所示设绳OA与竖直方向的夹角为，根据平衡条件有，可得，根据题意，三根绳子上能够承受的最大拉力相同，根据以上分析可知，若逐渐增加物体P的质量，则绳子OA上的拉力将最先达到最大。故选A。4.如图所示，水平地面上方有一竖直固定铺有复写纸的足够大硬纸板M，P为其左侧正前方的一点，小球从P点以大小相等的水平速度向右侧各个方向抛出不计阻力，打到M上的小球留下的印迹连线可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】画俯视图如上图所示，PO为过抛出点作硬纸板的垂线，O为垂足，以O点为原点建立直角坐标系，以水平方向为x轴，竖直向下为y轴，垂线长为L。打到M上的点的横坐标为x，从抛出到碰撞的时间下落的高度也就是纵坐标y是x二次函数，所以图像是抛物线，故C正确ABD错误。故选C。5.《流浪地球》系列电影深受好评，观众分析流浪地球的发动机推动地球的原理：行星发动机通过逐步改变地球绕太阳运行的行星轨道，然后达到极限以后通过引力弹弓效应弹出地球，整个流浪时间长达几十年。通过停止自转，然后加大地球的反推力来逐步改变地球绕太阳公转轨道。具体过程如图所示，轨道1为地球运行的近似圆轨道，轨道2、3为椭圆轨道，P、Q为椭圆轨道长轴端点。以下说法正确的是（）A.地球在1、2、3轨道的运行周期分别为、、，则B.地球在1、2、3轨道运行时经过P点的速度分别为、、，则C.地球在3轨道上运行经过P点的加速度大于在2轨道上运行经过P点的加速度D.地球在1轨道P点加速后进入2轨道，在2轨道P点再加速后进入3轨道【答案】D【解析】A．地球在1、2、3运行轨道的半长轴依次增大，根据开普勒第三定律，知地球在1、2、3轨道的运行周期关系为，故A错误。BD．地球从轨道1上的P点进入轨道2，要做离心运动，需点火加速，可知；同理，地球从轨道2上的P点进入轨道3，也需点火加速，可知，所以有，故B错误，D正确；C．地球在3轨道上运行经过P点和在2轨道上运行经过P点所受万有引力相等，加速度相等，故C错误。故选D。6.湖南省科技馆“电磁奥秘”展厅有一静电悬浮实验装置。如图所示，用绝缘细线悬挂的轻质带电小球（可视为质点）在匀强电场中静止，悬线与竖直方向夹角为30°，已知小球质量为4×10-4kg，带电量为1×10-8C，重力加速度g=10m/s2。忽略空气阻力，则电场强度的最小值为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】当场强方向与细线方向垂直时场强最小，则解得，故选A。7.如图所示，圆盘在水平面内以角速度ω绕中心轴匀速转动，圆盘上距轴r处P点有一质量为m的小物体随圆盘一起转动。某时刻圆盘突然停止转动，小物体由P点滑至圆盘上的某点停止。下列说法正确的是（）A.圆盘停止转动前，小物体所受摩擦力的方向沿运动轨迹切线方向B.圆盘停止转动前，小物体运动一圈所受摩擦力的冲量大小为C.圆盘停止转动后，小物体沿圆盘半径方向运动D.圆盘停止转动后，小物体整个滑动过程所受摩擦力的冲量大小为【答案】D【解析】A．圆盘停止转动前，小物体随圆盘一起转动，小物体所受摩擦力提供向心力，方向沿半径方向，故A错误；B．圆盘停止转动前，小物体所受摩擦力根据动量定理得，小物体运动一圈所受摩擦力的冲量为大小为0，故B错误；C．圆盘停止转动后，小物体沿切线方向运动，故C错误；D．圆盘停止转动后，根据动量定理可知，小物体整个滑动过程所受摩擦力的冲量为，大小为，故D正确。故选D。二、多选题：8.均匀介质中三个面波源、、位于xoy平面直角坐标系中，三个波源从时刻开始均垂直纸面方向振动，振动方程分别为、、，其中为。三个波源及点的坐标如图所示，该介质中的波速均为2.5cm/s。下列说法正确的是（）A.质点比质点起振早2.4sB.质点在10s内通过的路程为8cmC.若取走波源，则稳定后在轴上有9个减弱点（不考虑波源处）D.若取走波源，则稳定后在轴上有4个加强点（不考虑波源处）【答案】BD【解析】A．由图可知，波源距离质点最近，为，则质点开始振动的时刻为波源距离质点最近，为，则质点开始振动的时刻为所以质点O比质点A早起振，故A错误；B．波源距离质点为，则质点开始振动时刻为波源距离质点为，则质点开始振动的时刻为由题意可知，波源与波源振动完全相反，且质点到两波源的距离相等，则质点为波源与波源作用下的振动减弱点，振幅为振动与振幅较大的波源的振动相同；振动周期为波长为波源距离质点为，波源距离质点为，距离差为又因为波源与波源振动方向相反，所以质点振动减弱，振幅为波源与波源传播到质点之前，质点振动时间为则质点在波源与波源作用下的路程为波源与波源传播到质点之后，由于振幅为0，所以质点的路程为则质点A在10s内通过的路程为，故B正确；C．若取走波源，则波源与波源振动方向相同，设某一振动减弱点到波源的距离为，则，可得，当时，或当时，或当时，或当时，或当时，或则在两波源连线上，即在x轴上共10个振动减弱点，故C错误；D．若取走波源，则波源与波源振动方向相反，两波源的距离为设某一振动加强点到波源的距离为，则，可得，当时，或当时，或则在两波源连线上共4个振动加强点，即在y轴上有4个振动加强点，故D正确。故选BD。9.如图所示，水平放置足够长光滑金属导轨和，与平行，是以O为圆心的圆弧导轨，圆弧左侧和扇形内有方向如图的匀强磁场，金属杆的O端与e点用导线相接，P端与圆弧接触良好，初始时，可滑动的金属杆静止在平行导轨上，若杆绕O点在匀强磁场区内从b到c匀速转动时，回路中始终有电流，则此过程中，下列说法正确的有（）A.杆产生的感应电动势恒定B.杆受到的安培力不变C.杆做匀加速直线运动D.杆中的电流逐渐减小【答案】AD【解析】A．