2026年上海高考化学二轮复习讲练测专题13有机化学基础（专题专练）（解析版）

专题13有机化学基础目录第一部分风向速递洞察考向，感知前沿第二部分分层突破固本培优，精准提分A组·保分基础练题型01有机物的结构、命名与同分异构体题型02有机物的性质与反应类型题型3常见有机物质、有机物的分离提纯和官能团检验B组·抢分能力练第三部分真题验证对标高考，感悟考法1．（25-26高三上·上海·月考）“点击化学”是指快速、高效连接分子的一类反应，例如铜催化的Huisgen环加成反应：我国科研人员利用该反应设计合成了具有特殊结构的聚合物。合成路线如图所示：(1)A的官能团名称是；反应①的反应类型是反应。(2)聚合物F中存在的不饱和结构除碳碳双键外，还有。(3)M与足量氢气完全反应后产物的系统命名为。(4)反应②产物除外，还生成一种分子式为的物质，核磁共振氢谱显示其只有一组峰，X的结构简式为。(5)反应③完成后，检验D中是否有C残留，可选用的试剂是_______。A．溴水 B．酸性高锰酸钾溶液 C．银氨溶液 D．氢氧化钠溶液(6)E的结构简式为。(7)写出符合下列条件的B的一种同分异构体的结构简式。i．属于萘的衍生物，分子中含有两个甲基ii．与溶液不发生显色反应iii．存在四种化学环境不同的氢原子，其个数比为【答案】(1)醛基、碳溴键取代(2)氮氮双键、碳氮双键、苯环中的碳碳键(大π键)(3)2-甲基-2-丁醇(4)(5)C(6)(7)、、、、、【分析】由合成路线图可知，A生成B的反应为取代反应，结合题中F的结构简式和已知信息可推知E为；根据D的分子式，D与NaN3发生取代反应生成E，则D为，据此分析；【详解】（1）由结构可知A含有的官能团有：醛基、碳溴键(或溴原子)；对比A、B的结构可知，A中苯环上的溴原子被替代，属于取代反应；（2）根据结构简式，聚合物F中存在的不饱和结构除碳碳双键外，还有氮氮双键、碳氮双键、苯环中的碳碳键(大π键)；（3）M与足量氢气完全反应后产物为CH3CH2C(CH3)2OH，主链4个C，2号C上有1个甲基，1个羟基，系统命名为2-甲基-2-丁醇；（4）B生成C的过程中还有另一种生成物X，分子式为C3H6O，核磁共振氢谱显示只有一组峰，则X只有一种有效氢，为对称结构，则X的结构简式为；（5）D和C中均含有不饱和键，均能使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色，C不与氢氧化钠溶液反应，C中含有醛基，检验D中是否有C残留，可选用的试剂是银氨溶液，故选C；（6）根据分析，E的结构简式为；（7）属于萘的衍生物，含有结构，与溶液不发生显色反应，不含酚羟基，分子中含有两个甲基，存在四种化学环境不同的氢原子，其个数比为，说明两个甲基位置等效，符合条件的同分异构体有、、、、、；2．（2025·上海杨浦·模拟预测）环丙烷因为较大的环张力而具有独特的反应性能。以下合成路线利用了环丙烷开环反应，实现了扩环。(1)试剂的名称为。(2)A→B的化学方程式为。(3)所含官能团的名称为。(4)D的核磁共振氢谱中有组峰，峰面积的比例为。(5)D的α-H与C的醛基先发生加成反应，后经消去水分子得到E，E的结构简式为。(6)D的α-H比的α-H活泼性高，其原因是。(7)G→H的反应类型为。(8)产物H含有___________个不对称碳原子。A．1 B．2 C．3 D．4(9)写出一种同时符合下列条件的A的同分异构体：。①遇溶液显色；②有羰基，但不发生银镜反应；③能水解生成醇羟基【答案】(1)乙二醇(或1,2-乙二醇)(2)(3)碳碳双键、氯原子(4)23:1(或1:3)(5)(6)D有两个吸电子基团，而只有一个，前者使α位C-H键极性增强更多，因而D的α-H活泼性更高(7)加成反应(8)B(9)苯环上的侧链为-OH、，共有邻间对三种位置，任选其一【分析】从A到B，在氢离子的作用下A与乙二醇发生羟基脱水缩合生成环，B到C的过程中，B与t-BuLi试剂发生亲核开环反应，随后发生取代反应生成C，C和D反应吸电子基团能增强活泼性，使位C-H键极性增强，更易断裂，位C进攻醛基，先加成再消去生成碳碳双键，故E的结构简式为，E到F则发生环加成反应，接着在氧化剂的作用下F被氧化为G，最后在的作用下，G分子内环化，生成产物H。【详解】（1）以两个羟基所在的碳链为主链，命名为乙二醇；（2）反应前后的有机物结构已知，书写化学方程式时关注原子个数守恒，除了生成B，还生成了水，反应方程式为；（3）由所给结构简式可知该物质含有的官能团为碳碳双键、氯原子；（4）由D的结构简式可知该物质具有对称性，共有两种不同类型的氢，故D的核磁共振氢谱中有2组峰，峰面积比为3:1(或1:3)；（5）吸电子基团增强活泼性，使位C-H键极性增强，更易断裂，位C进攻醛基，先加成再消去生成碳碳双键，故E结构为；（6）D有两个吸电子基团，而只有一个，前者使位C-H键极性增强更多，因而D的活泼性更高；（7）G结构中碳氧双键被反应成单键，故反应类型为加成反应；（8）根据题中H的结构简式可知，其分子中含有2个不对称碳原子；（9）由已知的三个条件得：①遇溶液显色，该物质含有酚羟基，②有羰基，但不发生银镜反应，故羰基两侧都连接碳原子，③能水解生成醇羟基，但氧原子个数不足，所以能水解的是碳溴键，且溴原子不能直接连接苯环，可得到：、、；3．（2025·上海静安·一模）普鲁卡因是一种常用麻醉药品，对其化学结构进行修饰和优化，可得到一系列安全性更高的普鲁卡因衍生物，其中一种衍生物的合成路线如下(部分试剂省略)：(1)化合物A中含氮官能团的名称为。(2)关于化合物B的说法正确的是___________。A．分子式为C4H8BrNO2 B．碳原子杂化方式为sp、sp2C．所有碳原子可能共平面 D．能形成分子间氢键(3)C→D、F→G的反应类型分别为反应、反应。A．加成

