江苏省南京市玄武区2022年中考物理一模试卷(教师版)

登录二一教育在线组卷平台助您教考全无忧二一教育在线组卷平台（）自动生成 江苏省南京市玄武区2022年中考物理一模试卷一、单选题1．（2022·玄武模拟）大规模使用的能源中，属于可再生能源的是（）A．天然气 B．风能 C．石油 D．核燃料【答案】B【知识点】能源及其分类【解析】【解答】天然气是化石燃料，不能短期从自然界得到补充，属于不可再生能源A不符合题意；风可以从自然界中源源不断得到补充，所以风能是可再生能源，B符合题意；石油是燃料，不能短期从自然界中得到补充，属于不可再生能源，C不符合题意；核燃料不可能短期从自然界中得到补充，属于不可再生能源，D不符合题意．故答案为：B

【分析】化石能源是不可再生资源，风能是可再生的。2．（2022·玄武模拟）智能音箱通过网络让用户以语言对话的交互方式，实现影音娱乐、生活服务等多项功能的操作。以下说法中错误的是（）A．智能音箱接收到信息后依靠扬声器的振动才能发出声音B．对智能音箱发布指令“大点儿声”，目的是改变声音的音调C．智能音箱能根据语言指令来完成指定操作，说明声音可以传递信息D．人们根据声音的音色可分辨出智能音箱播放的二胡和笛子的声音【答案】B【知识点】声音的产生；响度及响度与振幅的关系；音色；声与信息【解析】【解答】A．声音是由物体振动产生的，凡是发声的物体都在振动，A正确，不符合题意；B．对智能音箱发布指令“大点儿声”，其目的是改变声音的响度，B错误，符合题意；C．智能音箱能够根据语音完成相关指令操作，说明了智能音箱接受到了指令信息，说明声音能够传递信息，C正确，不符合题意；D．不同物体发出声音的音色是不同的，人分辨出不同的声音也是根据音色来分辨的，D正确，不符合题意。故答案为：B。

【分析】声音的大小指响度；声音是物体振动产生的；音色是区别不同发声体的依据。3．（2022·玄武模拟）下列有关教室内物体的估测符合实际的是（）A．课桌的高度约为8dmB．教室内一盏照明灯的功率约为400WC．黑板擦受到的重力约为15ND．教室内的大气压强约为104Pa【答案】A【知识点】长度的估测；重力及其大小的计算；大气压强的存在；电功率【解析】【解答】A．课桌的高度约为80cm，即8dm，A符合题意；B．教室内一盏照明灯的功率约为40W，B不符合题意；C．黑板擦的质量约100g，所受到的重力约为1N，C不符合题意；D．教室内的大气压强约为105Pa，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】根据常见物体的长度、重力、电功率和大气压，结合数据解答。4．（2022·玄武模拟）关于家庭电路，下列说法正确的是（）A．电能表测量的是家用电器的总功率B．用电器电线绝缘层破损了仍可继续使用C．空气开关自动断开，一定是电路中出现了短路D．家用电器失火时，先断电后灭火【答案】D【知识点】家庭电路的故障分析；安全用电原则【解析】【解答】A．电能表测量的是家用电器所消耗的总电能，A不符合题意；B．电线的绝缘层破损后继续使用容易发生触电危险，所以绝缘层破损后要更换或者重新包裹绝缘后再继续使用，B不符合题意；C．空气开关自动断开，除了出现短路外，还有可能是总功率过大，C不符合题意；D．电器着火后，要先断电后灭火，以免发生触电事故，D符合题意。故答案为：D。

