海南省海口市高考物理演练试卷

海南省海口市高考物理演练试卷

单选题

1.（3分）在重核裂变的核反应中，有一种裂变：50+标-2转+公+3如其中3）（和（xr都属于中等质量的原子核，对于4X的原

子序数工和质量数Z,下列判断正确的是（）

A.A=56、Z=144B.A=55、Z=145C.A=54.Z=136D.A=53,Z=147

2.（3分）关于分子动理论，下列说法正确的是（）

A.分了间的引力随分子间距的增大而增大

IJ.分子间的斥力随分子间距的减小而增大

C.水结冰的原因是当温度降低到ere时，水分子的热运动停下来了

D.给•壶水加热，随着水的温度升高，每•个水分了•的运动速率都会增大

3.（3分）如图所示为一半圆形玻璃砖的横截面，0为圆心，直径AB与水平面平

行，水平面上有一激光源P,从P射出的一束激光照射到0点时，刚好发生全反

射，反射的激光束又照射到水平面上的Q点，经测量，P、0、Q三点刚好构成一

个等边三角形。则玻璃砖的折射率为（）

A.V5B.V2C.1.5D.2

4.（3分）一质点做加速度为a的匀加速克线运动，先后经过距离为L的A、B两点，所用时间为I。若质点经过B时的速度是经过A时速度的3倍,

则以下关系式正确的是（）

A.L=-at2B.L=；-at2C.L=at2D.L=2at2

42

5.（3分）如图所示，倾角为45°的光滑斜面固定在水平地面上，小球被一个与斜面平行的细绳拉住静止在斜面上。

下列说法正确的是（）

A.绳子对小球的拉力与小球的重力大小相等

B.斜面对小球的支持力与小球的重力大小相等

C.绳子对小球的拉力与斜面对小球的支持力大小相等

D.绳子对小球的拉力与斜面对小球的支持力大小之和等于小球的重力

»)«/共13页

6.G分）如图所示,在光滑绝缘的水平面上有一个可以看成

点电荷的小带电体Q，虚线MN是一个带负电的小球在平面上的一

段运动轨迹，其中M与Q的距离小于N与Q的矩离。下列判断正确

的是（）

A.小球一定是从V向丫运动

B.电场力只改变小球速度。勺万向，不改变小球速度的大小

N点电势PN一定高于M点的电势＜bN

D.小球在N点电势能Eprv一定大于它在M点的电势能E3M

7.（3分）如图所示是一种交流发电机模型，条形磁铁在连杆齿轮的带动下在线圈内做周期性往,

且运引，线圈中产生交变电流。已知图中大齿轮周长是小齿轮周长的1.5倍，若摇动把手使得大］

齿轮每秒转动n转，则线圈中产生的交变电流的频率为（）

A.nB.1.5mC.2nD.3n

8.（3分）如图所示，理想变压器原线圈接入电压有效值不变的

正弦交流电，图中电压表和电流表都是理想交流电表，R。为定值

电阻，R为滑动变阻器。下列判断正确的是（）

A.若保持变阻器滑片位置不变，减少副线圈匝数，则A了数变|

大

B.若保持变阻器滑片位置不变，增加副线圈匝数，则/示数变

大

C.若保持原、副线圈匝数不变，将滑片向上移动，则A】示数变小

D.若保持原、副线圈匝数不变,将滑片向上移动，则V亦数变小

多选题

1.（4分）如图所示,弹性系数为k的弹簧下面用绝缘丝线悬挂一条长度为L的公平直导线，水平方向

的匀强磁场与直导线垂直。导线中通有恒定电流I，当电流方向从a到b时，弹簧f勺伸长量为如当电流