B．取代

C．还原

D．消去(4)化合物H中不对称碳原子的个数是___________。A．0 B．1 C．2 D．3(5)D和G反应生成H的过程中，K2CO3的作用是。(6)设计实验证明中含溴元素。(7)Z是E的同系物，经___________测定，其相对分子质量比E大28.A．原子发射光谱 B．红外光谱 C．核磁共振氢谱 D．质谱(8)写出1种满足下列条件的Z的同分异构体Y的结构简式。①能发生银镜反应和水解反应；②1molY最多消耗2molNaOH；③核磁共振氢谱显示有四组峰，且峰面积之比为6：2：2：1.【答案】(1)氨基(2)D(3)CB(4)B(5)吸收反应产生的HBr，提高反应物的转化率(6)取少量于试管，加入足量的NaOH溶液并加热，冷却至室温，加入足量稀硝酸至溶液呈酸性，加入AgNO3溶液，若出现浅黄色沉淀，则证明中含有溴元素(7)D(8)【分析】A与发生取代反应生成B，B在碱性条件下脱去一分子HBr成环变成C，C被LiAlH4还原得到D；E与Boc酸酐发生取代反应生成F，F与取代生成水和G，G与D发生取代反应生成HBr和H，H与HCl化合得到I；【详解】（1）A中含有的官能团为羟基，氨基，故含氮官能团的名称为氨基；（2）A．化合物B的分子式为C7H14BrNO2，A错误；B．分子中的饱和碳原子为sp3杂化，酰胺基碳原子为sp2杂化，B错误；C．分子中存在连接了3个碳原子的sp3杂化的碳原子，这4个碳原子就不可能共平面，C错误；D．分子中有羟基、氨基这种电负性很强的O原子和N原子，因此能形成分子间氢键，D正确；故选D；（3）C被LiAlH4还原得到D，发生还原反应；F与取代生成水和G，为取代反应；（4）不对称碳原子即手性碳原子，需要连接4根单键且四根单键连接的原子或原子团各不相同，如图有1个不对称碳原子，故选B；（5）G与D发生取代反应生成HBr和H，有HBr产生，K2CO3可以吸收反应产生的HBr，提高反应物的转化率；（6）检验中含溴元素，需利用水解反应将溴原子反应到溶液中，再进行Br-的检验，具体操作为取少量于试管，加入足量的NaOH溶液并加热，冷却至室温，加入足量稀硝酸至溶液呈酸性，加入AgNO3溶液，若出现浅黄色沉淀，则证明中含有溴元素；（7）质谱仪是测定有机物相对分子质量的方法，故选D；（8）结合7问中Z是E的同系物且相对分子质量比E大28，可知Z的分子式为C9H11NO2，结合信息①能发生银镜反应和水解反应②1molY最多消耗2molNaOH说明是甲酸酚酯，结合核磁氢谱可知可能的结构为；4．（25-26高三上·上海·期中）苯氧布洛芬钙H[]是一种优良的抗炎解热镇痛药，其合成路线如下(有些反应条件已略，Ph代表苯环，例如苯酚可写为PhOH)。(1)F中含氧官能团的名称为___________。A．羧基 B．羟基 C．醚键 D．酮羰基(2)反应①的反应试剂和条件为___________。A．溴水、光照 B．溴水、铁 C．液溴、光照 D．液溴、铁(3)用“*”标出D中的不对称碳原子。能测定D的相对分子质量的仪器是。A．X射线衍射仪

B．质谱仪

C．红外光谱仪

D．原子发射光谱仪(4)下列反应中属于加成反应的是___________。A．反应② B．反应③ C．反应⑤ D．反应⑥(5)写出由D合成E的化学反应方程式：。(6)按下列要求写出A的同分异构体的结构简式。ⅰ．属于芳香族化合物ⅱ．能发生银镜反应。ⅲ．核磁共振氢谱图显示有4组峰，峰面积比为1∶2∶2∶3【答案】(1)AC(2)D(3)B(4)BD(5)(6)【分析】A发生取代反应生成B，B发生取代反应生成C，C发生加成反应生成D，D发生消去反应生成E，E发生水解反应生成F，F发生还原（加成）反应生成G，G和氢氧化钙发生中和反应生成H，以此解答。【详解】（1）由F的结构简式可知，F中含氧官能团的名称为羧基、醚键，故答案为：AC。（2）由分析可知，反应①为苯环上的取代反应，反应试剂和条件Br2/Fe，故答案为：D。（3）不对称碳又称手性碳，指连接四个不同原子或基团的碳原子，用“*”标出D中的不对称碳原子：，能测定D的相对分子质量的仪器质谱仪，X射线衍射仪主要用于确定晶体结构中原子的空间排列，适用于样品的三维结构分析，不用于测定分子量，红外光谱仪用于识别分子中的官能团和化学键类型，通过吸收峰位置判断结构特征，与分子量无关，原子发射光谱仪用于元素分析，测定样品中各元素的种类和含量，不能直接给出分子量，故答案为：B。（4）由分析可知，反应①-⑦中属于加成反应的是：③⑥，故答案为：BD。（5）D发生消去反应生成E，由D合成E的化学反应方程式：，故答案为：。（6）A为，且同分异构体满足条件：ⅰ属于芳香族化合物；ii能发生银镜反应，则含醛基；ⅱ核磁共振氢谱图显示有4组峰，峰面积比为1：2：2：3，符合条件的结构简式为，故答案为：。5．（25-26高三上·上海·期中）降血压药物种类很多，医生可根据患者的实际情况选择合理的治疗药物。硝苯地平对重度高血压有较好的疗效，还有治疗心绞痛的功能，其结构简式如图。(1)硝苯地平中含氧官能团的名称是。(2)苯环、碳碳双键与氢气发生加成时采用的催化剂一般是，并且：，则硝苯地平在加热、催化剂条件下，最多能与______反应。A．5 B．7 C．8 D．10(3)邻硝基苯甲醛()是制备硝苯地平的重要原料之一，书写邻硝基苯甲醛与足量新制的反应式：。比索洛尔是一种受体阻滞型治疗高血压的药物，结构简式如下图。(4)在上图结构中用“＊”标注出其中的不对称碳原子。(5)对受体阻滞型药物如果能增强水溶性，减少脂溶性，有利于降低药物通过血脑屏障影响中枢神经的副作用。服药时通常会将比索洛尔和富马酸()同时服用，试分析原因：。缬沙坦()可用于治疗轻中度高血压，具有降压效果持久，副作用小的特点。其合成路线如下：已知：Ⅰ、Ⅱ、氰基()与叠氮化物作用形成四氮唑基()(6)反应①的反应类型是______。A．取代反应 B．消去反应 C．加成反应 D．还原反应(7)反应⑤所需的试剂和条件是。(8)物质的结构简式为。(9)反应③和反应④的顺序不能交换，原因是。【答案】(1)酯基、硝基(2)C(3)(4)(5)富马酸含有两个羧基，可与比索洛尔分子中的氨基（仲胺）发生酸碱反应，形成富马酸盐。形成盐后，药物的水溶性增强，脂溶性降低，从而减少药物透过血脑屏障进入中枢神经系统的量，有利于降低中枢神经相关的副作用。(6)A(7)稀H2SO4、加热(8)(9)④反应-CN变为，若继续进行③将发生已知的Ⅰ反应，改变目标产物，所以不能改变顺序。【详解】（1）由结构简式知，、为含氧官能团，名称为酯基和硝基；（2）由于酯基不能和氢气发生加成反应，苯环和氢气按1:3加成，两个双键各按1:1和氢气加成，还原为按1:3反应，故1mol该分子最多可以与3mol+2mol+3mol=8mol反应，故选C；（3）新制是碱性环境，醛基被氧化为羧酸钠，被还原为Cu2O，因此答案为；（4）比索洛尔分子中有一个不对称碳原子，即与羟基相连的碳原子，因此答案为；（5）富马酸含有两个羧基，可与比索洛尔分子中的氨基（仲胺）发生酸碱反应，形成富马酸盐。形成盐后，药物的水溶性增强，脂溶性降低，从而减少药物通过血脑屏障进入中枢神经系统的量，有利于降低中枢神经相关的副作用。（6）反应①是A中-CH3中一个H被取代为-Br，属于取代反应，因此答案选A；（7）反应⑤是酯基水解生成羧基，所需试剂是稀H2SO4，条件是加热，因此答案为稀H2SO4、加热；（8）通过结构对比，运用已知的反应Ⅰ推断出的结构为，该结构简式为；（9）④反应将分子中的-CN变为，若下一步进行③，将发生已知的Ⅰ反应，改变目标产物，所以不能改变顺序。01有机物的结构、命名与同分异构体1．（24-25高三上·上海青浦·阶段练习）下列有机物命名正确的是A．1，3，4-三甲苯B．2-甲基-2-氯丙烷C．2-甲基-1-丙醇D．3-甲基-1-丁炔【答案】BD【详解】A．序数和应该最小，正确的命名为：1，2，4-三甲苯，A错误；B．最长的链为3个碳，在2号位有甲基和氯原子，命名为2-甲基-2-氯丙烷，B正确；C．最长的链有4个碳，2号位有羟基，命名为2-丁醇，C错误；D．选取最长的链，4个碳，从先有三键的一端编号，3号位有甲基，命名为3-甲基-1-丁炔，D正确；答案选BD。2．（24-25高三上·上海·期中）写出2，6-二甲基-4-乙基辛烷的结构简式：。【答案】【详解】2，6-二甲基-4-乙基辛烷，即主链有8个碳原子，且2号、6号C原子上连有甲基，4号C原子上连有乙基，故结构简式为。3．（24-25高三上·上海·期中）分子式为C4H8且属于烯烃的结构有种（不考虑立体异构）。【答案】3【详解】分子式为C4H8且属于烯烃的有机物的同分异构体有：，共3种。（25-26高三上·上海·阶段练习）杭州亚运会火炬名为“脐火”，握把的材料采用了生物基聚酰胺材料，环保轻盈。生物基聚酰胺来自可持续再生的植物原料，比传统产品减少50%以上碳排放。某化合物A经李比希法测得其中含C72.0%、H6.67%，其余为氧，质谱法分析得知A的相对分子质量为150，测得A的核磁共振氢谱有5组峰，其面积之比为。该分子的红外光谱如下图：4．该有机物的分子式为。5．该有机物的结构简式可能为(写一种即可)6．该有机物的芳香族同分异构体有多种，其中分子中不含甲基的芳香酸的结构简式为(写一种即可)【答案】4．C9H10O25．、或等(写一种即可)6．【解析】4．化合物A经李比希法测得其中含C72.0%、H6.67%，其余为氧，分子中N(C)==9，N(H)=，N(O)=，所以分子式为C9H10O2。5．由核磁共振氢谱可知，A分子中含有五种氢原子，因1个A分子中共有10个H原子，结合峰面积之比可知原子个数分别为1、2、2、2、3，由红外光谱可知分子中有C—H、C=O、C—O—C、苯环骨架、的结构，则A的结构简式可能为：、或等。6．A的芳香族同分异构体有多种，该同分异构体为芳香酸，说明其中含有-COOH，另外该同分异构体中没有甲基，则该同分异构体为。（2025·上海·三模）简写为，其可作有机合成的催化剂。7．催化某氧化反应原理如下：用某种仪器分析测定A的实验结果如下图所示。(1)该仪器分析技术为。A．原子发射光谱