【分析】电能表测量消耗电能的多少；电路中短路或总功率过大，空气开关会跳闸；用电器着火后先断电，再灭火。5．（2022·玄武模拟）医护人员所戴的护目镜容易起水雾，下列现象中与水雾的形成吸放热情况相同的是（）A．“冰花”形成B．冰雪消融C．湿衣服变干D．雪人变小【答案】A【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热【解析】【解答】水雾是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，是放热过程；A．“冰花”是水蒸气遇冷凝华形成的固态小冰晶，是放热过程，A符合题意；B．冰雪消融是固态的冰熔化形成液态的水，是吸热过程，B不符合题意；C．湿衣服变干是液态的水汽化形成气态的水蒸气，是吸热过程，C不符合题意；D．雪人变小是固态的雪升华变成气态的水蒸气，是吸热过程，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】气体变为液体是液化，放出热量；气体变为固体，是凝华，放出热量。6．（2022·玄武模拟）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A．雾霾是由于固体分子不停运动形成的B．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷是因为玻璃棒得到了正电荷C．固体和液体很难被压缩，说明分子间有斥力D．地球等行星围绕太阳转动，太阳是宇宙的中心【答案】C【知识点】两种电荷；分子热运动；分子间相互作用力；宇宙【解析】【解答】A．雾霾是固体小颗粒，是由分子构成，雾霾的运动是宏观的，和分子热运动无关，A不符合题意；B．丝绸摩擦玻璃棒时，是玻璃棒上的电子转移到丝绸上，所以玻璃棒显正电，B不符合题意；C．因构成固体和液体的分子间距较小，在固体和液体被压缩时因分子间存在斥力，很难被压缩，C符合题意；D．地球等行星围绕太阳转动，说明太阳是太阳系的中心，而宇宙中有无数个星系，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】雾霾是固体小颗粒，是由分子构成的；不同物体摩擦时带电，失去电子带正电；分子间存在斥力，很难被压缩。7．（2022·玄武模拟）如图甲所示，小明观察到茶色玻璃板后面有一支蜡烛，它竟然能在水中燃烧！图乙中与“水中燃烧的烛焰”成因相同的是（）A．树丛的光束B．雨后的彩虹C．水中的倒影D．“弯折”的铅笔【答案】C【知识点】光的反射；平面镜成像的原理、特点【解析】【解答】“水中燃烧的烛焰”是平面镜成像现象，是由光的反射形成的；A．为光沿直线传播，与光的反射不同，A不符合题意；B．为光的色散现象，是由光的折射形成的，B不符合题意；C．为平面镜成像，是由于光的反射形成的，C符合题意；D．为光的折射现象，与光的反射不同，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】水中的倒影平面镜成像现象，是由光的反射形成的。8．（2022·玄武模拟）如图为冬奥会的一些运动项目，下列说法中正确的是（）A．用球杆推着冰球使其水平滑动，说明力是维持物体运动的原因B．掷出去的冰壶水平向前运动，冰壶的重力与地面对冰壶的支持力是一对平衡力C．若滑雪运动员在空中最高点时失去一切外力，惯性也会消失，它将处于静止状态D．运动员穿冰刀鞋的目的是使受力面积减小，减小摩擦，便于运动员滑得更快【答案】B【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡力的辨别【解析】【解答】A．力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，A不符合题意；B．冰壶水平向前运动，冰壶的重力与地面对冰壶的支持力大小相等，作用在同一物体上，方向相反，在同一直线上，是一对平衡力，B符合题意；C．惯性是物体的一种性质，一切物体都有惯性，与质量有关，与速度无关，C不符合题意；D．冰刀与冰面的接触面积很小，滑冰时在冰面上产生很大压强，使冰的熔点降低，冰刀接触的冰熔化成水，使冰刀与冰之间的摩擦力降的更低，更有利于冰鞋的滑动，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】力是改变物体运动状态的原因；静止或匀速直线运动的物体受到平衡力的作用；惯性是物体的一种性质，一切物体都有关系。9．（2022·玄武模拟）疫情期间，居家学习的小明用图甲所示的“铜丝琴”演奏出了优美的乐曲，他将一根张紧的铜丝两端与扬声器接通，铜丝旁边放置一块磁铁，用手指拨动铜丝，就能使扬声器发声。图乙中的实验能反映其工作原理的是（）A． B．C． D．【答案】B【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁继电器的组成、原理和特点；磁场对通电导线的作用；电磁感应【解析】【解答】铜丝放在磁场中，当拨动铜丝时，铜丝切割磁感线，产生感应电流，输送到扬声器转化成声音，此过程为电磁感应现象；A．图中为通电导体周围产生磁场，与题中铜丝振动产生电流的原理不同，A不符合题意；B．图中导体切割磁场线产生感应电流，与题中铜丝振动产生电流的原理相同，B符合题意；C．图中为电磁铁，利用通电线圈产生磁场的原理，与题中铜丝振动产生电流的原理不同，C不符合题意；D．说明通电导体在磁场中受力发生运动，与题中铜丝振动产生电流的原理不同，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】导体切割磁场线产生感应电流，是电磁感应现象。10．（2022·玄武模拟）如图所示，悬挂在细线下的小球从A点由静止释放，O为最低点.不计空气阻力，若在B点绳子突然断裂，关于小球的下列说法中正确的是（）A．小球所受的绳子拉力是由于小球发生弹性形变产生的B．小球向右摆动到O点时，受到重力、绳子拉力和水平向右的动力C．小球B点后的运动轨迹最符合实际的是bD．在小球运动过程中，只存在动能和重力势能的相互转化【答案】D【知识点】动能和势能的大小变化；力与运动的关系【解析】【解答】A．小球所受的绳子拉力是由于绳子发生弹性形变产生的，A不符合题意；B．小球向右摆动到O点时，受到重力、绳子拉力，没有受水平向右的动力，B不符合题意；C．小球B点后，小球只受重力的作用，同时有一个斜向上的速度，之后会做斜上抛运动，但最高点到不了与A向平的点，故小球的运动轨迹最符合实际的是c，C不符合题意；D．由于不计空气阻力，小球运动过程中机械能是守恒的，该运动过程中小球不存在弹性势能的影响，所以只存在动能和重力势能的相互转化，D符合题意。故答案为：D。

【分析】绳子拉力是由于绳子发生弹性形变产生的；不计空气阻力，运动过程中机械能是守恒的。11．（2022·玄武模拟）如图所示电路，开关闭合后，无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，电流表示数几乎为零，电压表有示数且不变，造成此现象的原因可能是（）A．滑动变阻器断路 B．电流表短路C．小灯泡短路 D．导线④断路【答案】D【知识点】电路故障的判断【解析】【解答】A．若滑动变阻器断路，电流表与电压表示数都为零，A不符合题意；B．若电流表短路，调节滑动变阻器时，电压表示数会发生变化，B不符合题意；C．若小灯泡短路，电压示数应该为零，C不符合题意；D．导线④断路后，电压表有示数，为电源电压，电流表测通过电压表的电流，电压变电阻很大，所以电流表数值几乎为零，D符合题意。故答案为：D。