方向从b到a时，弹簧的伸长量为X2；已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）

X

V

A.直导线的质量为止出B.直导线的质量为迎也b

N

C.磁感应强度大小为幺出D.磁感应强度大小为32

靖2贡/共13延

2.（4分）如图所示，一定量的理想气体从状态a沿直线变化到状态b,再变化到状态c,然后再由c回到

状态a,图象中的be段与横轴平行，ca段与纵轴平行。下列说法正确的是（）

A.由a-'b气体压强不变

B.由b-c气体压强逐渐减小

C.由c-a气体向外放出热量

D.由a-b-c外界对气体做功，气体向外放出热量

3.（4分）已知地球的半径为R,地球表面的重力加速度为g,距离地面高度为h的人造卫星的线速度为v,周期为T,引力常量为G,若不考

虑地球自转，则地球质量的表达式地（）

4-R34n~2（，+R）3

GT2'CT2

4.（4分）一列简谐横波沿着x轴传播，1=0时刻的波形如图1所示，平衡位置为x-27n处的质点振动图象如图2所示。下列说

法正确的是（）

图2

A.波的传播方向沿z轴负方向

B.波的传播速度是20m/s

C.经过0.Is,平衡位置为z=0.3m的质点沿y轴正方向运动

D.经过0.15s,平衡位置为x=0.3m的质点位移为负值

5.（4分）如图所示，两个水平放置的平行导轨足够长且宽度为0.2m,其电阻不计，导轨所在平面内H

b

存在一磁感应强度.8=0.S7.方向竖直向下的匀强磁场。质量:均为0.1kg的两导体棒ab与cd的T___4^

有效电阻均为0.1C,与导轨间的动摩擦因数均为0.1,现用水平向右的拉力P作用在导体棒ab上，

使a匕沿着导轨方向向右做匀速运动，而导体棒cd恰好静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，导

体棒始终与导轨接触良好，重力加速度g取l（hn/sz,下列说法正确的是（）

A.拉力F为0.INH.导体棒ab匀速运动的速度为lm/sC.在Is时间内产生的焦耳热为0.2J

D.在1s时间内拉力做功为0.4J

实验题

»35（/共13页

1.（8分：如图1所示的实验装置可以用来验证机械能守恒定律。铁架台上部固定一打点计时器，打点计时器所用电源的频率为50Hz,纸带下连接的

金属球HJ质量为m-1kg,已知当地重力加速度g=9.00m/s2,实验过程中得到的纸带如团2所示，其中。是小球开始下落时打下的

点，A、B、C是连续打下的3个点。

（1）实验数据处理过程中，这样计算打下比点时小球的瞬时速度：利用公式9=9.80山/$2,把

%=1254x102m两个数据代入即可求出的值，这种方法是（填“正确”或“错误”）的。

⑵从。到B,金属球重力势能减少量.动能的增加量△EE）=）.在误差允许范围内机械能守恒：上述实验中，AEZ稍微大于

△Ei的主要原因是°（前两空保留3位布效数字）

2.（10分）某研究小组利用如图1所示的电路测定某一电池组的电动势和内阻，其中电乐表的量程为3V,R。为3.OfQ的定值电阻。由于所提供电流

表量程不合适，需用灵敏电流计改装新的电流表，虚线框内是用灵敏电流计G改装的电流表.

