湖北省黄冈市2025届高三下学期核心预测卷物理+答案

2024~2025学年高三核心模拟卷物理参考答案1.D随着锌板逸出的光电子数越来越多,锌板所带负电荷先逐渐减小到零,然后锌板带正电,且所带的电荷量逐渐增多,所以验电器指针的夹角先减小后增大,A错误;锌板带负电时验电器指针张开,用紫外线照射锌板时,验电器指针的夹角发生了变化,说明锌板所带的电荷量发生了变化,即有光电子逸出,表明锌板发生了光电效应现象,紫外线的频率一定大于锌板的极限频率,B错误;根据光电效应方程Ekm=hv—w0可知,光电子的最大初动能与光强无关,C错误;X射线的频率大于紫外线的频率,根据光电效应方程可知,光的频率增大,则逸出光电子的最大初动能增大,D正确.2.B图线是小碳粒在不同时刻的位置连线,该图线不是小碳粒的运动轨迹,也不是小碳粒分子的运动轨迹,A错误;图线是无规则的,说明小碳粒的运动是无规则的,分析小碳粒无规则运动的原因,说明了液体分子的无规则运动,即图线反映了液体分子的无规则运动,B正确;由于图线是小碳粒在相邻两段相等时间内的位置连线,因此无法确定小碳粒△t时间内具体运动情况,小碳粒在第1个△t内的路程和第2个△t内路程的大小关系无法确定,C错误;由于小碳粒的运动是无规则的,因此第5s时小碳粒可能出现在任意位置,即该时刻小碳粒可能出现在J点,D错误.3.A由题意可知,从波传到M、N中的某点开始计时,此后1min的时间内M比N多了3次全振动,说明波先传到M点,则波的传播方向由M到N,A正确;由A项分析可知,M、N两点之间的距离应为3个波长,即3λ=6m,解得λ=2m,C错误;M、N两点间距为3λ,M、N两点振动步调一致,一定同时位于波峰或波谷,B错误;该波的周期为Ts=0.5s,由公式v可解得该波的波速为4m/s,D错误.4.B正点电荷产生电场方向是背向点电荷的,若Q带正电,Q应位于A点的左侧,由E=k可知A点的电场强度大,电子所受的电场力方向向左,由A到B的过程,电子做减速运动,且加速度逐渐减小,A错误,B正确;负点电荷产生电场方向是指向点电荷的,若Q带负电,Q应位于B点的右侧,由E=k可知B点的电场强度大,电子所受的电场力方向向左,由A到B的过程,电子做减速运动,且加速度逐渐增大,C、D错误.5.C由题图乙可知,交变电流电动势的最大值um=500v,故有效值uv,电压表测量的是小灯泡两端的电压,是电源的外电压,电压表的示数为uvv,A错误;在0.01s时,由题图乙可知此时电动势为零,磁通量最大,磁通量变化率为零,B错误;由电动势最大值Em=NBSw,w,T=0.02s,解得磁通量最大Φm=BSWb,C正确;发电机的输出功率P250W,D错误.6.C设长木板转的角度为α时物块刚好沿长木板下滑,此时物块所受的静摩擦力等于最大静摩擦力,则有Ffm=mgsinα,FN=mgcosα,又Ffm=μFN,解得α=30。,当α<30。时,物块所受的摩擦力为静摩擦力,当α>30。时,物块所受的摩擦力为滑动摩擦力,A错误;α<30时,物块所受的摩擦力为Ff=mgsinα,α增大,物块所受的摩擦力增大,α>30时的摩擦力为Ff=μmgcosα,α增大,物块所受的摩擦力减小,B错误;垂直斜面方向上有FN=mgcosα,α增大,物块对长木板的压力减小,C正确;当α=45。时,物块所受的摩擦力为滑动摩擦力Ff=μmgcosα,解得Ffmg,D错误.7.D套圈抛出后做平抛运动,设套圈运动时间为t,水平初速度为v0,竖直位移和水平位移分别为y、r,套圈竖直方向做自由落体运动y=gt2,水平方向做匀速直线运动r=v0t,整理得v0=r,显然y越大套圈的初速度越小,A错误;套圈落地瞬间竖直方向的速度为vy=gt,套圈速度方向与水平方向的夹角为α,则tan整理得tan显然y越大,套圈落地瞬间,速度方向与水平方向的夹角越大,B错误;套圈落地瞬间的速度为v由以上整1页(共4页)】WH,显然当2gy=时,即y=时,℃最小,C错误.由P=mg℃y得P=mg、,显然y越大,套圈落地瞬间重力的瞬时功率越大,D正确.8.BD由理想气体方程=C,气体从a→b过程中温度先升高后降低,计算得Ta=Tb=T0,A错误;气体在a→b→c,由 =C,计算得Tc=3Ta=3T0,内能与热力学温度成正比得Uc=3Ua=3U0,内能增加量△U=Uc—Ua=2U0,B正确;气体在b→c过程中内能增加量为△U=2U0,气体对外界做功w=(p0+2p0)(3v0—2v0)=p0v0,由热力学第一定律△U=Q+w,代入2U0=—p0v0+Q,解得Q=2U0+p0v0,Q>0表示气体吸收热量,C错误;气体在a→b→c→a过程中气体先对外界做功,后外界对气体做功,总功等于pv图像中三角形面积w总=p0v0>0,气体内能增加量为△U=0,由△U=Q+w,解得Q=—p0v0,9.BC由几何关系可知,卫星乙的轨道半径r=3R,根据万有引力提供向心力,有Gr2=mT2r,解得M=GT