高考物理重点考点解读《电磁感应+单杆模型》含答案

拉力恒定(含电阻)拉力恒定(含电容器)拉力恒定(含电阻)拉力恒定(含电容器)经过Δt速度为v+Δv，此时感应电动势E'=Bl(v+Δv)，Δt时间内流入电容器的电荷量Δq=CΔU=C(E'-E)=CBlΔv，电流I==CBl=CBla，安培力F安=IlB=CB2l2a，F-F安=ma，a=所以杆以恒定的加速度做匀加速运动拉力恒定(含电阻)拉力恒定(含电容器)F做的功一部分转化为杆的动能，一F做的功一部分转化为动能，一部分转化为电场能mv2+EC11阻值为R的定值电阻。水平导轨上足够长的矩形区域MNPQ存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大22(1)ab刚越过MP时产生的感应电(2)金属环刚开始运动时的加速度大小；33场。虚线框I、II中有定值电阻R0和最大阻值为20Ω的滑动变阻器R。一根与导轨等宽的金属杆以恒(2)分析并说明定值电阻R0在I还是在II中，并且R0大小为多(4)滑动变阻器阻值为多大时变阻器的功率最大？并求出该最大功率Pm。44B.金属棒刚进磁场时一定做加速运动A.导体棒进入磁场时的速度为3m/s轨上端相距足够远。一质量为m的金属棒，在棒中点受到沿斜面且平行止开始从ab处沿导轨向上加速运动，金属棒运动的速度-位移图像如图乙所示(b点位置为坐标原55过程中()A.金属棒所受安培力的大小与速率成正比B.金属棒做匀加速直线运动D.拉力F做的功为+mgx0sinθ+阻为3R，与导轨始终垂直且接触良好，导轨电阻不计，重力加速度为g，h>d，下列说法正确的是 ()B.金属杆从第4个磁场穿出时的速度大小为、g(h-d)理简化图如图所示。空间中存在垂直于纸面的匀强磁场，微风使导体棒在两固定的平行金属导轨之间66x2下列说法正确的是()C.经过y=y0D.0∼y0固定在方向竖直向上，磁感强度的匀强磁场中，沿轨道角平分线金属棒与坐标轴Ox始终垂直，与轨道始终接触良好。已知金属棒与导轨单位长度电阻值均为r=7788间距L=2m。导轨间存在垂直于斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B=2T。两根金属棒NQ和ab与(1)金属棒NQ的质量M；9913.(2024高考福建模拟)L=0.75m磁场。虚线框I、II中有定值电阻R0和最大阻值为20Ω的滑动变阻器R。一根与导轨等宽的金属杆在沿着导轨方向拉力F作用下，以恒定速率v向右运动，图甲和图乙分别为变阻器全部接入和一半接入(1)分析并说明定值电阻R0在I还是II中，并求出其值R0；(2)求导体棒MN与导轨之间动摩擦因数；(4分)2与水平面成∠θ=30°,金属导轨处在垂直斜面轨道向上且大小B=1T的匀强磁场内。MP连线与直导轨垂直，整个空间存在磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场。质量为为g。求(2)金属环刚开始运动时的加速度大小；(3)为使ab在整个运动过程中不与金属环接触，金属环圆心初始位置到MP的最小距离和该过程中ab拉力恒定(含电阻)拉力恒定(含电容器)拉力恒定(含电阻)拉力恒定(含电容器)经过Δt速度为v+Δv，此时感应电动势E'=Bl(v+Δv)，Δt时间内流入电容器的电荷量Δq=CΔU=C(E'-E)=CBlΔv，电流I==CBl=CBla，安培力F安=IlB=CB2l2a，F-F安=ma，a=所以杆以恒定的加速度做匀加速运动拉力恒定(含电阻)拉力恒定(含电容器)F做的功一部分转化为杆的动能，一F做的功一部分转化为动能，一部分转化为电场能mv2+EC阻值为R的定值电阻。水平导轨上足够长的矩形区域MNPQ存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大11【解析】(1)第1根导体棒刚进入磁场时产生的感应则此时回路的电流为I=此时导体棒受到的安培力F安=BIL此时导体棒受安培力的功率P=F安v0=量QR=QR1+QR2+QR3+⋯+QRn22v0=2gLE=BLv0=BL2gLR总=R+=RI==33mv0=mv+2mvv=v0-BILt=m⋅0-mv0R总BL(x1-x2(q=R总Δx=x1-x2=m22gL则金属环圆心初始位置到MP的最小距离B2L2B2L3+mR2gLd=L+ΔB2L2场。