©

⑴已知灵敏电流计G的满偏电流T「30。UA.内阻「3-10007,若要改装后的电流表量程为0.6A,应并联一个Q的定

值电阻&（本小题结果保留1位有效数字）。

（2）根据图1,闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片置于（填“a”或"b”）端。

（3）该小组进行实5心得到电压表的示数U与灵敏电流计G的示数I,把多次实监测量:的数据在UT图象中描点连线，最终得到如图2所示的图线，根据

图线计尊出电池组的电动势E=v，内阻r=n（木小题结果保留2位有效数字

I共13克

)o

计算题

1.（10分）如图所示，足够长的斜面与水平面的夹角为37,有一个槽型小物体在斜面上以20m/s的

速度沿着斜面匀速向下滑行，当槽型小物体距离斜面顶端为L时，将斜面顶端一小球以20ni/s的水平速度抛

出，经过一段时间后小球恰好落入槽中，求」的大小。（已知5m37=0.0,8537=0.8,重力加速度8取

IQm/s2）

2.（12分）ABCD是边长为L的正方形，该区域存在垂直正方形所在平面向外的匀强磁场，一带电粒子

从A点以初速度v船着AB方向射入磁场，经磁场偏转后粒子从C点离开。现撤去磁场，在该区域内加

上沿BC方向的匀强电场，该带电粒子仍从A点以初速度\，宓）着AB方向射入，粒子经电场偏转后仍从C

点离开.若不计粒了唾力，求：

（1）粒子在磁场中从A运动到C所用的时间：

（2）匀强电场的电场强度E与瞄场的磁感应强度B的比值.

3.（16分）如图所示,粗糙水平而上放有一块长木板,

长木板上面放置一小木块，长木板左端是一高为

h-125m的光滑固定斜面，在斜面最高处由静止糅放

一金属小球。当小球速度方向变为水平方向的瞬间与长

木板的左端发生碰撞，碰后小球返回斜面的最大高度为h=0.05M之后小球被收起，不会与长木板发生二次碰撞.已

知斜面与地面之间平滑连接，长木板的质量m.=仅9,小木块的质量，nz-小球的质量m3=0.5〃g,小木块与长木

板之间的动摩擦因数为Mi=0.1,长木板与地面间的动摩擦因数为%=0.15,重力加速度g取lOm/s）小木块始终在长

木板上面。求：

（1）小球与长木板碰撞后瞬间，长木板的速度大小：

（2）碰撞后长木板运动了多长时间.

第6页/Mian

海南省海口市高考物理演练试卷（答案&解析）

单选题

1.A

【解析】解：根据质量数守恒与电荷数守恒可知，X的电荷数为：A.-y2-3b-56.质量数为：

2=235-1-89-3=144;

根据原子核的电荷数等于原子序数，可知X的原子序数为56,质量数为144,故A正确，BCD错误。

故选:A.

根据质量:数守恒与电荷数守恒即可判断出X中的原子序数与痂星数“

解决木题的关键要知道核反应前后质量数和电荷数守恒。

2.B

【解析】解：AB.分子间的引力和斥力都随着分子间即离的增大而减小，都随着分了•利距离的减小而增大，故A错误，B正确；

C、分子在永不停息地做无规则运动，故C错误：

I）、温度升高，分子平均速率增大，但并不是每一个水分子的运动速率都会增大，故D错误；

故选:B.

分子同同时存在着引力和斥力，均随分子间距减小而烟大，增大而减小，斥力比引力变化更快：分子在永不停息地做无规姐运动；温度升高,

分子平均速率增大。

本题考查的是分子动理论的知识，属于基础内容，要求同学们对这部分知识要强化记忆，重视课本内容.

3.D

【解析】解：根据题意可知，光在0点恰好发生全反射的临界角为C=30°,根据sinC-i

知，光的折射率为n=2,故ABO错误，D正确。可

故选:D.

根据几何知识求解光在0点恰好发生全反射临界角，由sinC=mR解折射率。

解决该题的关键是能根据几何知识求解全反射的临界角，熟记全反射的临成角与折射率的关系式。

4.C

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【斛析】解：由匀变速直线运动的规律可知;="=2v0,由加速度的定义可知质点的加速度。=卓也一守，由

以上两式可知L=aF,故c正确，ABD错误。

故选:C。

根据匀变速直线运动的规律，求出平均速度，却可求出L的表达式.

解决本题的关健掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运川，有时运用推论求解会使问题更加简捷。

5.C

【解析】解：对小球进行受力分析，把重力分辉为沿斜面向下和垂直于斜面两个方向，根据平衡条件，

绳子对小球的拉力为：F=mgsin45,=ymy

V2

斜面对小球的支挣力为：F1V=m.gcos45*=—mg

故有：尸=R，故C正确,ABD错误。

故选:3

对小球进行受力分析，把重力分解为沿斜面向下和垂直于斜面两个方向,根据平衡条件求解即可.