【分析】在串联电路中，电流表无示数，电压表有示数，电压表测量的位置断路。12．（2022·玄武模拟）如图所示电路，电源电压保持不变，小灯泡额定电压为8V，不考虑灯丝电阻随温度的变化。闭合S1断开S2，当滑动变阻器的滑片在a、b端之间移动的过程中，电压表示数变化范围是0～8V，电流表示数变化范围是0.8～2.4A；闭合S2断开S1，当滑动变阻器的滑片在中点时小灯泡正常发光。在保证电路安全的前提下，下列说法正确的是（）A．电源电压为8VB．闭合S1断开S2，R1消耗电功率的最小值为6.4WC．闭合S2断开S1，R2两端电压变化范围为4V～6VD．闭合S2断开S1，整个电路消耗的电功率范围为6.4W～9.6W【答案】C【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算【解析】【解答】A．闭合S1断开S2，由电路图可知此时电路定值电阻R1和滑动变阻器串联接入电路，电压表测量滑动变阻器电压，当滑动变阻器滑片移动至a点时滑动变阻器电阻全部接入电路，此时滑动变阻器电压为8V，定值电阻R1两端也有电压，由电源电压等于滑动变阻器电压与定值电阻R1电压之和可知，电源电压大于8V，A不符合题意；B．闭合S1断开S2，当滑动变阻器滑片向a端移动时滑动变阻器接入电路中的电阻变大，其电压变大，电路中电流减小，可知滑动变阻器电压为U滑=8V时，电路中电流为I1=0.8A；当滑动变阻器滑片向b端移动时滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中电流变大，滑动变阻器滑片移动至b点时滑动变阻器电压为0，则定值电阻R1电压为电源电压U，电路中电流为I2=2.4A，由串联分压可知滑动变阻器电压与定值电阻电压之和为电源电压可得I1R1+U滑=UI2R1=U其中U滑=I1R2代入数据解得R1=5Ω，U=12V，R2=10Ω当电路中电流最小即电流为I1时定值电阻功率最小为P=I12R1=(0.8A)2´5Ω=3.2WB不符合题意；C．闭合S2断开S1，当滑动变阻器的滑片在中点时小灯泡正常发光，说明此时小灯泡上电压为UL=8V，滑动变阻器两端电压为U滑'=U-UL=12V-8V=4V由串联电路中电压之比等于电阻之比可知，小灯泡电阻满足U整理得R若此时将滑动变阻器接入电路中阻值减小，则电路中电流变大，超过小灯泡额定电流，可知滑动变阻器最小电压为4V；当滑动变阻器接入电路中阻值最大时滑动变阻器电压达到最大值，此时滑动变阻器电压为U即闭合S2断开S1，R2两端电压变化范围为4V～6V，C符合题意；D．闭合S2断开S1，电路中电阻最大时电流取最小值I当滑动变阻器的滑片在中点时电路电流最大，最大电流为I整个电路消耗的电功率的最小值、最大值分别为Pmin=UImin=12V´0.6A=7.2WPmax=UImax=12V´0.8A=9.6W则整个电路消耗的电功率的范围为7.2W～9.6W，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】根据开关的状态判断电路的连接情况，利用串联电路电压规律，计算电源电压；利用电流和电阻，可以计算电功率；根据串联电路中，各用电器的分压比等于电阻比，计算未知电阻；根据电压和电阻的比值，计算电流。二、填空题13．（2022·玄武模拟）（1）2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号火箭在酒泉发射，火箭加速上升的过程中载人飞船的机械能（选填“变大”、“变小”或“不变”），以火箭为参照物，载人飞船是的；（2）2022年3月23日，神舟十三号航天员在空间站现场直播授课，信号通过波传播到地球上，“液桥演示实验”中，将两块透明板上的水球互相靠近、接触，会合成一个大水球，这说明分子间存在；慢慢将两块透明板分开，水形成一个长约10cm的液桥（如图），若在地球上完成该实验，液桥的长度会（选填“变长”或“变短”）。【答案】（1）变大；静止（2）电磁；引力；变短【知识点】机械能及其转化；重力及其大小的计算；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用；分子间相互作用力【解析】【解答】（1）火箭加速升空过程中，载人飞船的质量不变，速度变大，动能变大；高度变大，重力势能变大，所以其机械能变大。以火箭为参照物，载人飞船的位置没有改变，载人飞船是静止的。（2）电磁波可以传递信息，空间站现场直播授课，信号通过电磁波传播到地球上。水球由水分子构成，两个水球接触后能合成一个，说明分子间存在引力的作用。太空中的液体处于失重状态，液桥不受其他外力的作用，而在地球上液体会受到重力的作用，因此液桥会向下弯曲，分子间的引力不足以维持较长的液桥，故如果这个实验在地球上完成，液桥的长度会变短。【分析】（1）火箭加速上升，机械能变大；相对于参照物，没有位置变化是静止的；

