2026年河北省石家庄一中高考物理一模试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2026年河北省石家庄一中高考物理一模试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.在用光电管研究光电流I与电压U的关系时，测得黄光的光电流I与电压U的关系如图所示。下列分析正确的是(

)A.增大电压U，I也随之一直增大

B.增大黄光的强度，图线将会下移

C.将黄光换成蓝光，图线将会上移

D.将黄光换成蓝光，UC2.如图所示，一列简谐横波沿x轴传播，振幅为0.1m。t1=0时刻的波形如图中实线所示，t2=0.25s时刻的波形如图中虚线所示。在t1到t2时间内，x=6m处的质点运动的路程为sA.此列波沿x轴正方向传播

B.此列波的周期为8s

C.波的速度为40m/s

D.x=6m处质点的振动方程为y=0.1sin5πt(m)3.全球卫星导航系统是目前广泛应用的新一代导航定位系统，利用近地空间的卫星为各类用户提供可靠和高精度的定位、导航和授时服务，常用的全球卫星导航系统有我国的北斗卫星导航系统(BDS)，美国的全球定位导航系统(GPS)，俄罗斯的格洛纳斯导航系统(GLONASS)和欧盟的伽利略系统(GALILEO)，下列关于卫星导航系统描述正确的是(

)A.汽车行驶定位时不能把汽车看成质点

B.汽车行驶导航时以地面为参考系

C.北斗导航系统显示北京时间10：00为时间间隔

D.全球卫星导航系统的卫星最小发射速度为7.9km/h4.在如图所示的位移—时间(x−t)图像和速度—时间(v−t)图像中，给出的四条图线中甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点沿同一方向出发的运动情况，则下列说法中正确的是(

)A.甲车做曲线运动，乙车做直线运动

B.0−t1时间内，甲、乙两车的平均速率相等

C.0−t2时间内，丙车的速度方向发生了变化

5.如图甲所示是可拆变压器的实验装置图，已知小灯泡额定电压为2V，调节学生电源，使小灯泡正常发光，此时原线圈上的电压随时间变化的图像如图乙所示。变压器可看作理想变压器，下列说法正确的是(

)

A.此时变压器的原、副线圈匝数之比为10：1

B.若拆走可拆卸铁芯，则小灯泡两端没有电压

C.若原线圈接学生电源直流输出端，则小灯泡仍能正常发光

D.此时通过小灯泡的交变电流周期为0.02s6.如图所示，O为半径为R的绝缘球壳的中心，球壳上均匀分布着正电荷。已知均匀带电球壳在内部产生电场的场强处处为零。现在球壳上A点处取下一面积足够小、带电荷量为+q的曲面，将其沿OA连线的延长线移到B点，AB=R。若球壳的其他部分的带电荷量与电荷分布保持不变，静电力常量为k，则球心O点处场强为(

)A.kqR2，方向由O指向A B.k3q4R2，方向由O指向A

C.kqR2，方向由7.如图所示，水平固定的足够长平行光滑金属导轨ab和cd间连接定值电阻R，金属棒在两导轨间的距离为L，电阻为r，整个运动过程中金属棒与导轨垂直且接触良好，整个装置处在竖直向上的匀强磁场(图中未画出)中，磁场的磁感应强度大小为B，金属棒的质量为m，现用一水平向右的恒力F作用在金属棒上使金属棒由静止开始运动，其他电阻不计，下列说法正确的是(

)A.金属棒做匀加速直线运动

B.a点电势比c点电势高

C.金属棒达到的最大速度为F(R+r)B2L2

D.二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.某同学做测玻璃折射率实验时，在白纸上放好平行玻璃砖，并画出玻璃砖的轮廓为长方形ABCD，透过玻璃砖使P、Q、M、N四枚大头针处于一条直线上，得到如图所示的光路图，测得入射角为60°，折射角为45°，下列说法正确的是(

)A.直线PQ与MN平行

B.玻璃砖的折射率为3

C.光从CD边射出时的折射角为45°

D.若实验时玻璃砖相对长方形ABCD9.如图所示，某同学在距离篮筐中心水平距离为x的地方跳起投篮。出手点离地面的高度为h，篮筐离地面的高度为H。该同学出手的瞬时速度v=8g(H−h)，要使篮球到达篮筐中心时，竖直速度刚好为零。将篮球看成质点，篮筐大小忽略不计，忽略空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是(

