2026届湖南师大附中高三上学期月考(二)物理试题含答案

湖南师大附中2026届高三月考试卷(二)选项是符合题目要求的)1.生活现象中蕴含着无数物理知识，以下为教材中的几幅插图，说法正确的是()B.图乙表示两分子势能随分子距离变化的图线，分子间距为r2时分子力为02.小李同学在学习过程中非常喜欢总结归纳，下图是他用来描述多种物理情景的图像，其中横轴和纵轴的截距分别为n和m，在如图所示的可能物理情景中，下列说法正确的是()理就是根据入户电压与电器工作电压，智能调节变压器原副线圈匝数比的机器，现某用户工作情况如图所示，忽略变压器电阻。下列说法正确的是()A.现入户电压U1=150V，若要稳压源输出电压U2=225V，则需调节n1:n2=3:2B.空调制冷启动时，热水器实际功率不变D.在用电器正常工作时，若入户电压U1减小，则需要更大的入户电流，从而输电线路损耗更大次到达表面的光线。则其中一个面的透光区域形状应为()A.5.如图所示是卫星绕不同行星在不同匀速圆周运动，则()列说法正确的是()A.小球释放后，小球与弯槽系统动量守恒P上另一点，线段OQ与x轴正方向夹角为30°。由上述及图中条件可知()D.s时，质点运动至Q处8.如图所示，半圆环竖直固定在水平地面上，光滑小球套在半圆环上。对小球施加一点B的拉力F，使小球从半圆环最低点A缓缓移动到最高点B。下列说法正确的是()A.小球对半圆环的压力先减小后增大B.拉力F一直减小C.若小球到达B点前瞬间撤去拉力F，则小球向下运动过程中重力的功率先增D.若小球到达B点前瞬间撤去拉力F，则小球向下运动过程中重力的功率一直增大时针方向的圆周运动。AB为圆周的水平直径，CD为竖直直径。M与A、B在同一水平线上，且M离A点r9N.m2.C−2，不计空气阻力。下列说法正确的是()D.在A点细线对小球的拉力比在B点时细线对小球的拉力小1.76N10.如图所示，xOy平面为光滑水平桌面，在x轴上固定了一变、方向沿−y方向的恒定合外力作用。已知小球在碰到挡板前的最小速度为4m/s，恒力的大小为1N。小球视为质点，sin37。=0.6，cos37。=0.8。下列说法正确的是()A.小球在整个运动过程中机械能守恒B.在小球击中挡板前，小球速度大小变为5m/s时，速度方向和x轴正方向的夹角为37。C.若小球在速度最小时恰好经过O′，则小球击中挡板前瞬间的动D.若v0大小方向可以改变，小球的初始位置可沿y方向上下移动，圆弧挡板可沿x方向左右移动，总保证小球每次水平通过O′点，则击中挡板时小球的最小动能为2现需要测量中空部分的横截面积S，某实验小组设计了如下实验。所用实验器材为：电压表V（量程为3.0V，内阻约为3kΩ);滑动变阻器R（最大阻值为10Ω);待测金属管Rx、开关S、导线若干。（1）先用螺旋测微器测量金属管的直径d，如图乙所示其读数为mm。（2）按图丙连接电路，电压表右端应连接点（选填（3）闭合开关S，测出电压表示数U、电流表示数I，则金属管的中空截面积S=在铁架台上且位置可调。物块释放前，细线与弹簧和物原长。滑轮质量不计且滑轮凹槽中涂有润滑油。以保证细线与滑轮之间的摩擦可以忽略直。小物块连同遮光条的总质量为m，弹簧的劲度系数为k，弹性势能kx2（x为弹簧形变量重静止释放，记录物块通过光电门的时间t。（3）在（2）的条件下，l=l1和l=l3时，物块通过光电门时弹簧具有的两弹性势能分别为Ep1（1）粒子在磁场中运动的时间t1。（3）速率最大的粒子从A点到达磁场右边界时动量改变量的大小Δp。B点在O点正下方，BO=L，初始将铅块拉至与O点等高的A点由静止释放，当其第一次摆至B点时轻绳台，平台右侧并排放有10个完全相同的木块，其上表面与平台等高，如图甲所示。每个木块的质量为和木块与地面之间的动摩擦因数均为µ2=0.1，不考虑铅块的大小，不计空气阻力。