B．红外光谱

C．核磁共振氢谱

D．质谱(2)通过上述实验氢原子个数比为，某同学推断A的结构简式为。你是否同意该同学的推断，并说明理由。8．催化甲酰化反应的原理和实验结果如下所示。产物的结构简式产率95%93%99%99%99%(1)写出一种满足下列条件且与3互为同分异构体的有机物的结构简式。a．只有一个含氧基团

b．存在顺反异构体

c．有4种不同化学环境氢原子(2)催化甲酰化反应的优点有、。【答案】7．C同意，对甲氧基苯甲酸对称取代方式使芳香环氢只分成两组各2H，甲氧基3H以及羧基上1H，均与谱图相符8．或(其他合理形式均可)产率高、选择性好条件温和、绿色环保【解析】7．(1)该图是核磁共振氢谱图，表示由四组吸收峰，说明有4种不同化学环境的氢原子，且比例为3：2：2：1，故选C；(2)从给出的谱图可见它在约3～4 ppm处有3H、在6～8 ppm处出现两个各含2H的芳环信号、在10 ppm左右还有1H的酸性质子峰，产物就是对位取代的甲氧基苯甲酸(对甲氧基苯甲酸)。该对称取代方式使芳香环氢只分成两组各2H，甲氧基3H以及羧基上1H，均与谱图相符，因此“同意”该同学的推断；8．(1)已知③的分子式为。题意要求：“只有一个含氧基团（含有两个氧原子）”“存在顺反异构”“有4种不同化学环境的氢”。可采用在碳碳双键上引入“—COOH”或“—NO2”这一含两个氧的单一官能团，例如：、，该分子中含有唯一含氧基团（含两个氧），双键可产生顺反异构且氢环境可分为四种，满足题意；(2)由表中数据可见，催化的甲酰化反应普遍具有产率高、选择性好等优点；同时该反应条件相对温和，产物易分离、对环境友好等也常被认为是其突出好处。故优点可以概括为(i)产率高、选择性好；(ii)条件温和、绿色环保。9．（24-25高三上·上海·期中）CalebinA可用于治疗阿尔茨海默病，在其合成过程中有如下物质转化过程。。(1)下列有关化合物X、Y和Z的说法正确的是_______。A．苯甲醛与X互为同系物B．可用新制Cu(OH)2悬浊液检验Z中是否混有XC．Y和Z的分子中，均含有酯基D．将Z与NaOH乙醇溶液共热，可发生消去反应(2)Z分子中含有_______个不对称碳原子。A．1 B．2 C．3 D．4【答案】(1)B(2)C【详解】（1）A．结构相似，分子组成相差一个或若干个CH2原子团的有机物互为同系物，苯甲醛与物质X结构不相似，不互为同系物，A项错误；B．新制Cu(OH)2悬浊液检验可用于检验醛基，物质Z中无醛基，X中含有醛基，与新制Cu(OH)2悬浊液反应可出现砖红色沉淀，故可用新制Cu(OH)2悬浊液检验Z中是否含有X，B项正确；C．由Y和Z的结构可知，Y和Z中均不含酯基，C项错误；D．由物质Z的结构可知，Z中不存在碳卤键，不能与NaOH乙醇溶液共热发生消去反应，D项错误；答案选B。（2）由Z的结构可知，分子中含有3个不对称碳原子，如图所示：。02有机物的性质与反应类型1．（24-25高三上·上海浦东新·期中）有人认为CH4是四棱锥型分子，碳原子位于四棱锥的顶点（如图）。下列说法不能排除该观点的是A．CH4是非极性分子 B．一氯甲烷只有一种结构C．二氯甲烷只有一种沸点 D．CH4中的键角109°28'【答案】B【详解】A．C-H键为极性键，若甲烷为四棱锥结构，正负电荷一定不重合，不可能是非极性分子，A不符合题意；B．甲烷为四面体构型，一氯甲烷只有一种结构，若是四棱锥构型甲烷也只有一种一氯代物，B符合题意；C．正四面体中任意两个Cl取代均等价，仅一种结构；而四棱锥型中可能存在不同取代位置（如底面相邻或相对），导致不同沸点。若实验仅测到一种沸点，说明其不能是四棱锥型分子，C不符合题意；D．CH4分子中碳氢键的夹角均为109°28'说明是正四面体的特征值(由sp3杂化决定)，而不是四棱锥型，D不符合题意；故本题选B。2．（24-25高三上·上海·期中）茉莉醛（如下图）具有浓郁的茉莉花香，下列关于茉莉醛的叙述错误的是A．能被酸性高锰酸钾溶液氧化 B．能与氢溴酸发生加成反应C．能与乙酸发生酯化反应 D．在加热和催化剂的作用下，能被氢气还原【答案】C【详解】A．分子中含有碳碳双键、醛基，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，故A正确；B．分子中含有碳碳双键，能与氢溴酸发生加成反应，故B正确；C．分子中没有羟基，不能与乙酸发生酯化反应，故C错误；D．分子中含有碳碳双键、醛基、苯环，在加热和催化剂的作用下，能被氢气还原，故D正确；故选C。3．（24-25高三上·上海·期中）桂皮中含有的肉桂醛是一种食用香料，工业上可通过如图反应制备肉桂醛：下列说法正确的是A．苯甲醛和肉桂醛互为同系物B．与都属于醛类C．可用溴的四氯化碳溶液检验肉桂醛中的碳碳双键D．肉桂醛中一定共面的原子有18个【答案】BC【详解】A．苯甲醛和肉桂醛中官能团种类不同，结构不相似，不互为同系物，A错误；B．与均含有醛基，都属于醛类，B正确；C．溴的四氯化碳溶液与醛基不反应‌，溴的四氯化碳溶液与碳碳双键发生加成反应，使其褪色，从而证明肉桂醛中含有碳碳双键，C正确；D．肉桂醛中醛基、碳碳双键和苯环都是平面结构，由于碳碳双键与苯环相连的单键可以旋转，其中所有原子不一定都共平面，一定共面的原子不是18个，D错误；故选BC。4．（24-25高三上·上海·期中）物质III(2，3−二氢苯并呋喃)是一种重要的精细化工原料，其合成的部分流程如下，下列叙述正确的是A．物质I的分子式为C9H7OBrB．II有弱酸性，但不能使紫色石蕊试液变红C．物质II中所有原子可能位于同一平面内D．物质III与足量的H2加成所得产物分子中有2个手性碳原子【答案】AD【详解】A．根据I的结构可知其分子式为C9H7OBr，A正确；B．II中含醇羟基，不含羧基和酚羟基，该物质无酸性，不能使紫色石蕊试液变红，B错误；C．物质II中与苯环相连的碳原子是饱和碳原子，具有四面体结构，因此所有原子不可能位于同一平面内，C错误；D．III与足量的H2加成后产物的结构简式为：，有2个手性碳原子，D正确；故选AD。5．