（2）太空向地球传递信息，利用电磁波；分子间存在引力和斥力；物体受到重力的作用，会下落。14．（2022·玄武模拟）图中的可擦笔通过用橡皮摩擦发热可以使字迹消失。从能量转化角度看，此过程是机械能转化为，汽油机的冲程与之相同，此冲程通过方式改变气缸内燃料的内能。【答案】内能；压缩；做功【知识点】做功改变物体内能；内燃机的四个冲程；能量的转化或转移【解析】【解答】橡皮与纸摩擦发热，此过程中机械能转化为纸张的内能；汽油机的压缩冲程中，活塞向上运动，通过做功的方式将机械能转化为气缸内气体的内能。

【分析】物体间摩擦时，机械能转化为内能；汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。15．（2022·玄武模拟）（1）如图甲所示用螺丝刀撬钉子，O为支点，AB长14cm，OB长4cm。钉子刚好被撬起时，B点受到的竖直向下的阻力F2为10N，此时若在A点施加竖直向下的动力F1，其大小为N。将支点O（选填“靠近”或“远离”）钉子时可以更省力；（2）如图乙所示，搬运工人用滑轮将质量为70kg的物体匀速提升2m，所用拉力为400N，时间为10s，在此过程中拉力的功率为W，滑轮组的机械效率为。【答案】（1）4；靠近（2）160；87.5%【知识点】杠杆的平衡分析法及其应用；机械效率的计算；功的计算及应用【解析】【解答】根据已知条件AO=AB-OB=14cm-4cm=10cmO为支点，l为动力臂，OC为阻力臂，如下所示：根据相似三角形的知识可知l根据杠杆的平衡条件有F1×l=F2×OCFF2一定，根据F1=OCl×（2）如图乙所示，绳子的有效段数为2，搬运工人用滑轮将质量为70kg的物体匀速提升2m，所用拉力为400N，时间为10s，在此过程中拉力的功率为P=滑轮组的机械效率为η=【分析】（1）根据杠杆的平衡条件，结合已知的力和力臂，计算未知的力的大小；

（2）利用杠杆上的力和距离的乘积计算功的大小，功和时间的比值，计算功率；根据有用功和总功的比值，计算机械效率。16．（2022·玄武模拟）两个质量相等、底面积不等的容器放在水平桌面上，分别装满质量相等的两种液体A、B，将质量相等的物块M、N分别放入A、B液体中，如图所示。排开液体的质量分别为m1和m2，液体对容器底部的压强分别为p1和p2，容器对桌面的压力分别为F1和F2。则它们的大小关系为：m1m2，p1p2，F1F2。【答案】＝；＜；＝【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】因为物块M、N质量相等，且M、N都是漂浮，则F浮=G排=m排g=mMg=mNg所以物块M排开液体的质量m1等于物块N排开液体的质量m2。由液体A、B质量相等且排开液体的质量也相等，物块M、N质量相等，可得GA剩=GB剩GM=GN因为是规则容器，所以液体对容器底部的压力F=G总则可知FM=GA剩+GMFN=GB剩+GN所以FM=FN已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由p=FS可得液体对容器底部的压强p1因为容器的质量相等，所以两容器的重力G甲=G乙容器对桌面的压力分别为F1=GA剩+GM+G甲F2=GB剩+GN+G乙则有F1=F2

【分析】漂浮的物体受到的浮力等于物体的重力；根据物体的总质量判断总重力，分压压力的大小；利用压力和受力面积的比值，计算压强。17．（2022·玄武模拟）图甲中小明先后两次拉木块使它沿水平木板滑动，其距离随时间变化图像如图乙。两次速度大小关系为v1v2，两次木块受到的拉力大小F1F2。图丙中木块被匀速拉出长木板，露出三分之一的过程中，其所受摩擦力大小变化情况（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】大于；等于；不变【知识点】二力平衡的条件及其应用；时间速度路程的图像分析【解析】【解答】由图乙可知，当时间t相同，第一次的路程大于第二次的路程，由速度公式v=st可得，v1>v由图乙可知，两次物块都做匀速直线运动，物块处于平衡状态，拉力大小等于摩擦力大小，两次接触面粗糙程度和压力都不变，摩擦力的大小也不变，拉力的大小也相同。木块被拉出三分之一的过程中，木块对木板的压力和接触面的粗糙程度都没有发生变化，两者之间的摩擦力也不变。

【分析】在时间相同时，路程越大，速度越大；当压力和接触面的粗糙程度相同时，摩擦力大小相同；摩擦力的大小和接触面积无关。18．（2022·玄武模拟）如图甲所示，电源电压不变，R1=15Ω，变阻器R2规格为“5Ω1A”，图乙是灯泡的I-U图像．当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时，电流表的示数为0.3A，则电源电压为V，R1在10s内产生的热量为J；当R2的滑片P在a端且同时闭合S、S1、S2时，灯泡的电阻是Ω；只闭合S、S2，R2的滑片P在b端时，灯泡的功率为W。【答案】6；13.5；7.5；1.8【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算【解析】【解答】当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时，R1与R2串联，且R2阻值为5Ω，则电源电压为U=R1在10s内产生的热量为W当R2的滑片P在a端且同时闭合S、S1、S2时，R1与L并联，R2阻值为0Ω，此时灯泡两端的电压是6V，流过灯泡的电流是0.8A，所以灯泡的电阻是R只闭合S、S2，R2的滑片P在b端时，L与R2串联，且R2阻值为5Ω，结合图乙得，此时灯泡两端的电压是3V，流过灯泡的电流是0.6A，所以灯泡的电功率是P