g=10m/s2。（1）求v0的大小以及轻绳能承受的最大拉力大小T；生的热量Q；湖南师大附中2026届高三月考试卷(二)选项是符合题目要求的)【1题答案】【答案】B【2题答案】【答案】B【3题答案】【答案】D【4题答案】【答案】B【5题答案】【答案】B【6题答案】【答案】D【7题答案】【答案】AD【8题答案】【答案】BD【9题答案】【答案】AD【10题答案】【答案】BD（2）①.M②.小于（3）πd2−【12题答案】dtk22gmdd2k22gmdd 【13题答案】【14题答案】【15题答案】物理参考答案一、单项选择题(本题共6小题,每小题4分,共24分。每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的)题号2345答案BCDBBD1.B【解析】甲图中,微粒越小,液体分子对颗粒的撞击越不平衡,则布朗运动越明显,故A错误;图乙表示两分子势能随分子距离变化的图线,分子间距为r2时,分子势能最小,处于平衡位置,分子力为0,故B正确;真空冶炼炉能在真空环境下,利用电磁感应现象,使炉内的金属产生涡流,从而炼化金属,故C错误;原理是电磁阻尼,故D错误。2.C【解析】若为zt图像,其斜率表示速度,则物体速度保持不变,故A错误;若为vz图像,假设物体做匀变速直线运动,则有2axr=v2v2o即对于匀变速直线运动,其vx图像不可能是一次函数图像,故B错误;若为ax图像且物体初速度为零,由动能定理2mvm2a:oF·xmar=即m2a:—m,所以物体的最大速度为v: =mm,故c正确;若为at图像且物体初速度为零,则图像与坐标轴所围的面积表示速度的变化量,所以物体的最大速度为v:=Ao=出现在tn时刻·故D错误U2n23.D解析变压器有ui—",代入数据有n:n22:3,选项A错误空调启动时电流增大·导线电阻分压增加,导U2n2线电阻耗能升高,热水器电压降低,功率降低,选项B、C错误;在用电器正常工作时,功率不变,若入户电压ui减小,则需要更大的入户电流,从而输电线路损耗更大,故D正确。故选D。33则有tanC=,研究中心。处单色点光源射到底部的出射情景,设正方体的边长为2L,如图1所示,33/42327据几何关系可得tanCr3解得r31,由于L<r31<l.如图2所示,可知图中圆形与正方形叠加区域L777有光线射出。Mm4T24T2r3rTGM5.B【解析】设中心天体质量为M,由万有引力提供向心力G2m2r,得T2,Mm4T24T2r3rTGMMm-GM故Mp<MQ·故B正确;根据万有引力提供向心力有Gr2man·得anr2·由图像可知,卫星M在1Mm-GM径小于在2处的轨道半径,故卫星M在1处的向心加速度大于在2处的向心加速度,故C错误;根据万有引力提供 向心力有Gmv2·得-GM·因行星P的质量小于行星Q的质量,卫星M在2处的轨道半径大于卫星N在3处的轨道半径,故卫星M在2处的线速度小于卫星N在3处的线速度,故D错误。故选B。物理参考答案(附中版)一16.D【解析】小球从弯槽左侧边缘静止下滑的过程中,弯槽对球的支持力沿半径方向指向圆心,而小球对弯槽的压力方向相反指向左下方,因为有竖直挡板挡住,所以弯槽不会向左运动,则小球与弯槽在水平方向受到外力作用,系统动量不守恒;小球从弯槽最低点向右侧运动过程,由于存在小球的重力作用,系统动量不守恒,但水平方向所受合外力为零,故水平方向动量守恒,故A错误;ti时小球与弯槽在水平方向第一次共速,即小球到达弯槽右侧,t2时再次2共速则到达弯槽左侧,根据能量守恒mgh=(m+M)v共2+mgh',可知h>h',故小球此时不可能到达释放时的高2度,故B错误;小球通过弯槽最低点后,系统水平动量守恒,则有mu=Mv3mv2,移项得m(u+v2)=Mv3若m大于M,则u十v2<v3,图中明显获知u>v3,故C错误;小球第一次到达弯槽最低点时,其具有最大速度,而在tt2时间内,即小球从弯槽右侧共速点到左侧共速点,共速点的高度均低于弯槽左右两端,根据vt图像围成面积等于水平位移,得si=R,而S2为tt2内两者的相对位移,有S2<2R,故D正确。