第2课时 基因分离定律重点题型突破

第2课时基因分离定律重点题型突破

题型一显、隐性性状的判断

【应用导学】水稻的有芒和无芒是一对相对性状，依据下列四组杂交实验中②③,能判断显性

性状是有芒。

①有芒X有芒一有芒②有芒X有芒一有芒215+无芒70③有芒X无芒一有芒④有芒*

无芒一有芒101+无芒97

【总结提升】

1.根据子代性状判断

2.根据遗传系谱图进行判断

双亲表现患病，后

代出现“正常”，则

致病性状为显性

6

“正常”为隐性

3.合理设计杂交实验进行判断

能有性状分离子代发生性状分离的亲本性状

—n—为显性性状

交

有

具

对

相禁上骗子代表现出的性状为显性性状

状

性尔东不余乂---------------------------

两

的子代只收现

亲

个

个

两一种性状

不能有性状

本

本

亲分离■该性状为显性

自交

交

杂子代表现两种性

状,与具有相同'

无性状一

性状的亲代网交该性状为除性

分肉

脸型突破】

1.（2022•辽宁铁岭高三模拟）玉米的甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行

同行种植，其中一定能够判断甜和非甜的显隐性关系的是（）

答案c

解析A中当非甜和甜玉米都是纯合子时，不能判断显隐性关系，A错误；B中当其中有一

个植株是杂合子时，不能判断显隐性关系，B错误；C中非甜与甜玉米杂交，若后代只出现

一种性状，则该性状为显性性状；若出现两种性状，则说明非甜和甜玉米中有一个是杂合子，

有一个是隐性纯合子，此时非甜玉米自交，若出现性状分离，说明非甜是显性性状，若没有

出现性状分离，则说明非甜玉米是隐性纯合子，C正确；D中若后代有两种性状，则不能判

断显隐性关系，D错误。

2.某雌雄同花植物花色有红色和白色两种，受一对等位基因控制。研究小组随机取红花和白

花植株各60株均分为三组进行杂交实验，结果如表所示，下列相关推断不正确的是（）

组别杂交方案杂交结果

甲组红花义红花红花：白花=9：1

乙组红花X白花红花：白花=7：1

丙组白花X白花全为白花

A.根据甲组结果，可以判断红花为显性性状

B.甲组结果没有出现3：1性状分离比最可能的原因是发生突变

C.乙组亲本的红花植株中，纯合子与杂合子的比例为3：1

D.乙组的杂交结果中红花植株都为杂合子

答案B

解析甲组结果没有出现3:1性状分离比的原因是红花亲本中并非都是杂合子，B错误；设

花色由A、a基因控制，乙组中的白花个体为隐性纯合子，因此R中7红花：1白花就代表

了亲代中的所有红花亲本产生的配子比例为显性基因：隐性基因=7：1,即红花楂株中

AA：Aa=3：1,C正确；根据分析可知，乙组亲本基因型为AAXaa、AaXaa,故乙组杂交

的后代中红花植株均为杂合子，D正确。

题型二纯合子与杂合子的判断

【应用导学】

家兔的黑毛对•褐毛是显性，现有多只黑毛兔、褐毛兔，每种毛色雌雄均有，要判断一只黑毛

雄兔是否为纯合子，能否让黑毛的雌雄兔子两两相互交陀，若两只兔子所产生的子代均为黑

毛，则这两只兔子就是纯合的黑毛兔？不能（填"能”或“不能”），原因是亲本只要有一只

为黑毛纯合兔，即可得到题述结果。因此，选用与它交配的兔最好是弱生雌兔。

【总结提升】

靛待测个体x隐性个体（已知显、除性）

若子代只有一种性状，则待测个体为

.结果「纯合子

为矶若子代有两种性状.则待测个体为杂

B合子

崩待测个体自交

?若子代无性状分离，则待测个体为纯

、觎回一合子

分析I若子代有性状分离，则待测个体为杂

合子

花等待测个体减数分裂.花粉

粉过程

鉴

定幽•若产生2种花粉，则待测个体为杂合子

法瀛•若只产生】种花粉，则待测个体为纯合子

,实验待测个体一花粉一幼苗一秋水仙素

过程处理_获得植株

若有两种类型的植株,则待测个体

序J能产生两种类型的花粉，为杂合子

分析L若只得到-•种类型的植株,则待测

个体只能产生一种类型的花粉，为

纯合子

［提醒］鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被

测个体是植物时，上述四种方法均可，其中最简便的方法为自交法。

【题型突破】

3.玉米⑵?=20）是雌雄异花、雌雄同株的作物。自然状态下的玉米可以在植株间相互传粉，

也可以同株异花传粉（自交）。请回答：

（1）在杂交过程中，玉米相对于豌豆可以省去环节，在开花前

直接对雌、雄花序进行处理即可。

（2）玉米的高茎对矮茎为显性。为研究一纯合高茎玉米植株的果穗上所结子粒是全为纯合子、

全为杂合子坏是既有纯合子又有杂合子.某同学选取了该玉米果穗卜两时种子作为亲本，单

独隔离种植，观察、记录并分别统计子一代植株的性状，子一代全为高茎，他就判断该玉米

果穗所有子粒均为纯合子，可老师认为他的结论不科学，理由是

___________________________________________________________________________O

请以该果穗为实验材料•，写出科学的实验思路：

预期现象及结论;