【分析】根据电流和电阻的乘积，计算电压；利用电流、电阻和时间，计算电流产生的热量；根据电压和电流的比值，计算电阻；根据电压和电流的乘积，计算电功率。19．（2022·玄武模拟）如图小明设计了一台测液体的密度仪，桶中无液体时，滑片P指向a处，测量时，将待测液体加满小桶，弹簧所受外力增加F，滑片P向下移动x，F与x的关系如下表。稳定后闭合开关，就能从改造后的电流表刻度盘上读出液体密度大小，电阻丝ab长20cm、阻值为40Ω（其阻值与长度成正比）。电源电压恒为6V，弹簧电阻恒为1Ω，R0为11Ω，小桶的容积为20cm3，忽略滑片与电阻丝间的摩擦，所测液体密度增大，电流表示数（选填“增大”、“减小”或“不变”），该密度仪所能测量的最大密度为g/cm3。电流表刻度为0.2A处应标为g/cm3，此密度仪的刻度值分布（选填“均匀”或“不均匀”）。F/N0.40.5x/cm510152025【答案】增大；2；1.1；不均匀【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；电阻的串联；欧姆定律及其应用【解析】【解答】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，所测液体密度增大时，由ρ=m由表中数据可知，滑片移到b端时，液体的密度最大，因电阻丝ab的最大长度为20cm，故可知此时F=0.4N，则此时液体的重力为G=mg=0.4N解得液体的质量为m=故由ρ=mV当电流表示数为I=0.2A时，由欧姆定律可得，此时电路总电阻为R由串联电路的电阻规律可知，此时滑动变阻器接入电路的阻值为R滑=R总-R0-R弹=30Ω-11Ω-1Ω=18Ω因电阻丝ab的总长度为20cm，总电阻为40Ω，且其阻值与长度成正比，故可知此时电阻丝接入电路中的长度为l=则此时滑片移动的距离为x=lab-l=20cm-9cm=11cm由数学知识可知，表中F与x之间的函数关系为F=故当x=11cm时，代入解得，此时弹簧所受外力为F即此时液体的重力为G0=F0=0.22N故由ρ=mV设液体密度为ρ，则由ρ=m由G=mg可得，此时液体的重力G，即弹簧所受外力F为F=G=mg=ρVg由F=1则此时电阻丝接入电路中的长度为l=lab-x=lab-50ρVg因电阻丝的阻值与长度成正比，则有l解得此时电阻丝接入电路中的阻值为R=由串联电路的电阻规律可知，此时电路中的总电阻为R总=R+R0+R弹故由欧姆定律可得，此时电路中的电流为I=由上式可知，电源电压U、电阻丝ab的长度lab、小桶的容积V、电阻丝的最大阻值Rmax、定值电阻的阻值R0、弹簧电阻R弹均为定值，故可知I与ρ之间不成正比，则此密度仪的刻度值分布不均匀。

【分析】在串联电路中，接入电路的电阻越小，电流越大；根据物体的质量和体积的比值，计算密度；利用电压和电流的比值，计算电阻，结合串联电路电阻规律计算部分电阻，结合电阻丝和长度，计算总长度；根据压力和长度关系，计算接入电路的电阻的长度，计算电阻；利用电压和电阻的比值，计算电流。三、作图题20．（2022·玄武模拟）当光从水中射向空气时，折射光线如图所示，请画出其入射光线的大致位置和对应的反射光线。【答案】解：如图所示：【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图【解析】【解答】在折射光线与空气和水分界面的交点处做垂线即为法线，光从水中进入空气中时折射角大于入射角，可知入射光线靠近法线，光在水和空气的分界面处发生反射，反射光线和入射光线关于法线对称，如图所示：

【分析】光在反射时，反射角等于入射角；在折射时，空气中的角度大。21．（2022·玄武模拟）手推木块向右压缩轻质弹簧至如图所示位置，松手后，木块将向左滑动一段距离。画出松手的瞬间木块水平方向的受力示意图。【答案】解：如图所示：【知识点】力的三要素及力的示意图【解析】【解答】松手的瞬间，木块受到的轻质弹簧水平向左的弹力F大于水平面施加的水平向右的摩擦力f（木块的速度从0开始增大，木块先加速；当弹簧恢复原长时，弹力消失，只受摩擦力，木块减速，最后木块静止），松手的瞬间木块水平方向的受力示意图如下所示：

【分析】根据水平方向上物体受到的力的方向，画出力的示意图。22．（2022·玄武模拟）开关S闭合后，小磁针静止时指向如图所示。请在图中两个虚线框内分别标出螺线管的磁极和电源的极性。【答案】解：如图所示：【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断【解析】【解答】小磁针静止时，N极向右，小磁针的左端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管右侧为N极，左侧为S极；由安培定则可知电流由右侧流入，所以电源的右端为正极，左端为负极；如图所示：

