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参考答案题号123456789答案DABACBAACABCBC11.（每空2分1）14.50升高（2）m1m2−m112每空2分1）左（2）增大（3）P1（4）0.8913.（1）当杯盖刚好要被顶起时，根据力的平衡有p0S+mg=pS…………3分解得p=p0+…………2分（2）设杯盖刚好要被顶起时杯中气体的温度为T，由查理定律可得0=…………3分0解得T=T…………2分①物块下落，导体棒向左运动，根据右手定则可知，导体棒上的电流方向由b流向a 1分对物块受力分析，有：Mg−T=Ma…………1分对导体棒受力分析，有：T−F=ma，F=ILB…………1分回路中电流I…………1分导体棒切割磁感线产生的电动势E=BLv…………1分解得轻绳对物块的拉力大小T=1.5N…………1分②物块达到最大速度时有Mg=BLIm…………1分解得vm=4m/s根据能量守恒Mghm+M)ν+Q…………1分解得Q=2.8J 1分（2）电容器两板间的电势差等于导体棒切割磁感线产生的感应电动势，有UC=BLv1根据C…………1分对导体棒和物块组成的系统，由牛顿第二定律Mg-ILB=(M+m)a…………1分又ICBLa…………1分联立解得a=2m/s2根据v2=2ah…………1分解得物块下落高度h2=1m时，物块的速度大小v=2m/s…………1分151）若传送带始终静止，设释放点M距B点距离为L1时，小物块P恰好运动到D点与Q相碰，根据动能定理得qE1L1-2μmgL0=0…………2分代入数据得L1=0.1m…………1分（2）若传送带始终静止，设小物块P从距B点距离L=0.5m处释放后与Q碰前的速度为v1，根据动能定理得qE1L-2μmgLmv0…………2分代入数据得v1=4m/s小物块P与小物块Q碰撞，碰后粘为一体，设碰后的速度为v2，根据动量守恒得mv1=2mv2…………1分代入数据得v2=2m/s碰后小物块P、Q一起沿轨道滑动，受到的重力为2mg=2N…………1分受到的电场力为qE2=2N…………1分如图所示等效重力的方向与竖直方向的夹角为α=60o，且等效重力G=2mg=2N…………1分小物块P、Q运动到等效最低点时速度最大为v3，对轨道的压力最大为F1，根据牛顿第三定律，轨道对小物块P、Q的支持力大小也为F1，根据动能定理得2mgmvmv…………1分根据牛顿第二定律，有mg=2m…………1分代入数据得F1=12N…………1分小物块P与Q碰撞后在半圆轨道上对轨道的最大压力是12N。（3）设小物块P在C点的速度至少为v4，才能使小物块P运动到D点与Q相碰，从C到D根据动能定理得-μmgLmv…………1分代入数据得vm/s…………1分因为vm/s>v0=1m/s…………1分则可知，小物块在传送带上一直减速。要使小物块P在C点的

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