故选D。二、多项选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得。分)题号78答案ADBDADBD7.AD【解析】由zt图像可知,其对应的振幅等于圆的半径,则有R=A=10cm,故A正确;由zt图像可知,周期2TTT2为T=4S,则质点做圆周运动的角速度大小为w=rad/s,故B错误;2TTT2变,设质点与圆心连线与z轴的夹角为9,则该质点投影的加速度为az=acos,从t=0开始到质点第一次到达Q点的过程中,o从90"减小为",再增大到30",则该质点投影的加速度先增大后减小·故C错误;t3S时,质点转过的T168T2T2333角度为△wtX=2T+,可知此时质点运动至Q处,故T168T2T23338.BD【解析】对小球受力分析,如图所示-·则小球从半圆环最低点A缓缓移动到最高点B的过程中.DB长度一直减小·则拉力F直减小·半圆环对小球的支持力N大小不变,由牛顿第三定律可知小球对半圆环的压力大小始终不变,故A错误、B正确;若小球到达B点前瞬间撤去拉力F,则小球向下运动过程中速度一直增大,速度与竖直方向的夹角一直减小,重力的功率一直增大,故C错误、D正确。故选BD。9.AD【解析】小球的电势能和机械能之和保持不变,小球运动到B点时,电场力对小球做功做多,小球的电势能最小,机械能最大,故A正确;根据几何关系可知D、C与M的距离相等,则小球在D、C的电势能相等,则D位置小球的机械能等于C位置小球的机械能,故B错误;小球从D点到C点过程,电场力做功为零,设库仑力在C、D的竖直分力大小分别为FCFD·由对称性可知F,CFD·在DC分别根据牛顿第二定律:TD+mgFDm·TcmgFCm根据动能定理mg·2l.2mvc22mvD2联立可得TcTD6m8可知在最低点C和最高点D时细线KQqVA2对小球拉力的差值与M的电荷量无关,故C错误;同理,在A.B两点,分别根据牛顿第二定律TA+l.2ml,TBKQqVA2KQqVB2KQKQ1212 KQqVB2KQKQ1212选AD。物理参考答案(附中版)2小球在小球在整个运动过方向上受到恒定合外力的大小为解析BDN小球在水平桌面上做类斜抛运动小球在小球在整个运动过方向上受到恒定合外力的大小为解析BDN程中除重力外有其他力机械能不守恒小球到达轴的坐标最做功故A错误;小球在碰到挡板前的最小速度时程中除重力外有其他力机械能不守恒小球到达轴的坐标最做功在小球在设在小球击轴方向上做匀速直线运动轴方向的速度为轴方向的速度为大4S小球在在小球在设在小球击轴方向上做匀速直线运动轴方向的速度为轴方向的速度为大4S45解得中挡板前小球速度大小变为5速度方向和则CS时故B正37S轴正方向的夹角45解得中挡板前小球速度大小变为5速度方向和则CS时故B正37S确;若小球在速度最小时恰好经过在t2则小球从点做类平抛运动轴方向上轴方向t2在确;若小球在速度最小时恰好经过在t2则小球从点做类平抛运动轴方向上轴方向t2t2F2解得t解小球击中挡板时R2小球从Ek8mS2点到挡板由动能定理得Ft2F2解得t解小球击中挡板时R2小球从Ek8mS2点击中挡板故C错误;小球水平通过则小球从点做类平抛运J2得小球击中挡板前瞬间的动能为点击中挡板故C错误;小球水平通过则小球从点做类平抛运J23小球击中挡板时R2动t224击中挡板时小球的动能为Ek3小球击中挡板时R2动t224aR24y3当3yaR24y故