【分析】根据小磁针的北极判断通电螺线管的磁极；结合安培定则判断电流方向。四、实验题23．（2022·玄武模拟）在“探究冰的熔化过程”实验中，小华与小明同学选取两只相同的烧杯和质量相等的碎冰，分别设计了如图甲所示的实验装置。当温度上升到-7℃后，他们每隔1min记录一次温度及观察到的现象，直至冰完全熔化。（1）小明的装置和操作中，不属于为了让冰均匀受热的是；①让试管从水中吸热②使用碎冰③加热时对冰进行搅拌④温度计的玻璃泡不接触试管（2）图乙温度计的示数是℃；（3）小华未对冰进行加热，可是冰仍然熔化了，于是小华认为冰的熔化不需要吸热，她的看法是（选填“正确”或“错误”）的；（4）小华和小明根据实验数据绘制出图像，则丙、丁两图中，小华绘制的图像是图。【答案】（1）④（2）-3（3）错误（4）丙【知识点】熔化和凝固的探究实验【解析】【解答】（1）实验中，使用水浴加热、将冰捣碎和边加热边搅拌都能使冰均匀受热，温度计的玻璃泡不接触试管不是为了使冰均匀受热，而是为了测得温度更加准确。（2）从图中可以看出，温度计的分度值为1℃，同时刻度液面位于零刻度下方，故温度计的示数为-3℃。（3）熔化需要吸热，虽然没有对冰进行加热，但冰还是可以从空气中吸热，故小华的看法是错误的。（4）加热能够加速冰的熔化速率，小华的实验没有加热，冰熔化所需时间比小明的长，所以小华绘制的图像应该为丙图。【分析】（1）水浴加热、将冰捣碎和边加热边搅拌，可以使物体受热均匀；

（2）根据温度计液柱位置，测量温度；

（3）固体熔化时，需要吸收热量；

（4）利用酒精灯加热，吸收热量多，熔化快；晶体在熔化时温度保持不变。24．（2022·玄武模拟）小明做“探究凸透镜成像规律”实验。（1）图中光屏上恰好成一清晰的像，其性质是倒立、的实像，生活中（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）利用这一原理制成；（2）保持图中蜡烛和光屏的位置不动，左右移动凸透镜，当凸透镜移至cm刻度线处，光屏上再次呈现清晰的像；（3）小明通过查阅资料得知当蜡烛通过凸透镜成清晰实像时，蜡烛到光屏的距离大于或等于凸透镜焦距的四倍。根据以上信息，结合上图中数据信息可知，该实验小组所用凸透镜的焦距可能是______；A．7cm B．11cm C．12cm D．16cm（4）完成实验后，小明把一个远视眼镜片放到透镜和烛焰之间，调节光屏的位置，使烛焰在光屏上成一个清晰的像；取下远视眼镜片，保持光屏和凸透镜的位置不变，为使光屏上再次得到清晰的像，应将蜡烛（选填“远离”或“靠近”）透镜。【答案】（1）放大；投影仪（2）65.0（3）B（4）远离【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验【解析】【解答】（1）易知图中物距和像距分别为u=50.0cm-35.0cm=15.0cmv=80.0cm-50.0cm=30.0cm像距大于物距，光屏上恰好成一清晰的像，其性质是倒立、放大的实像，生活中投影仪利用这一原理制成。（2）根据光路的可逆性，当现在的物距等于原来的像距时，光屏上再次呈现清晰的像，即保持图中蜡烛和光屏的位置不动，左右移动凸透镜，当凸透镜移至u′=35.0cm+30.0cm=65.0cm刻度线处即可。（3）CD．蜡烛到光屏的距离大于或等于凸透镜焦距的四倍，即u+v=15.0故f≤11.25CD不符合题意；AB．若焦距为7cm，因u=15.0cm≥2f成倒立、缩小的实像，A不符合题意，B符合题意。故答案为：B。（4）远视眼镜片即为凸透镜，对光线有会聚作用，小明把一个远视眼镜片放到透镜和烛焰之间，调节光屏的位置，使烛焰在光屏上成一个清晰的像；取下远视眼镜片，则像成在光屏的右边，根据物距变大像距变小像变小，保持光屏和凸透镜的位置不变，为使光屏上再次得到清晰的像，应将蜡烛远离透镜。【分析】（1）凸透镜成实像时，若物距小于像距，则成像是倒立放大的实像；实际应用有投影仪；