)

A.出手时瞬时速度与水平方向的夹角为45° B.出手时瞬时速度与水平方向的夹角为30°

C.水平距离x=23(H−h) 10.如图所示，足够长的水平光滑金属导轨所在空间中，分布着垂直于导轨平面且方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。两导体棒a、b均垂直于导轨静止放置。已知导体棒a质量为2m，导体棒b质量为m，长度均为l，电阻均为r，其余部分电阻不计。现使导体棒a获得瞬时平行于导轨水平向右的初速度v0。除磁场作用外，两棒沿导轨方向无其他外力作用，在两导体棒运动过程中，下列说法正确的是(

)A.任何一段时间内，导体棒b的动能增加量小于导体棒a的动能减少量

B.全过程中，两棒共产生的焦耳热为14mv02

C.全过程中，通过导体棒b的电荷量为2mv03Bl三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.用如图甲所示的装置做“验证机械能守恒定律”实验。图乙是某实验小组在正确的操作下得到的一条纸带，O点为打点计时器打的第一个点，L、M、N为三个计数点，每相邻两点间有四个点没有画出。已知打点计时器与“220V50Hz”的交变电源相连接，实验中夹子和重物的质量均为m=0.50kg，当地的重力加速度g=9.8m/s2。

(1)根据图乙中的纸带可以判断，实验时用手提住纸带的

(填“左”或“右”)端。

(2)若选取图乙中纸带的M点来验证机械能守恒定律，则夹子和重物总的重力势能减少量ΔEp=

J，动能的增加量ΔEk=

J。(以上结果均保留3位有效数字)

12.实验小组用如图甲所示的电路来测量电阻Rx的阻值，图中标准电阻的阻值已知为R0，E为电源，内阻为r，S1为开关，S2为单刀双掷开关，R为滑动变阻器，V为理想电压表。合上开关S1，将开关S2掷于1端，将R的触头置于适当的位置，记下V的示数U1，保持R的触头位置不变，然后将S2掷于2，记下V的示数U2，再改变R触头的位置，重复前面步骤，多测几组U1、U2的值，并计算ΔU=U1−U2，作出U2−ΔU的函数关系图像如图乙所示，回答下列问题：

(1)按照图甲所示的实验电路图在图丙实物图中接好电路；

(2)合上开关S1之前，R触头应置于______(填“最右端”或“最左端”)，多测几组U1、U2四、计算题：本大题共3小题，共36分。13.用热力学方法可测量重力加速度。如图所示，粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内用液柱封闭了一段长度为L1的空气柱。液柱长为h，密度为ρ。缓慢旋转细管至水平，封闭空气柱长度为L2，大气压强为p0。

(1)若整个过程中温度不变，求重力加速度g的大小；

(2)考虑到实验测量中存在各类误差，需要在不同实验参数下进行多次测量，如不同的液柱长度、空气柱长度、温度等。某次实验测量数据如下，液柱长h=0.2000m，细管开口向上竖直放置时空气柱温度T1=305.7K。水平放置时调控空气柱温度，当空气柱温度T2=300.0K14.如图，质量为3m，足够长的长木板A放在光滑水平面上，质量为3m的铁块B放在长木板A的上表面左端，质量为m的小球C用长为R的细线悬于O点。将小球C拉至与O等高的位置，细线伸直，由静止释放，小球C运动到最低点时刚好沿水平方向与铁块B发生弹性碰撞，碰撞后铁块B在长木板上表面向右滑动。已知铁块B与长木板A上表面的动摩擦因数为0.3，铁块B、小球C均看作质点，重力加速度为g。求：

(1)小球C与铁块B碰撞前一瞬间，细线对小球的拉力大小；

(2)小球C与铁块B碰撞后一瞬间，铁块B的速度大小；

(3)最终铁块B与长木板A相对静止时因摩擦产生的热量Q。15.如图所示，在xOy平面内，直线OM与x轴正方向夹角为45°，直线OM左侧存在平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴负方向。直线OM右侧存在垂直xOy平面向里的磁感应强度为B的匀强磁场。一带电量为q，质量为m带正电的粒子(忽略重力)从原点O沿x轴正方向以速度v0射入磁场。当粒子第三次经过直线OM时，电场方向突然调整为垂直于直线OM斜向右下方，电场强度的大小不变，粒子恰好从电场中回到原点O。粒子通过边界时，其运动不受边界的影响。求：