（24-25高三上·上海·期中）已知端炔烃在催化剂存在下可发生偶联反应：称为Glaser反应。已知：，则A的结构简式是；用1molA合成1,4－二苯基丁烷，理论上需要消耗molH2。【答案】4【详解】由Glaser反应机理可知，发生Glaser反应的生成物A为，1，4-二苯基丁烷中含有苯环，但不含碳碳叁键，1mol碳碳叁键发生加成反应时消耗2molH2，则用1mol合成1，4-二苯基丁烷，理论上需要消耗氢气4mol。6．（24-25高三上·上海·期中）下列各烷烃的沸点由高到低的顺序为（用序号表示）。①正戊烷；②异戊烷；③CH3(CH2)2CH3；④新戊烷；⑤C3H8。【答案】①>②>④>③>⑤【详解】烷烃碳原子越多沸点越高，相同碳原子时，支链越少沸点越高，则各烷烃的沸点由高到低的顺序为：①>②>④>③>⑤。7．（24-25高三上·上海·期中）有机化学是研究有机化合物的结构、性质、制备、应用及其理论方法的学科。目前有机化学的发展促进了国防、医药、材料、能源等方面的科技发展。某有机物X的结构如图，回答下列问题。(1)有机物X的分子式：。(2)有机物X的含氧官能团的名称为：。(3)在一定条件下，有机物X可以发生________。A．加成反应 B．氧化反应C．取代反应 D．消去反应(4)有机物X含有苯环的同分异构体中不包括的类别是_________。（双选）A．醇 B．醛 C．醚 D．酸(5)请写出一种符合下列要求的X的同分异构体：。①属于芳香族化合物②具有一定的酸性③分子中有4种不同化学环境的氢原子【答案】(1)C7H8O(2)醚键(3)ABC(4)BD(5)【详解】（1）由X的结构简式可知，其分子式为C7H8O。（2）有机物X的含氧官能团为-O-，名称为：醚键。（3）有机物X中含有碳碳双键，可以发生加成反应和氧化反应，X中含有-CH2-可以发生取代反应，X中不含有羟基或卤族原子，无法发生消去反应，故选ABC。（4）由X的结构简式可知，其含有4个不饱和度，X含有苯环的同分异构体中苯环已经占用4个不饱和度，则苯环上的取代基是饱和的，则取代基可以是羟基或醚键，不能是醛基或羧基，故选BD。（5）X的同分异构体满足条件：①属于芳香族化合物，其中含有苯环；②具有一定的酸性，结合X中只含有1个O原子，说明其中含有酚羟基；③分子中有4种不同化学环境的氢原子；则要求的X的同分异构体为：。（2024·上海闵行·二模）已知甲醇、甲醛的相关信息如下表。物质甲醇甲醛相对分子质量3230沸点(℃)64.7-19.5℃8．解释甲醇比甲醛沸点高的可能原因。酿酒过程中，淀粉先在酒曲糖化酶作用下水解为葡萄糖，后在酒化酶作用下生成米酒。定时监测获得的实验数据如下：9．结合上图信息，分析酒“越陈越香”的科学道理。【答案】8．甲醇分子间有氢键，分子间作用力更大，沸点高于甲醛9．酿酒过程中pH逐渐减小，可能有部分乙醇被空气氧化为乙酸，乙酸和乙醇反应生成了乙酸乙酯【解析】8．甲醇分子间有氢键，分子间作用力更大，所以沸点高于甲醛。9．酿酒过程中pH逐渐减小，可能有部分乙醇被空气氧化为乙酸，乙酸和乙醇反应生成了乙酸乙酯，所以酒“越陈越香”。03常见有机物质、有机物的分离提纯和官能团检验1．（24-25高三上·上海·开学考试）下列有机化合物中均含有酸性杂质，除去这些杂质的方法中正确的是被提纯物质除杂试剂分离方法A己烷(己烯)溴水分液B乙醇(乙酸)生石灰过滤C乙醛(乙酸)氢氧化钠溶液分液D乙酸乙酯(乙酸)饱和碳酸钠溶液分液A．A B．B C．C D．D【答案】D【详解】A．溴水与己烯发生加成反应后的产物可以与己烷互溶，故A错误；B．生石灰与乙酸反应后要用蒸馏的方法与乙醇分离，故B错误；C．乙醛和乙酸与氢氧化钠反应的产物均可以溶于水，故C错误；D．乙酸可以与饱和碳酸钠溶液反应，乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中溶解度极小，故可以用来除杂，分液可把液体进行分离，故D正确；故选D。2．（23-24高三下·上海嘉定·阶段练习）关于有机物检测，下列说法正确的是A．用浓溴水可鉴别溴乙烷、乙醛和苯酚B．用红外光谱可确定有机物的元素组成C．质谱法测得某有机物的相对分子质量为72，可推断其分子式为C5H12D．检验葡萄糖中醛基的方法：取样，加新制Cu(OH)2悬浊液观察是否产生砖红色沉淀【答案】A【详解】A．浓溴水与溴乙烷不能反应，向溴乙烷中加入溴水，振荡，看到液体分层，下层显橙色；溴水与乙醛反应产生乙酸，导致使溴水褪色；浓溴水与苯酚反应产生白色沉淀，三种物质中加入浓溴水，反应现象各不相同，可以鉴别，A正确；B．用红外光谱可确定物质中含有的官能团，但不能确定有机物的元素组成，B错误；C．质谱法测得某有机物的相对分子质量为72，可推断其分子式可能为C5H12，也可能是C4H8O，C错误；D．检验葡萄糖中醛基的方法：取样，配制成溶液，向其中加新制Cu(OH)2悬浊液，加热煮沸，观察是否产生砖红色沉淀，题干未进行加热煮沸，不具备反应条件，因此不能检验，D错误；故合理选项是A。3．（25-26高三上·河南南阳·期末）下列物质的鉴别不能达到目的的是A．用新制的氢氧化铜鉴别葡萄糖和麦芽糖B．用红外光谱鉴别甲酸甲酯和乙酸C．用酸性KMnO4溶液鉴别直馏汽油和生物柴油D．用浓溴水鉴别溴乙烷、乙醛和苯酚【答案】A【详解】A．葡萄糖和麦芽糖均为还原糖，均能与新制氢氧化铜反应生成砖红色沉淀，现象相同，无法区分，因此该鉴别方法不能达到目的，A符合题意；B．甲酸甲酯含酯基，乙酸含羧基，红外光谱能通过官能团特征峰区分两者，B不符合题意；C．直馏汽油主要含饱和烃，不与酸性KMnO4反应；生物柴油含不饱和脂肪酸酯，能使酸性KMnO4褪色，现象不同，可以区分，C不符合题意；D．溴乙烷为饱和卤代烃，不与浓溴水反应；乙醛可被溴水氧化，使溴水褪色；苯酚与浓溴水生成2,4,6-三溴苯酚白色沉淀，现象不同，可以区分三者，D不符合题意；故选A。（24-25高三上·上海·开学考试）乙二酸(H2C2O4)，俗名草酸，是二元有机弱酸。实验室用淀粉水解液、浓硝酸、浓硫酸制取乙二酸的装置见下图。反应原理为：4．冷凝管中冷凝水从口流入A．a