虚线框I、II中有定值电阻R0和最大阻值为20Ω的滑动变阻器R。一根与导轨等宽的金属杆以恒440=1.5V解得v=5m/sB.金属棒刚进磁场时一定做加速运动55答案D金属棒进入磁场时，产生的感应电动势E=BLv，产生的感应电流是金属棒所受的A.导体棒进入磁场时的速度为3m/s答案BCD轨上端相距足够远。一质量为m的金属棒，在棒中点受到沿斜面且平行于导止开始从ab处沿导轨向上加速运动，金属棒运动的速度-位移图像如图乙所示(b点位置为坐标原过程中()A.金属棒所受安培力的大小与速率成正比B.金属棒做匀加速直线运动66D.拉力F做的功为+mgx0sinθ+动的速度-位移图像与横轴所围面积为，W安=-∑△x=-∑v△x，而∑v△x等于金属 阻为3R，与导轨始终垂直且接触良好，导轨电阻不计，重力加速度为g，h>d，下列说法正确的是 ()【答案】.C77过第四个磁场的速度为v，根据能量守恒可知mg(h+7d)=mv2+Q，解得v=C.根据法拉第电磁感应定律，穿过第一个磁场的电动势通过电路中的电流I=又因为I=，联立上述各式可得q==，C正确；D.对金可知F-mg=ma，F=BIL，解得a=-g，金属杆的质量不变，随着金属杆向下运动，由于金属杆D错误.故选C.理简化图如图所示。空间中存在垂直于纸面的匀强磁场，微风使导体棒在两固定的平行金属导轨之间导体棒切割磁感线产生电动势的瞬时值为e=BLvmsinωt2(R+r)回路中电流的有效值为I2(R+r)一个周期内电阻R产生的焦耳热为x288C.经过y=y0D.0∼y0规律：v2=2ay，根据法拉第电磁感应定律，固定在方向竖直向上，磁感强度的匀强磁场中，沿轨道角平分线方向建立坐标轴Ox。质量m金属棒与坐标轴Ox始终垂直，与轨道始终接触良好。已知金属棒与导轨单位长度电阻值均为r=99(1)0.2m/s(2)0.1A(3)0.2m(1)物块与金属棒ab碰撞过程中动量守恒，有Mv0=(M+m)v共解得v共=0.2m/s回路中总电阻R=(L+解得I=0.1A(3)若某时刻杆长为L，则回路中电阻为R=(L+经过Δt，由动量定理可得F安Δt=(M+m)Δv其中F安=BIL=B注意到v△t=△x,联立解得=(M+m)△v，共tan37°=L/2x联立可得Δv=v共=解得x=0.2m通过金属杆的电流为I=金属杆产生的感应电动势为E=BlvΔq=CΔU由法拉第电磁感应定律得ΔU=ΔE=BlΔv联立可得感应电流I=CBlaOO'所受安培力的大小为F=IlB=CB2l2amgsinθ-CB2l2a=ma间距L=2m。导轨间存在垂直于斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B=2T。两根金属棒NQ和ab与(1)金属棒NQ的质量M；解得Mgsinθ-F安，解得Mgsinθ-联立解得F=19Nmgsinθ·t+∑F安△t=mv，F13.(2024高考福建模拟)L=0.75m磁场。虚线框I、II中有定值电阻R0和最大阻值为20Ω的滑动变阻器R。一根与导轨等宽的金属杆在沿着导轨方向拉力F作用下，以恒定速率v向右运动，图甲和图乙分别为变阻器全部接入和一半接入(1)分析并说明定值电阻R0在I还是II中，并求出其值R0； ER+R0由E=BLv解得v=5m/s。I3=3==0.75V(2)求导体棒MN与导轨之间动摩擦因数；(4分)[解析](1)磁场B1随时间均匀减小，设回路中感应电动势为E，感应电流为I，则根据法拉第电磁感应定律E==k根据闭合电路欧姆定律I=MN静止且受到导轨的摩擦力为零，受力平衡mgsinθ=B2IL，设MN从静止开始做匀加速运动过程中的加速度为a，导体棒MN与导轨之间动摩数为μ,则x=根据牛顿第二定律mgsinθ-μmgcosθ=ma解得μ=tanθ-mgsinθ=μmgcosθ+F安导体切割磁感线E′=B2Lvm安培力为F安=B2I′L=最大动能Ekm=mv联立方程解得Ekm=。E=BLvI=BIL=mgsin30°v=2m/sQ总=W安Q2=总Q2