（2）凸透镜成实像时，若物距和像距交换时，光屏上可以再次成像；

（3）凸透镜成实像时，物距和像距之和大于4倍焦距，结合物体和像距，可以判断焦距大小；

（4）远视眼镜是凸透镜，对光有会聚作用，若去掉远视眼镜，成像远离凸透镜。25．（2022·玄武模拟）小明测量物质的密度，进行了如下实验。（1）测量鹅卵石的密度。①他将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺的零刻度线处，并调节，使指针指到分度盘中央刻度处；②鹅卵石放在左盘内，当天平平衡时，右盘中砝码的质量及游码在标尺上的位置如图甲所示，测出了鹅卵石的质量m，然后他将鹅卵石放入盛有20mL水的量筒中，液面位置如图乙所示。则鹅卵石的密度ρ=kg/m3；（2）小明利用上述密度为ρ的鹅卵石测量盐水的密度，设计了如下方案：①在烧杯中放入适量的盐水将鹅卵石浸没，在液面到达的位置上作标记，用天平称出总质量为m1；②将鹅卵石从盐水中取出，用天平称出剩余盐水和烧杯的总质量为m2；③向烧杯中加盐水到标记处，再用天平称出此时盐水和烧杯的总质量为m3；为使测量结果更准确，在小明记录的上述数据中，步骤中记录的数据可以不需要，则盐水密度的表达式为ρ盐水=（用符号表示）。【答案】（1）平衡螺母；3.1×103（2）②；m+【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量【解析】【解答】（1）①天平使用前要调节平衡，他将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺的零刻度线处，并调节平衡螺母，使指针指到分度盘中央刻度处。②鹅卵石放在左盘内，当天平平衡时，右盘中砝码的质量及游码在标尺上的位置如图甲所示，标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值2g，鹅卵石的质量m=50g+10g+2g=62g量筒的分值为2mL，鹅卵石和水的总体积为V总=40mL=40cm3鹅卵石的V=40mL-20mL=20mL=20cm3鹅卵石的密度ρ=（2）③步骤②中，鹅卵石从盐水中取出时会带有部分盐水，若根据m3-m2得出增加的盐水的质量，从而由密度公式得出增加的盐水的体积即鹅卵石的体积，会使测量出的鹅卵石的体积偏大，为使测量结果更准确，在小明记录的上述数据中，步骤②中记录的数据可以不需要。已知鹅卵石的质量m，由①③可得出增加的盐水的质量为Δ由密度公式，增加盐水的体积即鹅卵石的体积，故有m+密度的表达式为ρ【分析】（1）探究天平水平平衡时，平衡螺母左偏右调；根据天平上的砝码和游码测量质量，利用量筒中液面位置，测量体积；根据质量和体积的比值，计算密度；

（2）根据体积的相等，根据质量和密度的比值，计算未知密度大小。26．（2022·玄武模拟）小明发现力学中有很多相似实验，他找了如下器材：①表面平整的长木板（带斜面）；②刻度尺；③弹簧测力计；④小车；⑤木块（一边带钩）；⑥毛巾；⑦棉布；⑧钩码。（1）小明探究“阻力对物体运动的影响”实验时，选择了一些器材如图所示，让小车从同一斜面相同高度由静止滑下，是为了使小车相同．实验发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，经过推理得出：运动的物体如果不受力将；（2）探究“动能的大小与哪些因素有关”的实验中，在丙图实验的基础上只需要再选择序号⑤的器材就可以探究动能的大小与的关系；（3）小明为了探究“滑动摩擦力大小与压力大小的关系”，他选择了序号①、⑤、⑧以及（填序号）的器材。下列事例中，用到上述探究结论的是（填字母）。A．在行李箱下安装滚轮B．装满书的书橱难以推动C．自行车刹车时用力捏闸D．压路机配备的碾子质量很大【答案】（1）到达水平面的初速度；做匀速直线运动（2）速度（3）③；BC【知识点】探究影响物体动能大小的因素；阻力对物体运动影响的探究实验【解析】【解答】（1）小车的初始速度影响小车在水平面上运动的距离，让小车从同一斜面相同高度由静止滑下，是为了控制小车到达水平面时，具有相同的初速度。水平表面越光滑，小车运动距离越长，如果水平面绝对光滑，对小车没有阻力，水平方向上处于不受力状态，小车将一直运动下去，即小车将做匀速直线运动。（2）探究动能的大小与速度大小的关系，可以让小车推动木块在水平面上运动，根据木块被推动的距离，判断小车动能的大小，使小车从斜坡的不同高度从静止释放，改变小车的速度，从而探究动能大小与速度的关系。（3）探究“滑动摩擦力大小与压力大小的关系”的方案是：①用弹簧测力计水平拉动木块，使木块在木板上做匀速直线运动，测出拉力的大小；②将不同砝码分别压在木块上，用弹簧测力计水平拉动木块，使木块在木板上匀速运动，分别测出拉力的大小；③再对各次拉力进行比较，所以还需要选择弹簧测力计来进行实验。A．在行李箱下安装滚轮是将滑动改为滚动，以此减小摩擦力，A不符合题意；B．装满书的书橱难以推动，是由于书橱对地面的压力随着装满书而变大，滑动摩擦力也随之增大，所以难以推动，B符合题意；C．自行车刹车时用力捏闸，是为了增大刹车片和车轮之间的压力，从而增大滑动摩擦力，C符合题意；D．压路机配备的碾子质量很大，对地面的压力很大，是为了增大对路面的压强，D不符合题意。故答案为：BC。【分析】（1）探究阻力对物体运动的影响时，使物体下落的高度相同，到达水平面的速度相等；运动的物体若不受力的作用，可以保持匀速直线运动状态；