OP转动切割磁感线产生的感应电动势为因为OP匀速转动，所以杆OP产生的感应电动势恒定，故A正确；BCD．杆OP匀速转动产生的感应电动势产生的感应电流由M到N通过MN棒，由左手定则可知，MN棒会向左运动，MN棒运动会切割磁感线，产生电动势与原来电流方向相反，让回路电流减小，MN棒所受合力为安培力，电流减小，安培力会减小，加速度减小，故D正确，BC错误。故选AD。10.如图甲，粗糙、绝缘的水平地面上，一质量m=2kg的带负电小滑块（可视为质点）在x=1m处以初速度沿x轴正方向运动，滑块与地面间的动摩擦因数。整个区域存在沿水平方向的电场，滑块在不同位置所具有的电势能。如图乙所示，P点是图线最低点，虚线AB是经过x=lm处的切线，并且AB经过（0，3）和（3，0）两点，。则（）A.x=3m处的电势最低 B.滑块向右运动过程中，速度一直减小C.滑块运动至x=3m处时，动能最大 D.滑块向右一定能经过x＝4m处的位置【答案】BD【解析】A．由图可知滑块在x=3m处电势能最低，因滑块带负电，根据可知在x=3m处的电势最高，故A错误；BC．图像的斜率大小表示滑块所受电场力的大小，所以滑块在x=1m处所受电场力的大小为滑块所受滑动摩擦力大小为因x=3m处的电势最高，则在1~3m区间内电场强度方向向左，故滑块受到的电场力方向向右，滑动摩擦力方向向左，且电场力大小逐渐减小，故滑块所受的合外力方向与速度方向相反；在x=3m后，电场强度方向向右，则滑块所受电场力与滑动摩擦力方向都向左，且电场力大小逐渐增大，故滑块所受的合外力方向与速度方向相反。综上所述可知滑块在向右运动中，速度一直减小，在x=1m处电场力与摩擦力大小相等，方向相反，合力为零，则速度最大，即动能最大，故B正确，C错误；

D．由图可知，滑块在x=1m处的电势能与x=4m处的电势能相等，由能量守恒定律，若滑块能够滑到x=4m处。则应满足由题中数据可知>可知满足上述条件，则滑块向右一定能经过x＝4m处的位置，故D正确。故选BD。三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.“探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系”的实验装置如图所示。（1）本实验主要用到的科学方法是__________；A.控制变量法B.等效替代法C.理想模型法D.演绎推理法（2）探究向心力与角速度之间的关系时，选择半径__________选填“相同”或“不同”的两个塔轮；同时应将质量相同的小球分别放在__________处；A挡板A和挡板BB.挡板A和挡板CC.挡板B和挡板C（3）探究向心力与角速度之间的关系时，若图中左右标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比1：9，运用圆周运动知识可以判断与皮带连接的左右变速塔轮对应的半径之比为__________。【答案】（1）A（2）不同；B（3）3：1【解析】（1）由于向心力大小与半径、角速度、质量有关，因此要采用控制变量法。故选A。（2）探究向心力与角速度之间的关系时，根据线速度与角速度的关系，可知应选择半径不同的两个塔轮。为了保证两小球做圆周运动的半径相同，应将质量相同的两小球分别放在挡板A和挡板C。故选B。（3）探究向心力与角速度之间的关系时，左右标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9；根据向心力公式F=mrω2角速度之比根据线速度与角速度的关系因此左右塔轮半径之比12.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为L=________mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图所示，由图可知其直径D=________mm；（3）某同学先用多用电表的电阻“”挡，按正确的操作步骤测量此圆柱体的电阻，发现指针偏转角度很小，则应将选择开关旋转到________挡（填“”或“”）并进行欧姆调零，再次进行测量时，表盘示数如图所示，则该电阻的阻值约为________。（4）某同学想通过描绘伏安特性曲线来研究该电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻：电流表（量程，内阻约）；电流表（量程，内阻约）电压表（量程3V，内阻约）；电压表（量程15V，内阻约）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）：滑动变阻器阻值范围，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器阻值范围，允许通过的最大电流0.5A）；开关；导线若干根据实验要求，滑动变阻器应选________（填或），电流表应选________，电压表应选________，请根据所选器材在方框中画出实验电路图________。【答案】（1）50.15（2）4.699##4.697##4.698##4.700（3）；1200（4）；；；图见解析【解析】（1）游标卡尺的读数为（2）螺旋测微器的读数为（3）指针偏转角度太小，说明被测电阻过大，应采用大一档测量，故换用×100档，欧姆表的读数为（4）因为该电阻大概1200Ω，因为描绘伏安特性曲线，要求测得多组数据进行分析，所以采用滑动变阻器的分压接法，便于操作，所以采用总阻值较小的滑动变阻器R1，电路中的最大电流为故电流表应选A1，为使读数较为准确，电压表选V1。由于，电压表内阻和被测电阻较接近，电压表分流较大，所以采用电流表