2,A错误;地球的密度P=,又v=πR3,整理得P=,B正确;由几何关系可知,卫星甲的半长轴a=3R,根据开普勒第三定律,有=22,解得T甲=T,C正确;卫星做匀速圆周运动,由G=m得℃=、,显然r越大,℃越小,7.9km/s是最大环绕速度也是地球表面卫星运行速度,乙卫星的速度一定小于7.9km/s,甲卫星做椭圆运动,甲卫星在近地点速度大于地球表面卫星速度,甲卫星在近地点速度大于7.9km/s,D错误.10.BD0~时间内,由磁通量Φ=BS,穿过线框的磁通量向外均匀增加,由楞次定律可知线框中的感应电流方向顺时针;~t0时间内,穿过线框的磁通量先向外均匀减小,再向里均匀增加,则线框中的感应电流方向逆时针,A错误; ~t0时间内,线框中产生的感应电动势为E=n,又n=1,△Φ=2B0S,△t=t0,S=L2,解得E1=,B正确;~t0线框中的感应电流大小为I1=,解得I1=,同理,t0~2t0时间内,电路中产生恒定电流I2,电路中产生的恒定电动势为E2=S,又由欧姆定律得I2=,解得I2=,则I1:I2=3:1,C错误;~t0时间内,灯泡消耗的电功率为P1=I12×2r,t0~2t0时间内,灯泡消耗的电功率为P2=I22×2r,解得P1:P2=9:1,D正确.11.(1)11.60(2分)(2)B(2分)(3)(m1+m2)=m1—m2(3分)解析:(1)由游标卡尺读数规则可知该游标卡尺的精确度为0.05mm,则遮光条d1的宽度为11mm+0.05×12mm=(2)在验证两滑块在弹簧弹开过程的动量守恒,应求出分离前后两滑块的动量,又由动量的定义式可知应测量两滑块的质量,B正确;A、C、D选项中的物理量不需要测量.(3)两滑块分离前共同做匀速直线运动,两滑块的速度大小为℃0=,同理两滑块分离后,A、B的速度大小分别为℃1==d2规定向左为正方向若两滑块在弹开过程中动量守恒则有(m1+m2)℃.12.(1)2.0(2分)250(2分)(2)250—3t(2分)(3)189(2分)(2分)解析:(1)由图乙中电阻箱的指针指示可知,该电阻箱的读数应为2.0Ω;由电路图甲可知,该电阻的测量原理为电桥法测电阻,当灵敏电流计的指针不偏转时,应有=,代入数据解得RT=250Ω.WH2页(共4页)】3页(共4页)】WH(2)结合第(1)问和图丙可知,该图线的纵截距b=250Ω,图线的斜率为k==—3,又图线的方程应为R=kt+b,结合以上得RT=—3t+250.(3)结合题中条件由闭合电路的欧姆定律得I=,代入数据解得R2=189Ω;则关系式为I=,结合RT=—3t+250,解得I=.13.解:(1)作出光路图,如图所示由几何关系可知i=60。,β=60。由折射定律得n=、n=(2分)解得α=r(1分)则由几何关系可知(90。—θ)+α+上A=90。又θ=90—r(1分)联立解得α=r=30n=、3(1(2)由于入射点O为BC的中点,则OB=由第(1)问可知OD平行于AC,又AC=2BC=4、m又AD=AB—BD=3m,由以上可知△AED为等腰三角形,则有AD=2DEcos30。,解得DE=、m光在棱镜中传播的距离为r=OD+DE=3、m(1分)光在棱镜中的传播速度为v==、×108m/s(1分)光从射入棱镜到第一次射出,光在棱镜中传播的时间为t=(1分)解得t=3.0×10—8s(1分)14.解:(1)粒子离开电场时速度方向与+r方向成45。,粒子在电场中做类平抛离开电场时速度v=、v0,vr=v0(1分)沿y方向L=v0t(1分)沿r方向vr=at(1分)电场力产生加速度Eq=ma(1分)联立解得E=(1分)(2)粒子刚好不进入区域Ⅲ,轨迹与y=L边界相切时半径R最大由几何关系R≤(、+2)L(1分)设区域Ⅱ的磁感应强度大小B,由Bqv=m(2分)联立解得B(3)设区域Ⅱ、Ⅲ的磁感应强度大小分别为B0、2B0,粒子刚好能到r轴,轨迹与r轴相切在区域Ⅱ中沿r轴正方向由动量定理B0qvy△t=m△vr(2分)在区域Ⅲ中沿r轴正方向由动量定理2B0qvy△t=m△vr(1分)两式相加得B0qL+2B0qL=m(、v0—v0)(2分)解得B0=(1分)15.解:(1)当甲在圆轨道的上半个圆周时,甲所受电场力为F=qE又E=解得F=mg(1分)该合力与水平方向的夹角为45。,即甲在圆轨道的P点与左侧和圆心等高处之间圆弧的中点Q处速度最小,设该速度大小为v1,圆轨道的半径为r,则有、mg=(1分)甲从A点到Q点的过程中联立解得r=(3、—4)h(1分)(2)由于r>R,甲能做一次完整圆周运动,甲在圆轨道最左侧的电势能最大,设此时轨道对甲的支持力大小为FN,此时的速度大小为v2,由牛顿第二定律得FN+Eq=(1分)甲从释放到圆轨道最左侧的过程中 解得FN=9mg(1 由相互作用,甲在圆轨道最左侧对轨道的压力大小为FNI=9mgFNImg甲的电势能最大时FNImg(3)设甲第一次与乙碰前的速度为vo,对甲从A