B．b5．检验淀粉是否水解完全，所需的试剂为。A．KI溶液

B．碘水

C．KIO3溶液6．将反应后溶液冷却、过滤后得到草酸晶体。若所得草酸纯度较低，可用_______方法进一步提纯。A．萃取 B．重结晶 C．过滤 D．蒸馏7．实验中，使用的定量仪器名称为。8．上述反应中，每生成标况下的13.44L气体，则转移的电子数为。【答案】4．A5．B6．B7．温度计8．0.9NA【分析】淀粉水解为葡萄糖，葡萄糖与浓硝酸、浓硫酸水浴加热下制取乙二酸，B是安全瓶，防倒吸，最后用氢氧化钠溶液吸收混合气体。4．为了提高冷凝效果，冷凝管中冷凝水从a口流入；5．淀粉水解完全后，加入碘水不变蓝，因此所需的试剂为碘水；6．重结晶是将晶体溶于溶剂或熔融以后，又重新从溶液或熔体中结晶的过程。重结晶可以使不纯净的物质获得纯化，或使混合在一起的物质彼此分离，若所得草酸纯度较低，可用重结晶方法进一步提纯；7．实验中，使用的定量仪器名称为温度计；8．根据，每生成标况下的13.44L气体，即生成0.45mol与0.15mol，则转移的电子数为，即0.9NA。（25-26高三上·上海·期中）连花清瘟胶囊具有清瘟解毒、宣肺泄热的功效，其主要成分是绿原酸。9．绿原酸的结构简式如图，以下说法正确的是___________。(不定项)A．碳原子杂化类型有2种，含有4个手性碳原子B．存在顺反异构，图示为顺式结构C．1mol绿原酸与足量的NaOH溶液反应，消耗NaOH7molD．1mol绿原酸最多可以和反应绿原酸是一种强极性有机化合物，金银花的水浸取液经下列操作可获得绿原酸粗品。10．下列说法错误的是___________。A．该流程中乙酸乙酯可循环利用B．先加盐酸可抑制绿原酸的电离，有利于乙酸乙酯的萃取C．分液时，有机层应从下口放出D．用减压蒸馏的方式，可以降低有机溶剂乙酸乙酯的沸点，节约能源11．实验室可以用索氏提取器从干燥的金银花中直接提取绿原酸，装置如图所示。将粉碎的干燥金银花放入滤纸套筒1中，烧瓶中装入无水乙醇。下列说法正确的是___________。(不定项)A．萃取过程中，绿原酸的乙醇溶液经虹吸管流回烧瓶中B．提取过程中可选用明火直接加热，也可以水浴加热C．可用、水代替乙醇进行实验D．与常规萃取相比，索氏提取器的优点是使用溶剂少，可连续萃取【答案】9．A10．C11．AD【分析】由图知，A→B的反应为丙烯醛中碳碳双键上的加成反应，B→C中先发生信息反应、所得羟基中再催化氧化得到C，C在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应得到D，则D为，由流程知，F中碳碳双键与溴发生加成反应生成G为，G在氢氧化钠水溶液中发生水解反应得到H为，由图知，绿原酸由奎尼酸与咖啡酸发生酯化反应生成，则咖啡酸为，据此回答。9．A．绿原酸中碳原子杂化类型为sp2和sp3两种，如图所示，，六元环上有4个手性碳原子，故A正确；B．图示中，带羟基的苯环与酯基位于碳碳双键的异侧，是反式结构，B错误；C．1mol绿原酸与NaOH反应时，2mol酚羟基、1mol酯基、1mol羧基共消耗氢氧化钠4mol，故C错误；D．可与H2加成的部位为苯环消耗3molH2，碳碳双键消耗1molH2，共4mol，D错误；故选A。10．A．乙酸乙酯是萃取剂，减压蒸馏过程中可分离回收乙酸乙酯，因此能循环利用，A正确；B．绿原酸含羧基等酸性基团，加盐酸调酸性可抑制其电离，绿原酸分子溶于有机溶剂乙酸乙酯，利于萃取，B正确；C．乙酸乙酯的密度小于水，分液时有机层(乙酸乙酯层)位于上层，上层液体应从分液漏斗上口倒出，而非下口放出，C错误；D．减压蒸馏通过降低体系压强，使乙酸乙酯的沸点降低，可在较低温度下完成蒸馏，达到节约能源的目的，D正确；故选C。11．A．索氏提取器的工作原理是：烧瓶中乙醇受热汽化，冷凝后滴入滤纸套筒溶解绿原酸；当提取管内溶液液面达到虹吸管高度时，溶解了绿原酸的乙醇溶液会经虹吸管流回烧瓶，A正确；B．无水乙醇属于易燃液体，明火直接加热易引发火灾，因此不能用明火加热，只能用水浴加热，B错误；C．绿原酸是强极性有机化合物，根据“相似相溶”原理，CCl4是非极性溶剂，难以溶解绿原酸，水是极性溶剂，但绿原酸是有机物，在水中溶解度较低，因此二者均不能代替乙醇，C错误。D．常规萃取需一次性加入大量溶剂，而索氏提取器通过溶剂的汽化-冷凝-虹吸实现循环利用，具有溶剂用量少、可连续萃取的优点，D正确；故选AD。（2026·上海长宁·一模）苯并[b]萘并[1，2-d]呋喃在染色、透明导电薄膜、高分子材料等领域应用潜力巨大，一种合成路线如下：回答下列问题：1．化合物A的结构简式为；A→B的反应条件(1)为。2．B→C的反应类型为_______。A．取代反应 B．加成反应 C．氧化反应 D．还原反应3．C→D实现了由到的转化(填官能团的结构简式)。4．①化合物D与对羟基苯甲醛的熔沸点的关系是。A．前者高