本题考查了受力分析及正交分解的应用，关键嘤知道小球处于平衡状态合外力为零。

6.D

【解析】解：A、小球仅在电场力作用下可能从'够动到N,也可能从N运动到M,故A错:

B、根据M与Q的距离小于N与Q的距离可知，小理的运动轨迹不是恻周，所以电场力与速度方向不垂直，即既改变速度的大小，也改变速度的方向，

故B错:

CD、若小球从M运动到N,根据M与Q的距离小了N与Q的距离可知，小球做远离Q的运动，电场力方向与速度方向夹钝角，电场力做负功，电势能增

加，对于同一个负电荷，在电势低的地方电势能大，则从M到N电势减小，故C错误，DE确。

故选:D.

通过力与速度的夹角判断里是否改变速度的大小和方向；通过电场力做功来判断电势能高低：通过电势能方法判断电势高低.

本题考查电场力与运动轨迹结合题目，要注意正电荷在电势高的地方电势能大，而负电荷在电势低的地方电势能大。

7.B

【解析】解：大齿轮转动频率£大=儿大齿轮和小齿轮边缘线速度大小相等,由v=3n,3=2nf知.小齿轮转动的频率：f2=15n

小齿轮带动磁铁在线圈内往返运动一个周期，产生的交变电流的频率与小齿轮转动的频率相同，则线圈中产牛•的交变电流的频率为L5n,故B正确,

ACD错误。

故选：B,

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大齿轮和小齿轮时齿轮传动模型，它们边线的线速度大小相同，由口-”,3.2兀.f可以求出大小齿轮传动频禹的关系式：小齿轮

带动磁铁在线圈内往返运动一个周期，产生的交变电流的频率与小齿轮转动的频率相同.

本题考查了交流发电机及其产生正弦式电流的原理、圆周运动基础知识。注意大小齿轮传动模型，在线速度大小相等的情况下，加速

度和半径成反比。

8.C

【解析】解：A、若保持变阳器滑片位置不变，减少副线圈而数，根据4-型外可知副线圈两端电压减小，则左示数减

小，故A错误；

B、％示数是由电源决定的，与匝数无关，故若保持变阻器滑片位置不变，增加副线圈匝数，则％示数不变，故B错误；

C、若保持原、副线圈匝数不变，则副线圈两端电压不变，将滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，根据欧姆定律可知A?示数

