2026届广东佛山发展联盟高三上学期联考物理试题及答案

2025-2026学年广东省佛山市发展联盟高三（上）联考物理试卷2.中国目前拥有世界上最完善的高铁系统，高铁是中国科技发展的一张世界名片，连云港也早已迈入高铁城市行列，最新开通的连徐高铁让港城市民出行更为便捷．如图所示为运行在连徐线上的高铁车厢显示相关信息的显示屏示意图，下列说法中正确的是()3.在太空舱内可采用动力学方法测物体质量。其原理如下：先对质量为1m/s2。若m0=2kg，则待测物体的质量为()A.此时每根细绳受到的拉力为C.豆浆从纱布流出过程中，忽略纱布的拉伸形变，细绳受到D.豆浆从纱布流出过程中，纱布中豆浆和豆渣整体的重心不变5.如图所示，半圆形容器固定在地面上，容在容器内，处于静止状态。现用水平力作用在球A上，则在球A由P点缓慢移动到Q点的过程中()A.球A对球B的弹力逐渐增大B.球A对球B的弹力先增大后减小A.在t=4s时，甲、乙两车相遇极短时间的点火加速，使其轨道的近地点为B、远地点以上信息可判定()A.空间站的运行速率大于飞船在半径为r8.运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑动，球与球拍保持A.运动员的加速度大小为gtanθB.球对拍球的作用力大小为mgcosθC.运动员的加速度大小为gsinθ9.如图甲所示，小球从斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点进入水平面后做匀减速直线运动，最后停乙所示，下列说法正确的是()A.v2−x图像斜率表示加速度C.小球在水平面上运动的距离为0.8mD.整个过程小球的平均速度大小为2m/s10.如图所示，水平转台绕竖直轴匀速转动，穿在水平光滑直杆上的小球A和BA.小球A、B受到的向心力之比为1：1B.小球A、B做圆周运动的半C.小球A匀速转动的角速度为D.小球B匀速转动的周期为2π√①测量滑块的质量M；③接通电源后静止释放滑块，滑块在细线拉动下拉着纸带一起运点时滑块的速度v=m/s，滑块的加速度a=m/s2。(2)测得滑块的质量为M=1.00kg，重力加速度大小A.0.145kgB.0.245kgC.0.345kgD.0.445kg右端A处在地面的竖直投影点，倾斜轨道末端与木板平滑接触，当倾斜轨道末端固定于木板右端A处时，使物块从倾斜轨道的某一高度P处由静止释放，物块(可当成质点)最终落在水平地面的M处，测出OM间的水平距离x1；向左平移倾斜轨道到木板的B平地面的N处，测出ON间的水平距离x2。(1)要测出物块与木板间的动摩擦因数，还A.倾斜轨道的P处到木板的高度hB.倾斜轨道从A处向左平移到B处的距离sC.木板到地面的高度HA.每次可以从倾斜轨道的不同位置释放B.重复多次实验，取落点的平均值来确定M、N两落点的位置D.轨道末端不需要水平13.如图所示，甲为操场上一质量m=10kg的竖直滑竿，滑竿滑的情况，在竿的顶部装有一拉力传感器，可显示竿的顶端所受拉力的大小，现有一学生手握滑竿的上端由静止开始下滑，下滑5s后学生的下滑速(1)该学生的质量M；A与定滑轮间的绳与传送带平行，传送带上下两端长L=5m。不计定滑轮质量和摩擦，小物体A与传送带之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，小物体A与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，轻绳足够长。(1)小物块A开始运动时的加速度大小； (1)AB的高度差(3)设木板受到的最大静摩擦力跟滑动摩擦力相等，则木板至少多长答案和解析【解析】解：在国际单位制中，力学基本单位分别为：米、千克、秒．牛顿是导出单位，故A不是基本单位.解决本题的关键要掌握国际单位制中三个基本单位：米、千克、秒．知道库仑、牛顿、法拉、安培、都属于导出单位.