B．后者高

C．相同

D．无法判断②做出上述判断的理由是：。5．写出一种符合下列条件的E的同分异构体：。a．含苯环b．不含其他环c．不同化学环境氢原子个数比为3:2:16．M→N的三键加成反应中，若参与成键的苯环及苯环的反应位置不变，则生成的与N互为同分异构体的副产物结构简式为。【答案】1．

浓硫酸、加热2．D3．-OH-CHO4．B化合物D即邻羟基苯甲醛形成分子内氢键，导致熔沸点降低，对羟基苯甲醛形成分子间氢键，导致熔沸点升高5．或(任写一种或其他合理答案)6．

7．

【分析】由题干合成流程图可知，根据A的分子式和B的结构简式以及A到B的反应物可知，A的结构简式为：，A与CH3OH在浓硫酸催化作用下加热发生酯化反应生成B，根据B、D的结构简式和C的分子式以及B到C、C到D的转化条件可知，C的结构简式为：，由F、H的结构简式以及F到G、G到H的转化条件和G的分子式可知，G的结构简式为：，据此分析解题。1．由分析可知，化合物A的结构简式为，A与CH3OH在浓硫酸催化作用下加热发生酯化反应生成B，即A→B的反应条件(1)为浓硫酸、加热，故答案为：；浓硫酸、加热；2．由题干流程图可知，B→C即B中的酯基转化为C中的醇羟基，根据有机化学上加氢失氧的反应为还原反应结合题干反应转化条件可知，该反应的反应类型为还原反应，故答案为：D；3．由分析可知，C的结构简式为：，结合流程图中D的结构简式可知，C→D实现了由醇羟基即-OH到醛基即-CHO的转化，故答案为：-OH；-CHO；4．①由题干流程图中D的结构简式可知，化合物D为邻羟基苯甲醛，由于酚羟基和醛基相隔较近，能够形成分子内氢键，导致熔沸点降低，而对羟基苯甲醛中酚羟基与醛基相隔较远，只能形成分子间氢键，导致熔沸点升高，即化合物D与对羟基苯甲醛的熔沸点的关系是后者高，故答案为：B；②由上述分析可知，做出上述判断的理由是：化合物D即邻羟基苯甲醛形成分子内氢键，导致熔沸点降低，对羟基苯甲醛形成分子间氢键，导致熔沸点升高；5．由题干流程图中E的结构简式可知，E的分子式为：C8H6OBr2，不饱和度为5，则符合下列条件a．含苯环b．不含其他环，c．不同化学环境氢原子个数比为3:2:1即含有对称结构，且含有一个甲基，则E的同分异构体有：或(任写一种或其他合理答案)；6．M→N的三键加成反应中，若参与成键的苯环及苯环的反应位置不变，N为，可以推断出M中的三键与右侧苯环连接时可以形成N中的六元环或五元环，因此可能的副产物为，故答案为：；（25-26高三上·上海黄浦·期末）他托布林是一种三肽半胱氨酸的合成类似物，是一种微管蛋白抑制剂，在体外抑制肝肿瘤细胞增殖和体内肿瘤生长。其合成路线如下：已知：wittig反应：8．E中含氧官能团的名称是_______。A．酯基 B．酰胺基 C．醚键 D．酮羰基9．C的结构简式为。10．的反应类型是；的反应类型是。A．取代