变小，则Ai示数也变小，故C正确；

D、％示数%匕，与滑动变阻器接入电路的阻值无关，故D错误。

故选:C。

根据4=也以分析副线圈两端电压的变化；匕示数是由电源决定的。示数是由匕出和匝数比决定的：根据动态

n\

分析的方法分析电流表示数的变化。

变压器的动态问题大致有两种情况：一是负我电阻不变，原、副线圈的电压火,(72,电流m况输入和输出功率PJ携匝数

比的变化而变化的情况；二是匝数比不变，电流和功率随负载电阻的变化而变化的情况。不论哪种情况，处理这类问题的关键在于分清

变量和不变量，弄清楚“谁决定谁”的制约关系。

多选题

1.A|D

【解析】解：当水平直导线中的电流方向从a到b时，由左手定则可知，安培力向上，由平衡条件有：

kxi-mg—B/L

当电流方向从b到a时，安培力向下，由平衡条件有：

kx2~mg+B1L

联立即可解得m-如禁,8-写冷

29ZHL

故AD正确,B0错误。

故选:AD。

根据左手定则确定安培力方向，再由F=BIL求出安培力大小，由平衡条件列式即可求出直导线质量以及磁感应强度的大小。

本题是安培力的分析和计算问题。安培力大小的一般计算公式是卜FILsina,a是导体与场场的夹角，当B、I、L互相垂直的时候安培力

最大为F=BIL。

迫8页/共13页

2.BD

【解析】解：A、由图可知，气体从a-b,体积逐渐减小，温度逐渐升高，由叱=。知，压强逐渐增大，故A错可误；

T

B、气体从b-c,体积不变，温度逐渐降低，日上=c知，压强逐渐减小，故B正确：可

1

C、气格从c-a,气体等温膨胀，对外做功，内能不变、吸收热量，故0错误；

D、由a-b-c温度不变，体积减小，外界对气体做功,根据△U=W+Q可知气体向外放热，故D正确。

故选:BD。

分析气体a-b、b-c、c-a过程中三个状态参量的变化情况，根据理想气体的状态方程进行分析，a-b-c内能变化为零，根据热力学第一定律分

析热传递情况.

本题上要是否直了理想气体的状态方程之图象问题，要注意研究过程中哪些量不变，哪些般变化，根据理想气体的状态方程和热力学弟一定律解

决问题。

3.A|BD

【解析】解：A、在地球表面忽略自转的影响，由万有引力等于重力知£?=m9,解得M=4,故A正确：

R2G

B、对卫星根据万方引力提供向心力可得卢三=小工,面1^=电等，解得用=察，故8正确：

(ff+h)2R+hT2MG*

CD、根据万有引力提供向心力可得尖=7。(/?+力)],解得：时=察誓，故0错误、D正确。

故选:ABD。

在地球表面忽略自转的影响，由万有引力等于重力求解地球的质量：对卫星根据万有引力提供向心力结合向心力的计算公式求解.

解决天体(卫星)运动问题的基本思路：

(1)在地面附近万有引力近似等于物体的重力，F3-mg,整理得CM-gRZ;

(2)大外运动都可近似地看成匀速圆周运动，其向心力由万有引力提供，即/5=%,根据相应的向心力表达式进行分析.

4.B|D

【解析】解：R、根据图2可知平衡位置为z=2m处的侦点在「0时的振动方向向下，根探“平移法”可知，波的传播方向沿x轴正方向，故A错误；

B、根据图1可知波长为入=4m,根据图2可知周期为T=0.2s,则波的传播速度是《力仍一20m/s.故此确；

0.11

C.1=0时平衡位置为x=0.3m的质点正向上振动，经过0.1s,即经过OJr=2r，平衡位置为x=0.3mf勺质点沿y轴负方向运

动，故C错误；

D、经过0.15s,即经过0.257=：7•，平衡位置为x=0.3m的质点在波谷与平衡位置之间，其位移为负值，故D正确。

4

第9贝/共13贝

故选:BD.

根据'平移法”判断波的传播方向:

根据9=*计弟波的传播速度：

1=0时平衡位置为z=0.3m的质点正向上振动，经过0.Is、0.15s时，分析平衡位置为x=0.37n的质点的位置，由此确定振动情

况和俅移。

本题主要是考查了波的图象：解答本题关说是要掌能够根据图象直接读出波长、周期和各个位置处的质点振动方向,知道波速、波长利频率之

间的关系v=f'.

5.C|D

【斛析】解：A、由于导体棒ab做匀速运动，受力平衡，cd棒静止，受力也平衡，对于两棒组成的整体，合外力为零，由平衡条件得:

F=2nmg=2x0.1x0.1xION=0.2N故A错误;

B、对cd棒，由平衡条件得：BIL=umg,1=胃又联立得：导体棒ab匀速运动的速度

2.0.1X0.110.0.1

+2m/s=2m/s,故B错误:

«L0.52X0.22~~

C,在.S时间内产生的焦耳热Q=导=誓£=(°5氏；2)1=02/,故C正确:

D、在:s时间内拉力做功为W—Fx—Mz=0.2x2X1/=0.4/,故D正确。

故选:CD.