（2）当物体的质量相同，从斜面上下落的高度不同时，可以探究物体的动能和速度的关系；

（3）当接触面的粗糙程度相同时，改变压力，可以改变滑动摩擦力。27．（2022·玄武模拟）用乒乓球做以下物理小实验：（1）图甲中，将正在发声的音叉靠近悬挂的静止乒乓球，看到乒乓球被反复弹起，说明声音是由物体的产生的；（2）神舟十三号航天员王亚平在“天宫课堂”上把一个乒乓球放入一杯水中，松手后乒乓球保持静止，如图乙，乒乓球（选填“受到”或“不受到”）浮力；（3）图丙中，为验证“流速越大，流体的压强越小”这一知识点，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，应向漏斗口（选填“吹气”或“吸气”）。【答案】（1）振动（2）不受到（3）吹气【知识点】流体压强与流速的关系；浮力及其产生原因；声音的产生【解析】【解答】（1）图甲中，将正在发声的音叉靠近悬挂的静止乒乓球，看到乒乓球被反复弹起，则音叉是振动的，说明声音是由物体的振动产生的。（2）由于水处于失重状态，所以不会对乒乓球产生压力，乒乓球在水球中不受到浮力的作用。（3）图丙中，为验证“流速越大，流体的压强越小”这一知识点，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，为使乒乓球上面压强小，气体流速应变大，故应向漏斗口吹气。【分析】（1）声音是物体振动产生的；

（2）在失重状态下，物体不受重力，不受浮力；

（3）流体在流速大的地方压强小。28．（2022·玄武模拟）小明在“探究电流与电阻的关系”实验中，电源电压恒为3V，电流表、电压表各一个，开关、导线若干，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，规格为“10Ω1A”的滑动变阻器一个，导线若干。（1）甲图中有一根线连接错误，请在该导线上打“×”，并画出正确的连线；（2）排除故障后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关S后，移动滑片P，控制定值电阻两端的电压为2V；断开开关，保持滑片P位置不变，用10Ω的电阻替换5Ω，闭合开关，发现电压表示数（选填“变大”或“变小”），此时应向（选填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求；（3）用所有的定值电阻做完实验后，为更好得出普遍规律，小明又找来一个阻值为25Ω的定值电阻接在电路中，如图乙所示，发现无论怎样调节滑动变阻器滑片都无法使电压表示数达到2V，于是小明在电路的（选填“a”或“b”）点串联了（选填“5Ω”或“20Ω”）电阻也完成了实验；（4）同组的小华利用10Ω的定值电阻R0，没用电压表，测量出了额定电压U额=2.5V小灯泡的额定功率，如图丙所示。请将下列实验过程补充完整：①只闭合S、S2，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为I1＝A；②只闭合S、S1，保持滑动变阻器的滑片位置不变，记录电流表的示数为I2；③小灯泡额定功率的表达式P额＝（用符号表示）。【答案】（1）（2）变大；右（3）b；5Ω（4）0.25；U额(I2-I1)【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电功率的测量【解析】【解答】（1）如图甲所示：电压表串联接入电路，电流表并联接入电路，这种连接电路的方式是错误的；电流表应该串联接入电路，电压表应该并联接入电路，电压表并联到定值电阻两端，改正后的电路如图所示：（2）保持滑片P位置不变，用10Ω的电阻替换5Ω，闭合开关，根据串联电路总电阻等于各电阻之和，可知电路中的总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律I=U为了控制定值两端的电压不变，滑动变阻器接入电路的阻值应该变大，此时应向右移动滑片P才能达到实验要求。（3）首先判断位置，因为研究对象是定值电阻为25Ω的电阻，在电压为2V的情况下的电流，要保证分析对象的电压值固定不变，因此要将新串联的电阻接在b点。其次，分析电阻的大小，根据欧姆定律可知，电阻为25欧姆的定值电阻接入电路后，电压表为2V的情况下，电流值为I=再结合串联电路的电压规律可知，滑动变阻器与新串联的电阻的分压为U分压=3V-2V=1V因此得到两者的串联总电阻为R供选择的电阻为5Ω和20Ω，因为新串联的电阻和滑动变阻器串联的总电阻不能超过12.5Ω，故应选择增加的电阻只能是5Ω的新电阻串联到电路中。（4）要测量小灯泡的额定功率，应先使小灯泡正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0串联起到电压表的作用，故将R0与电流表串联后再与小灯泡并联，小华利用10Ω的定值电阻R0，没用电压表，只闭合S、S2，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为I此时小灯泡在额定电压U额=2.5V的电压下正常工作。只闭合S、S1，保持滑动变阻器的滑片位置不变，记录电流表的示数为I2，则流经小灯泡的电流为I额=I2-I1小灯泡额定功率为P额＝U额I额=U额(I2-I1)【分析】（1）探究电流和电阻关系时，电压表和电阻并联，电流表在电路中串联；

（2）当电压表处的电阻变大时，分压变大，此时增大滑动变阻器的电阻，滑变分压变大，定值电阻分压减小；

（3）当电压表处的电阻增大时，若保持电压表示数不变而滑动变阻器的电阻不够，可以在电压表范围外串联电阻，实现分压；根据滑动变阻器的分压和电流的比值，计算总电阻，分析串联的电阻大小；（4）只利用电流表测量灯泡的的电功率时，根据电流表和电阻的乘积表示灯泡的电压，利用电流表测量电阻和灯泡的电流和，根据并联电路电流规律，计算灯泡的电流，根据电压和电流的乘积，计算电功率。五、综合题29．（2022·玄武模拟）如图是某款油电混动汽车，部分信息如下表。某次测试，测试员驾驶该车以额定功率并保持72km/h的速度匀速直线行驶。测试中，汽油机既向