选BD为Ek时故D正确Jin24击中挡板时小球的动能最小aR24y3当3yaR24y故选BD为Ek时故D正确Jin24第第共题8分实验题分2题8分第第共题8分实验题分8分每空2分8分Pd2243U4M小于Pd2243U4解析该读数为44mmmmm根据螺旋测微器的读数规律可知解析该读数为44mmmmm电流表的分压影响较大实验中应排除电流可知2由于电压表的内阻远远大于待测电阻的阻值与电流表的内阻电流表的分压影响较大实验中应排除电流可知2,即更合理的是电压表右端应连接M点;表分压影响,即更合理的是电压表右端应连接M点;表分压影响由于电压表分流影响由于测量电路采用电流表的外接法,导致电流的测量值偏大则则由于电压表分流影响由于测量电路采用电流表的外接法,导致电流的测量值偏大则利用此电路测得的电阻值小于真实值U根据欧姆定律有Rd2解得S3P2U4d根据电阻定律有RU根据欧姆定律有Rd2解得S3P2U4dS8分2每空2分8分2dk2l22l4l32l3dt2gddk2l22l4l32l3dtd解析遮光条的宽度为d通过光电门的时间t则物块通过光电门d解析遮光条的宽度为d通过光电门的时间ttd2gdkd2gdk则有2l2kl22若系统机械能守恒变式为2l2l2d所以图像若能在误差允许的范围则有2l2kl22若系统机械能守恒变式为2l2l2dtttk2gd2l2内满足2ld即可验证弹簧和小物块组成的系统机械能k2gd2l2内满足2ldt时间相等动能相等由图像可知l可得l3时和lEp3EkEpll3l3则物块的速度大小相等时间相等动能相等由图像可知l可得l3时和lEp3EkEpll3l3EkEp3ll3g联立可得EpEkEp3ll3gl2时遮光板挡光时间最短由图像可知l可得l2l24又k此时物块通过光电门时的速度最大l2时遮光板挡光时间最短由图像可知l可得l2l24又k2联立可得2解答题共4分四本题共3个小题解答题共4分四分5P分析汽缸中的气体初态时温度T压强K33解析分5P分析汽缸中的气体初态时温度T压强K33末态活塞处于平衡状态设汽缸中气体温度为Ti压强为重物恰好开始下降时末态活塞处于平衡状态设汽缸中气体温度为Ti压强为2分受力分析有SSfpgMg2分受力分析有SSfpg5pa分3解得5pa分3由查理定律有2分TT1汽缸中的气体做等容变化由查理定律有2分TT1附中版3物理参考答案附中版3铅块在B点·根据牛顿第二定律有TMgMV,2(1分)解得T=30N………(1分)(2)对传送带上的铅块受力分析,当F=0.6N时,根据牛顿第二定律有μ2Mg+F=Ma解得a,=0.4m/'s2.………(1分)当F=1.2N时根据牛顿第二定律有2Mg+F=Ma2解得a20.2m/s2………(1分)因共速后撤去外力,所以共速后铅块与传送带不再发生相对运动,画出铅块速度时间图像,其中阴影面积分别设为zi、z2;1S,2S……的速度如图所示由图可知每2S内速度增加0.2m/S,56S内有28个2S故第56S时的速度v5610m/S+0.2X28m/S=15.6m/S…根据速度时间图像与时间轴围成的面积表示100+104102+104222可得z1=··X1m+·'X1m=20.5m,z=(10.210.0)X2m=0222根据速度时间图像可知在56S内有28个2S第1个2S内的位移为z第2个2S内的位移比第一个2S内的位移增加2,位移为z2+zi第3个2S内的位移比第一个2S内的位移增加2z2,位移为2z2+z依次类推……第28个2内位移比第一个2S内的位移增加27z2,位移为27z2+z156+1602第57S内的位移为z57··X1m=15.8m2故铅块57S内的位移为z28i22z2+3z2+…27z2+z57741m…(1分)传送带57S内的位移为z216x57m=912m……