对两棒组成的整体，利用平衡条件求拉力F的大小：对cd棒，根据安培力等于最大降摩擦力，由平衡条件和安培力公式求出感应电流，再由欧姆定

律、法拉第电磁感应定律求导体棒ab匀速运动的速度；根据焦耳定律求在1s时间内产生的焦耳热；根据W=Fx求拉力做功。

本题是电磁感应现象中的力平衡问题，关键是对安培力的分析和计算，要灵活选择研究对象，采用整体法和隔离法相结合研究比较简洁。

实验题

1.错员1.231.20纸带与限位孔之间有摩擦或空气阻力

【解析】解：(D这种方法是错误的，因为要验证机械能守恒定律因此不能使用机械能守恒定律的结论。

⑵0点到B点的距离h-1254en,故减少的势能：Ey-mgh-1.23y;

计算。点至四点的动能增加量，应先计算出4点的瞬时速度vB,由图可知：

%一芳嗡詈m=].5475叱

故.E、==1.2。/

由以上数据可知△£,>△E1,其原因在于纸带与限位孔之间有摩擦或空气阻力，对实验带来影响。

故答案为：｛D错误：(2)1.23,1.20,纸带与限位孔之间TT摩擦或空气阻力。

(1)公式L”、荻工.可以由机械能守恒定律推出，不能使用机械能守恒定律的结论。

(2)先求出。点到B点的距离，根据:△EE)=mgh求势能的减小量：先求出点的瞬时速度\，B,再根据Ek—；7MU/求动

第10巩/共13页

能的增量:

由于纸带与限位孔之间有摩擦或空气阻力，会出现AE,＞AED,

本题考查验证机械能守恒定律的实验。实际上瓯物和纸带下落过程中要克服阻力(主要是打点计时器的阻力)做功，故动能的噌加量必定稍小于势

能的减少量，这是属f系统误差，减少空气阻力影响产生的方法是：使纸带下挂的重物重力大些，口体积要小.

2.0.5b2.71.5

【解析】解：(1)把灵敏电流计改装成0.6A的电流表并联电阻阻值：--=30＜，＜W~X10002=0.59.

1-10.6-300xl0-

(2)滑功变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前滑片要置于b端。

(3)改装后电流表量程为0.6A,灵敏电流计量程为300UA,量程扩大了2000倍，

灵敏电流计示数为1,则流过电路的电流为200。，由图示电路图可知，路端电压：

U=E-2000/(r+&)，

由图示IJT图象可知，电源电动势：E=2.7V,

图象斜率的绝对值k=2(410(r+R)=名嗯2,

2OCX1v*

解得，电源内阻r=1.5C;

故答案为：(l)0.5;(2)b;(3)2.7;1.5。

(1)根据改装后电流衣量程此用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值.

(2)滑幻变阻器采用限流接法，为保护电路闭合开关前滑片要置丁•限值最大处。

(3)根据图示电路图应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式，根据图示图象求出电源电动势与内阻。

本题考查了测电源电动势与内阻的实验，理解实验原理是解题的前提，根据图示电路图求出图象的函数龙达式根据图示图象即可解题。

计算题

1.解：设经过f时间小球落入槽中，由小球做平抛运动可知

水平位移：r=cot,

竖直位移y=^gt2A

代入数据解得t=3s°

由题中几何关系知：—=cos37\

L+vt

解得：lz=15m.

答:L的大小为15m。

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【斛析】小球做平抛运动，小球沿着斜面方向的位移比槽型小物体多L,根据平抛运动的规律，水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由

落体运动，列方程求解即可.

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住相遇时两者水平位移上和竖直位移上的关系进行求解。

2.解：(1)粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，由几何关系可知，粒子做圆周运动的半径R=L,故粒

子在磁场中的运动周期T=警从A运动到C所用时间t,="=—

9142rli

(2)带电粒子在匀强电场