B．氧化

C．还原

D．加成11．F与、NaOH反应的化学方程式为。12．反应所需的试剂与条件为13．下列关于K的说法中，错误的是_______。A．分子式为B．碳的杂化方式有和杂化C．1molJ与完全加成后的产物中有7个不对称碳原子D．可以使高锰酸钾酸性溶液褪色14．的反应中可能会形成一种环状副产物，该副产物的结构简式为。15．写出符合下列要求的F的一种芳香族化合物的同分异构体的结构简式。。i)能发生银镜反应和水解反应；ii)1mol该同分异构体与NaOH溶液反应时，最多消耗2molNaOH；iii)核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之为1：2：2：3【答案】8．AB9．10．AC11．++12．NaOH溶液；加热，酸化13．AC14．15．或【解析】8．读E结构式可得，E中含氧官能团为酯基和酰胺基，故答案为：AB；9．由B到C发生wittig反应，碳氧双键转化为碳碳双键，故C的结构简式为：；10．观察比较C和D的结构简式，发现C发生水解反应得到D，水解反应属于取代反应；I的结构简式经过倒推可推得：，与H进行比较，H加氢得到I，故的反应类型是还原反应；11．比较F和G的结构简式，一分子F可以和两分子及一分子NaOH反应，同时生成的HI可以继续和NaOH反应，综合写出方程式：++12．为水解反应，其反应物为NaOH，条件为加热，但K是羧基形式存在，说明水解完应该还有一步酸化，故答案为：NaOH溶液；加热，酸化；13．A．K的分子式应该为，A错误；B．K中饱和碳是杂化，而双键碳是杂化，B正确；C．J与完全加成后的产物为，有4个不对称碳原子，C错误；D．K中有碳碳双键，可以使高锰酸钾酸性溶液褪色，D正确；故答案选AC。14．两分子I可能自身酰胺化成环，得到环状副产物；15．F能发生银镜反应和水解反应，说明F中有醛基和酯基；1mol该同分异构体与NaOH溶液反应时，最多消耗2molNaOH，说明该同分异构体是酚酯结构；再结合核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之比为1：2：2：3，推出可能的芳香族化合物的结构简式有：或；（25-26高三上·上海·期末）茉莉酮酸甲酯是一种具有茉莉花香的天然化合物，常用于一些高级香水的配制，某合成路线如下：已知：I.II.17．化合物G中含氧官能团的名称为；不含氧官能团的结构式为。18．B到C的化学方程式为。19．的反应类型为_______。A．加成反应 B．取代反应 C．消去反应 D．还原反应20．过程中反应物的命名为。21．下列说法正确的是_______。(不定项)A．为提高氧化A的速率，可向A中加入合适的冠醚B．中F对应碳原子的杂化方式由sp变为C．1molE与反应，最多可以消耗D．H中有3个不对称碳原子22．若想要知道茉莉酮酸甲酯中的键角和键长信息，可以使用_______。A．红外光谱仪 B．核磁共振谱仪 C．X射线衍射仪 D．紫外可见分光光度计23．F的同分异构体有多种，请写出两种符合下列条件的同分异构体的结构简式。①只有苯环一个环状结构；②能发生银镜反应；③核磁共振氢谱有4组峰。【答案】17．羰基18．19．B20．1-氯-2-戊炔21．AB22．C23．、【分析】由有机物的转化关系可知，与高锰酸钾发生氧化反应生成，则A为；浓硫酸作用下与共热发生酯化反应生成C为；C在醇钠和水合氢离子作用下发生分子内取代反应生成D为；氢化钠作用下与发生取代反应生成，则E为；E发生反应生成F，F与氢气发生加成反应生成G；在醇钠和水合氢离子作用下与CH2(COOCH3)2发生加成反应生成，一定条件下转化为，据此解题。17．化合物G的结构简式为：，化合物G中含氧官能团的名称为：羰基；不含氧官能团为：碳碳双键，结构式为：；18．根据分析可知，浓硫酸作用下化合物B，即与共热发生酯化反应生成C为，化学方程式为：；19．根据分析可知，C在醇钠和水合氢离子作用下发生分子内取代反应生成D为，故选B；20．反应物的命名为:1-氯-2-戊炔；21．A．向A中加入合适的冠醚，可增大与有机物的接触面积，提高氧化速率，A正确；B．根据分析可知，F中的碳碳三键与氢气发生加成反应生成碳碳双键，即中F对应碳原子的杂化方式由sp变为，B正确；C．E的结构简式为，E与反应，羰基消耗、碳碳三键消耗、碳碳双键消耗，共，C错误；D．不对称碳原子是指连有4个不同原子或原子团的碳原子，可知H中有2个不对称碳原子，D错误；故选AB。22．A．红外光谱仪可分析出分子中含有何种化学键或官能团信息，无法测键角、键长，A不符合题意；B．核磁共振谱仪可以获得有机物分子中有几种处于不同化学环境的氢原子以及它们的相对数目，无法测键角、键长，B不符合题意；C．X射线衍射仪可通过晶体衍射分析，精准测定分子中原子的空间排布，得到键角、键长等结构参数，C符合题意；D．紫外可见分光光度计用于检测共轭体系、生色团，无法测键角、键长，D不符合题意；故选C。23．化合物F的分子式为，不饱和度为5，F的同分异构体中只有苯环一个环状结构，能发生银镜反应说明含有醛基，核磁共振氢谱有4组峰，说明分子中含有4种不同的化学环境的氢原子，则满足上述条件的结构简式为、共2种；（25-26高三上·上海奉贤·期末）双氯芬酸钠是某滴眼液的主要成分，其一种合成路线如下(部分试剂和条件已略去)：25．D中含氮官能团的结构简式为。26．C→D的反应类型为_____。A．加成反应 B．取代反应 C．氧化反应 D．还原反应27．检验中含有-OH，可采用的仪器分析方法为_____。A．质谱 B．核磁共振氢谱 C．红外光谱 D．晶体X射线衍射28．以下说法中正确的是_____。(不定项)A．1molA中含11molσ键B．B中苯环上一氯代物有5种C．化合物C中共面的碳原子数最多可能为9个D．双氯芬酸钠比双氯芬酸水溶性更好29．E与足量氢气发生加成反应的产物中，手性碳原子有个。30．F→G的化学方程式为。31．写出符合下列要求的一种C的同分异构体的结构简式。①能发生银镜反应②核磁共振氢谱有4种峰，且面积之比为1︰2︰2︰6【答案】25．