(1)粒子第一次在磁场中做圆周运动的半径和周期；

(2)匀强电场电场强度的大小；

(3)从O点射出至第一次回到O点所用的时间。

答案解析1.【答案】D

【解析】解：A、增大电压U，I增大为饱和电流后便保持不变，故A错误；

B、实验表明，在光的频率不变的情况下入射光越强饱和电流越大，所以增大黄光强度，图像将会上移，故B错误；

CD、由Ek=hν−W0，Ek=eUc，黄光换成蓝光，入射光的频率变大，则遏止电压变大，UC将会左移，若光强相同，将黄光换成蓝光，单位时间内照射到金属表面的光子数较少，产生的光电子较少，光电流变小。图线会下移，故C错误，D2.【答案】D

【解析】解：A、由图可知波长是8m，振幅是0.1m，在t1到t2时间内，x=6m处的质点运动的路程为s，且0.2m<s<0.4m，那么可以判断x=6m处的质点在0时刻向上振动，利用同侧法可知，波向x轴负方向传播，故A错误；

BC、由A选项的分析可知波向x轴负方向传播，那么在0.25s时间内波传播的距离是5m，那么波速是v=xt=50.25m/s=20m/s，周期是T=λv=820s=0.4s，故BC错误；

D、周期是0.4s，则圆频率ω=2πT=2π0.4rad/s=5πrad/s，由图知振幅是0.1m，由A选项分析可判断x=6m处的质点在0时刻在平衡位置向上振动，

则x=6m处质点的振动方程是y=0.1sin5πt(m)，故D正确。

故选：D。

振幅是3.【答案】B

【解析】解：A.汽车行驶定位时可以忽略汽车的大小和形状，能把汽车看成质点，故A错误；

B.汽车行驶导航时把地面当做静止不动的物体，是以地面为参考系，故B正确；

C.北斗导航系统显示北京时间10：00为时刻，不是时间间隔，故C错误；

D.全球卫星导航系统的卫星最小发射速度为7.9km/s，故D错误。

故选：B。

根据质点、参考系和时间与时刻和地球的第一宇宙速度的知识进行分析解答。

考查质点、参考系和时间与时刻和地球的第一宇宙速度的知识，会根据题意进行准确分析解答。4.【答案】D

【解析】解：A.x−t图像只能描述直线运动，则甲乙两车均做直线运动，故A错误；

B.0−t1时间内，甲的路程大于乙的路程，甲车的平均速率大于乙车，故B错误；

C.0−t2时间内，丙车的速度一直为正，速度方向没有发生变化，故C错误；

D.在0−t2时间内丙车的速度大于丁车，两车间距逐渐增加，在t2时刻速度相等，此时两车相距最远，故D正确。

故选：D。

明确x−t图像斜率代表速度、v−t5.【答案】D

【解析】解：A、如图乙所示，原线圈电压有效值为

U=Um2=1022V=10V

根据原副线圈电压与线圈匝数的关系，故此时变压器的原副线圈匝数之比为

n1n2=U1U2=102=51

故A错误；

B6.【答案】B

【解析】解：在球壳上A点处取下一面积足够小、电荷量为+q的曲面，等效于在A点处叠放等面积、等电荷密度的带正、负电荷的曲面。由于球壳内的场强处处为零，故球壳内的电场可视为B点处带电荷量为+q与A点处带电荷量为−q的两个点电荷电场的叠加，故球心O点处场强的大小EO=kqR2−kq(2R)2=k3q4R2，方向由O指向A，故B正确，ACD错误。