「先根据亲代表现型写出能确定的

基因（如技性性状的基因型用A_

'两法

基因表示），然后根据子代一对基因

填充法

推断分别来自两个亲本推断亲代的未

基因〔知基因

型和若子代中有隐性个体存在，则双

、隐性纯合

表现亲中都至少含有一个隐性基因，再

根据亲本的表现型推测剩余的基因

【题型突破】

4.番茄果实的颜色由一对等位基因A、a控制，下表是关于番茄果实颜色的3个杂交实验及

其结果。下列分析正确的是（）

B的表现型和植株数目

实验亲本表现型

红果（个）黄果（个）

1红果X黄果492504

2红果X黄果9970

3红果X红果1511508

A.番茄的果实颜色中，黄色为显性性状

B.实验1的亲本基因型：红果为Aa,黄果为aa

C.实验3的后代红果番茄均为杂合子

D.实验3的后代中黄果番茄的基因型可能是Aa或AA

答案B

解析从实验2中可以看出，红果与黄果杂文，后代只出现红果，说叨黄色为隐性性状，红

色为显性性状，由实验3也可得出红色为显性性状,A错误；实脸1的子代红果：黄果：I,

则亲本基因型：红果为Aa,黄果为aa,B正确；因为黄果为隐性性状，所以其基因型为aa,

D错误。

5.将基因型为Dd和DD（比例1：1）的高茎豌豆种子隔行种植，子一代中基因型为Dd的比

例为（）

A.1/4B.3/16C.3/8D.1/8

答案A

解析豌豆为自花传粉植物，自然条件下为自交。因此子代中Dd的比例为I/2X[/2=l/4。

题型四分离定律的概率计算（含自交与自由交配）

1.用经典公式或分离比计算某表现型或基因型所占比例

某性状或基因型数

（1）概率=—总组合数~X100%o

（2）根据分离比计算

如Aa,,1AA:2Aa:laa

JJ

3显性性状：1隐性性状

113

AA、aa出现的概率各是:，Aa出现的概率是*显性性状出现的概率是脑隐性性状出现的概

率是5显性性状中杂合子的概率是本

2.根据配子概率计算

(1)先计算亲木产生每种配子的概率.

(2)根据题目要求用相关的两种①、6)配子的概率相乘，即可得出某一基因型的个体的概率。

(3)计算表现型概率时，将相同表现型的个体的概率相加即可。

3.自交的概率计算

(1)杂合子Dd连续自交〃代过程(如图1)：

PDd

1_______________1®__________

Fi1/4DDl/2Ddl/4dd

[0秒|0

F21/4DDl/KDDd/^Ddl/«ddl/4<ld

!0

F.1(l/2)3Dd

Fn(l/2?Dd

图1

由图1可推测：杂合子比洌为g)",纯合子比例为1一(右〃，显性纯合子比例=隐性纯合子比

例=[1一七再义3。

纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示:

2"-1

(2)杂合子Aa连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交〃代后，显性个体中，纯合子比例为2»+1，

杂合子比例为武如图所示:

P:Aa

,淘汰押M方成节相

/计算AA,Aa的绦值

F.|AA|AaJaa(淘汰)

4

1O

得oAAqAa・FI的存活个体

I®I®

7AA|(|AA+|Aa+1aa)

Fz・544Z4

即|AA|Aa；aa(淘汰)

4•J()

1

得4AA氛aF2的存活个体

°I®!0

2AA^(1AA+-Aa+|aa)

E5424

5\

H?AA|Aa*aa(淘汰)

即

得^AA^Aa------------------F：’的存活个体

I®I®

1I

•I

1•I

1

On-1O

F„2^1AA2MJAa"------------------F”的存活个体

4.自由交配的概率计算

杂合子比例为/显性纯合子比例为%隐性纯合子比例

(1)若杂合子Aa连续自由交配n代,

为若杂合子Aa连续自由交配〃代，且逐代淘汰隐性个体后，显性个体中，纯合子比例为

亢,杂合子比例为品。(①自由交配若符合遗传平衡条件，则无论交配多少代，子代基因

频率不发生改变；②自由交配过程中若有淘汰，需要每一代淘汰后，重新换算基因型比例,

再进行计算。)