26．B27．C28．CD29．530．+2NaOH++CH3OH31．

【分析】化合物A通过硝化反应生成B，结合D的结构可知硝基位于邻位，B的结构简式为。在Fe/HCl的作用下，B中的硝基被还原为氨基生成C，C的结构简式为。C在作用下与发生取代反应生成D。D与经取代反应生成亚胺酰氯活性中间体，之后与在碱性条件下进一步发生取代反应生成E。E在加热条件下发生重排生成F。最后F在碱性条件下加热发生酯水解和酰胺水解反应生成G。据此作答。25．根据已知条件可画出结构简式；26．由分析可知，C→D的反应类型为取代反应，故答案选B；27．A．利用质谱可以得到化合物的相对分子质量，但是通常难以获得特定的官能团信息，A错误；B．利用核磁共振氢谱可以得到化合物中氢原子的类型和相对数目等信息，并在此基础之上推测化合物的结构，但通常难以获得具体的官能团信息，B错误；C．红外光谱可以检测化合物中化学键的振动频率，这与分子中的官能团有着直接的联系。因此可以通过红外光谱检测化合物中的基团，C正确；D．X射线可以和晶体中的原子相互作用产生衍射图。通过计算可以从X射线衍射图中获得键长、键角等结构信息，但无法获得官能团的信息，D错误；故答案选C；28．A．C-C、C-O、C-H和C=O的共价键中均包含1个σ键，因此1mol化合物A中包含21个σ键，A错误；B．由分析可知，化合物B的结构简式为。可以看出苯环上的一氯代物共有4种，B错误；C．由分析可知，化合物C的结构简式为。其中苯环上的6个C均为杂化，这6个C和亚甲基上的C共平面。亚甲基上的C是杂化，和酯基碳原子之间的单键可以自由旋转，二者有可能共平面。酯基碳原子为杂化，和两个O原子一定共平面。单键O原子为杂化，但是该O原子和与其相连的碳原子之间的键均可以以键为轴自由旋转，因此甲基碳原子和酯基碳原子有可能共平面。综上所述，化合物C中共面的碳原子数最多可能为9个，C正确；D．双氯芬酸钠是强电解质，在水溶液中能完全电离，亲水性更强，溶解性更大。D正确；故答案选CD；29．E与足量氢气反应，苯环中的双键也会被还原。还原产物及手性标注如下图所示。共有5个手性碳原子；30．由分析可知，F在碱性条件下加热发生酯水解和酰胺水解反应生成G，反应方程式如图；+2NaOH++CH3OH31．根据描述，异构体能发生银镜反应，说明分子中包含醛基；分子中的四种H核磁峰面积之比为1:2:2:6，说明分子中包含两个化学环境相同的甲基，并且分子具有对称性。根据以上条件可以画出符合要求的结构式：、、；33．（25-26高三上·上海·阶段练习）消炎镇痛药的原料合成路线如下：(1)D中最多有___________原子在同一个平面上。A．14 B．16 C．25 D．26(2)欲测定C中含氧官能团，可选用：___________。A．质谱仪 B．红外光谱仪 C．核磁共振氢谱仪 D．原子发射光谱仪由C物质出发，可合成一种聚酯K：(3)Ⅱ和Ⅳ的目的是。(4)1molQ物质最多能和___________mol反应。A．1 B．6 C．7 D．8(5)Q和NaOH溶液恰好完全反应后的产物，关于其说法正确的是___________。A．既能与水溶液反应，又能与水溶液反应B．沸点低于QC．有5种化学环境的H原子D．1molQ在加热条件下与浓溴水反应，最多消耗5mol【答案】(1)C(2)B(3)保护酚羟基，防止其被氧化(4)C(5)A【分析】结合B的结构简式以及A的化学式可推出A的结构简式为，B经过与①②两种物质反应生成C，C在光照条件下与反应，甲基上的一个氢原子被溴原子取代得到D。在一定条件下反应生成，在催化剂作用下与CO反应生成，中连在苯环上的甲基被酸性高锰酸钾氧化为羧基得到，在酸性条件下反应生成。【详解】（1）苯环是平面结构，连接两个苯环的羰基（）也是平面结构，平面结构之间单键相连，单键可以旋转，跟其与苯环相连的那个C原子形成四面体结构，四面体结构最多3个原子共面，因此最多有25个原子共面，故答案选：C；（2）红外光谱仪可通过特征吸收峰识别官能团，因此欲测定C中含氧官能团可选用红外光谱仪，故答案选：B；（3）由分析可知，步骤Ⅱ把中的酚羟基转化成环，步骤Ⅲ用高锰酸钾氧化，经过步骤Ⅳ酚羟基又复原，又酚羟基易被强氧化剂氧化，因此Ⅱ和Ⅳ的目的是保护酚羟基，防止其被氧化，故答案为：保护酚羟基，防止其被氧化；（4）Q（）含有的两个苯环和一个酮羰基能与氢气加成，一个苯环消耗3分子，一个酮羰基消耗1分子，因此一个分子消耗7分子，则1mol

Q物质最多能和7mol反应，故答案选：C；（5）A．中含有酚钠结构能与水溶液反应生成酚羟基，能与水溶液发生显色反应，A正确；B．是离子晶体，Q是分子晶体，离子晶体沸点远高于分子晶体，因此沸点高于Q，B错误；C．中两个苯环上的取代基不一样，没有对称结构，化学环境不同，因此有7种化学环境的H原子，C错误；D．酚羟基的邻对位苯环H与浓溴水发生取代反应，在加热条件下1molQ最多消耗3molBr2，D错误；故答案选：A。34．（25-26高三上·上海·阶段练习）完成下列问题。(1)我国科学家通过铜/铬催化实现烃与醛的反应，相关反应如图所示。下列叙述正确的是。A．丙分子中苯环上的一氯代物有6种B．用酸性溶液可区别甲、乙C．甲能发生加成反应、取代反应、氧化反应已知：和氢气在催化剂条件下可以发生反应。(2)G的名称是，I中含氧官能团的名称是。(3)A→B的反应类型是。(4)D与新制反应的化学方程式为。(5)H的结构简式为。(6)K的核磁共振氢谱吸收峰面积比为。(7)写出符合下列条件的J的同分异构体(考虑立体异构)①与氯化铁溶液发生显色反应

②有两个苯环，没有其他环状结构

③有4种不同化学环境的氢原子【答案】(1)AC(2)苯甲醚酮羰基、醚键(3)加成反应(4)+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓＋3H2O(5)(6)3：1：1(7)【分析】由有机物的转换关系可知，过氧化氢作用下与溴化氢发生加成反应生成，则A为、B为；在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成，则C为；铜做催化剂条件下与氧气共热发生催化氧化反应生成，则D为；与新制氢氧化铜共热反应后，酸化得到，与SOCl2发生取代反应生成，与发生取代反应生成，则G为、H为；催化剂作用下与溴乙烷发生取代反应生成，与丙酮酸和盐酸反应生成，催化剂作用下与发生取代反应生成，则K为。【详解】（1）A．由结构简式可知，丙分子中苯环上有6类氢原子，一氯代物有6种，A正确；B．由结构简式可知，甲分子中含有的醛基和乙分子中含有的碳碳双键都能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应使溶液褪色，则不能用酸性高锰酸钾溶液可区别甲、乙，B错误；C．由结构简式可知，甲分子中含有的醛基和苯环能发生加成反应，含有的碳氟键能发生取代反应，含有的醛基能发生氧化反应，C正确；故选AC；（2）由分析可知，G的结构简式为，名称为苯甲醚；由结构简式可知，的官能团为酮羰基、醚键；（3）由分析可知，A→B的反应为过氧化氢作用下与溴化氢发生加成反应生成；（4）由分析可知，D的结构简式为，与新制氢氧化铜共热反应生成、氧化亚铜和水，反应的化学方程式为+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓＋3H2O；（5）由分析可知，H的结构简式为；（6）由分析可知，K的结构简式为，分子中含有3类氢原子，核磁共振氢谱有3组峰，吸收峰面积比为3：1：1；（7）J的同分异构体能与氯化铁溶液发生显色反应，说明同分异构体分子中含有酚羟基，分子中有两个苯环，没有其他环状结构，有4种不同化学环境的氢原子说明同分异构体分子结构对称，符合条件的结构简式为；1．（2025上海，T3（1）（4）（5）（7））化合物G是合成降血压药物福辛普利的中间体。其一种合成路线如下：已知：(1)化合物A中含氧官能团的结构简式为、。(4)化合物D中含有_______个手性碳原子。A．1 B．2 C．3 D．4(5)反应4在生成E的同时会生成其同分异构体H，H的结构简式为。(7)化合物I是F的同分异构体，I水解后生成J和K，J和K满足一下条件：i．J是一种含有3和碳原子的α-氨基酸；ii．K遇溶液显紫色；iii．核磁共振氢谱显示分子K中苯环上含有2种化学环境不同的氢原子写出一种满足上述条件的I的结构简式。【答案】(1)(4)B(5)(7)【分析】A中氨基反应引入支链得到B，B中羟基被氧化为羰基得到C，结合C化学式，C为，C中羰基加成得到D，D中羟基发生消去反应生成E，E转化为F，F和氢气加成生成G；【详解】（1）由结构，A中含氧官能团的结构简式为：、；（4）手性碳原子是连有四个不同基团的碳原子；中含有2个手性碳原子，故选B；（5）生成E为羟基的消去反应，同时会生成其同分异构体H，则