时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴代入数据解得m=2kg先以标准物体为研究对象求出水平推力，再以标准物体和待测物体为整体，利用牛顿第二解决本题时，可以先隔离求出作用力，再整体利用牛顿第二定律求出待测物体设每根绳的拉力为F，根据受力平衡，每根绳的拉力在竖直方向的分力等于G，即：Fcosθ=mg解得故A正确，B错误；对纱布和豆渣整体受力分析，根据受力平衡，联立方程求出绳上的力，豆浆流出的过程根据质量的变【解析】对B球受力分析如图1所示，缓慢推动A球由P点缓慢移动到Q点的过6.【答案】C【解析】解：A、在速度相等时，两车相距最远，即t=4S时相距最远，故A错误；明确v−t图象的性质，根据图象的坐标明确速度，根据图象的斜率分析加速度本题关键是抓住位移图象的数学意义来理解其物理意义：注意图象中点表示速度、斜率表示加速度【解析】解：A、当空间站和飞船均做圆周运动时，其地球的万有引力提供向心力，即有根据万有引力提供向心力列式分析空间站和飞船做圆周运动的速率大小；根据牛顿第二定律列式分【解析】解：AC.由于不计球和球拍之间摩擦，球只受重力和支mgtanθ=ma解得加速度为a=gtanθ故A正确，C错误；BD.球拍对球的支持力对球进行受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度；根据受力分析求解出球拍对球的支持力，由牛顿本题考查对物体的受力分析以及牛顿第二定律，需要分析清楚物体的手里情况，找到物体的合理，故A错误。小球在斜面的加速度、水平面上的运动距离，最后辨【解析】解：A.小球A、B的向心力由弹簧弹力提供，由于弹簧对小球A和小球B的弹力大小相等，故解得小球A匀速转动的角速度，故C错误；两小球通过弹簧连接，弹簧弹力提供两小球的向心力，向心力大小相等，两小球绕同轴转动，角速相等，根据向心力公式求解半径之比；根据弹力提供向心力求解出角速度大小；根据T=mg=(m+M)am=0.146kg本题主要考查了关于牛顿第二定律的探究实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合牛顿第二；；【解析】(1)(2)物块离开斜槽后做平抛运动，水平方向做匀速运动，可得x=vt联立解得v=x√滑块从B到A，根据动能定理有因此需要测量倾斜轨道从A处向左平移到B处的距离s、木板到地面的高度H，不需要测量倾斜轨道的P(3)AC.无论斜面是否光滑，只要每次从倾斜轨道的P处由静止释放物块，物块运动到斜槽末端的速度都相D.为了保证物块离开轨道时具有水平方向的速度，所以轨道末端必须水平，故D错误。故选：B。【解析】(1)5S后学生静止，由图乙可知拉力为500N，根据二力平衡，有：G=500N，学生质量−(3)学生先做匀加速直线运动，再做匀减速直线运动，分别根据牛顿考查了动量定理和牛顿第二定律的应用，从坐标图信息分析运动状态的方法，关键是分析不同时间14.【答案】小物块A开始运动时的加A滑上传送带到离开传送带所需的时间为3.5S【解析】(1)开始时A的速度比传送带快，所以A受摩擦力为阻力，设运动方向为正，由牛顿第二定律：mAgsinθ−(μ2mAgcosθ+mBg)=(mA+mB)a2a2=−0.4m/s2v−v=2a2x1A与传送带最大静摩擦力F=μ2mAgcosθ−mBgF=1N<fm所以接下来A相对传送带静止与之一起匀速运动：答：(1)小物块A开始运动时的加速度大小为0.4m/s2；(2)A滑上传送带到离开传送带所需的时间(1)A和B组成连接体问题，将A和B整体作为研究对象，对连接体运动分析和受力分析后可由牛顿第二定律求小物块A开始运动时的加速度大小；(2)根据运动学公式求A滑上传送带到离开传送带所需的时间。此题易错的点为物体与传送带相对静止之后运动状态的判断，这里涉及摩擦力，摩擦力为被动力，从A到B根据动能定理可知：mgℎ=2物块经过C点时，设轨道对物块的支持力为N，由牛(3)物块在木板上滑动时，设物块和木板的加速度大小分别则：μ1mg=ma1μ1mg−μ2(M+m)g=Ma2