故选：B。

利用均匀带电球壳内部场强为零的结论，先得出球壳剩余部分在O点的场强与原A7.【答案】C

【解析】解：A、随着速度增大，安培力增大，故导体棒的加速度逐渐减小，最后变为0，所以导体棒是做加速度变小的加速运动，之后加速度为0，速度达到最大，故A错误；

B、根据右手定则可知，感应电流是顺时针，此时导体棒是电源，电源内部电流是从低电势流向高电势，导体棒下端相当于电源正极，故a的电势低于c点的电势，故B错误；

C、当速度达到最大速度v时，E=Bdv，I=ER+r，F=F安=BIL，解得v=F(R+r)B2L2，故C正确；

D、根据动能定理F做的功与安培力做的功之和等于导体棒动能的增加量，导体棒最终动能等于12mv2=mF2(R+r)28.【答案】AD

【解析】解：A、由于玻璃砖上、下表面平行，光线在AB上的折射角等于在DC上的入射角，根据光路可逆性原理可知光线在AB上的入射角等于在DC上的折射角，所以直线PQ与MN平行，故A正确；

B、根据折射率定律n=sinisinr可得：n=sin60°sin45∘=62，故B错误；

C、光路可逆性原理可知，由光从CD边射出时的折射角为60°，故C错误；

D、如图所示

因玻璃砖相对长方形ABCD顺时针转动了少许，使得入射角小于60°，折射角小于45°，实际折射率

n′=sin(60°−Δα)sin(45∘−Δα−Δγ)>sin(15°+45°−Δα)9.【答案】BC

【解析】解：根据题意，篮球到达篮筐时，竖直速度为零。看成从篮筐处开始做平抛运动。设出手瞬时速度与水平方向夹角θ，由平抛运动规律可知：x=vcosθ⋅t

H−h=12gt2，vy2−0=2g(H−h)，vy=vsinθ

联立解得θ=30°，x=210.【答案】ACD

【解析】解：A、在运动过程中，系统会不断产生焦耳热，导致其机械能持续减少。依据能量守恒定律，在任意时间段内，均有|ΔEka|=ΔEkb+Q内，由此可得ΔEkb<|ΔEka|，故A正确；

B、取速度v0方向为正方向，系统在水平方向满足动量守恒，即2mv0=(2m+m)v共，解得稳定后的共同速度v共=23v0。在整个过程中，两根导体棒产生的总焦耳热为Q=12(2m)v02−12(3m)v共2，计算可得Q=11.【答案】右1.501.48阻力做功消耗部分机械能

【解析】解：(1)纸带上打的点左端密集、右端稀疏，根据实验时的实际情况，先打的点速度小、后打的点速度大，故判断出手提住纸带的右端。

(2)根据纸带M点的数据可求得夹子和重物总的重力势能减少量ΔEp=mghOM=0.50×9.8×30.52×10−2J≈1.50J，打纸带上M点时的速度vM=hON−hOL2T，代入数据解得vM≈2.43m/s，故夹子和重物总的动能的增加量ΔEk=12mvM12.【答案】

最左端;偶然

R0R【解析】解：(1)根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示

(2)为保护电路，合上开关S1之前，R触头应置于最左端，多测几组U1、U2，多次测量的目的是减小偶然误差。

(3)S2掷于1端，U1表示Rx，R0串联的总电压，S2掷于2端，U2表示R0的电压，由串联电阻的电流相等，总电压等于两个电阻电压之和，结合欧姆定律可得U1Rx+R0=U2R0，变形可得U2=R0Rx(U1−13.【答案】若整个过程中温度不变，重力加速度g的大小为p0(L2−L1)【解析】(1)竖直放置时里面气体的压强为：p1=p0+ρgh

水平放置时里面气体的压强：p2=p0

由等温变化与玻意耳定律可得：p1L1s=p2L2s

代入解得：g=p0(L2−L1)L1ρh

(2)根据等容变化与查理定律可得：p1T1=p14.【答案】小球C与铁块B碰撞前一瞬间，细线对小球的拉力大小为3mg

小球C与铁块B碰撞后一瞬间，铁块B的速度大小为2gR2

最终铁块B与长木板A相对静止时因摩擦产生的热量Q为【解析】解：(1)小球C从静止释放到与铁块B碰撞前一瞬间，根据机械能守恒可得

mgR=12mv02

解得

v0=2gR

根据牛顿第二定律可得

T−mg=mv02R

解得细线对小球的拉力大小

T