12

(2)自由交配问题的两种分析方法：如某种生物基因型AA占京Aa占全个体间可以自由交

配，求后代中AA的比例。

解法一:

子代表现型及概率为4欧+4孤_、扣1

解法二：配子法——最直接的方法

|1AA个体产生一种配子A：?个体产生两种数量相等的配子A和a,所占比例均为1;，则A

配子所占比例为m2a配子所占比例为:1。

配子）2A1

3（配分、3A3a

22

3AZAA§Aa

121

学9Aa9aa

由表可知：B基因型的比例为AA：Aa：aa=|：|：|=4：4：I；B表现型的比例为A_：aa

=9:§=8:1。

t题型突破〉

6.（2022.吕梁市高三模拟）闭花受粉植物甲，高茎和矮茎分别受A和a基因控制（完全品性）；

雌雄同株异花植物乙，其子粒的颜色黄色与白色分别由Y和y基因控制（完全显性）。两者的

遗传均遵循孟德尔定律。自然状态下，间行种植基因型为AA、Aa的植物甲（两者数量之比是

1:2）和间行种植基因型为YY、Yy的植物乙（两者数量之比是1：2）o下列叙述不正确的是

（）

A.植物甲的Fi中杂合子所占的比例为1/3

B.植物乙的Fi中白色子粒所占的比例为1/9

C.植物乙的R黄色子粒中纯合子所占的比例为1/2

D.若植物甲含有a的配子1/2致死，则B中矮茎个体所占的比例为1/9

答案D

解析植物中闭花受粉，自然状态F为自交，间行种植基因型为AA、Aa的植物甲（两者数量

之比是1:2）,F）中杂合子所占的比例为2/3Xl/2=l/3,A正确；植物乙为雌雄同株异花，

间行种植基因型为YY、Yy的植物乙（两者数量之比是1：2）,植物乙为自由交配，种群中产

生y雌雄配子的概率均为1/3,植物乙的F］中白色子粒所占的比例为1/9,B正确；植物乙自

由交配，种群中产生Y雌雄配子的概率均为2/3,种群中产生y雌雄配子的概率均为1/3,植

物乙的Fi中YY占4/9,表现为黄色，Yy占4/9,表现为黄色，yy占1/9表现为白色，所以，

黄色子粒中纯合子所占的比例为1/2,C正确：若植物甲含有a的配子1/2致死，则Aa产生

配子A：a=2：l,则Fi中矮茎个体aa占2/3X1/3X1/3=2/27,D错误。

归纳总结在没有任何干预的条件下，自交和自由交配都不改变基因频率，但连续自交能降

低杂合子（Aa）的基因型频率，自由交配不改变各基因型的频率。

7.将遗传因子组成为Aa的杂合子，逐代自交三次，F3中显性纯合子所占比例为（）

A.1/8B.7/8C.7/16D.9/16

答案C

重温高考真题演练

1.（2020・江苏，7）有一观赏鱼品系体色为桔红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一

对等位基因控制。某养殖者在繁殖桔红带黑斑品系时发现，后代中2/3为桔红带黑斑，1/3为

野生型性状，下列叙述错误的是（）

A.桔红带黑斑品系的后代中出现性状分离，说明该品系为杂合子

B.突变形成的桔红带黑斑基因具有纯合致死效应

C.自然繁育条件下，桔红带黑斑性状容易被淘汰

D.通过多次回交，可获得性状不再分离的桔红带黑斑品系

答案D

解析杂合子自交后代会出现性状分离，A项正确；由亍后代桔红带黑斑：野生型=2：1,

不符合分离定律中3：1的性状分离比，说明桔红带黑斑基因具有纯合致死效应，B项正确；

由于秸红带黑斑基因具有死合致死效应，自然繁育条件下，该显性基因的频率会逐渐下降，

则桔红带黑斑性状容易被泡汰，C项正确；由以上分析可知，桔红带黑斑为显性性状，桔红

带黑斑个体的基因型显性轮合时致死，因此通过多次回交，得不到性状不再分离的纯合子，

D项错误。

2.（2021•河北，20）我国科学家利用栽培稻（H）与野生稻（D）为亲本，通过杂交育种方法尹辅以

分子检测技术，选育出了L12和L7两个水稻新品系。L12的12号染色体上带有D的染色体

片段（含有耐缺氮基因TD）,L7的7号染色体上带有D的染色体片段（含有基因SD），两个品

系的其他染色体均来自十H（图1）。H的12号和7号染色体相应片段上分别含有基因TH和

S„o现将两个品系分别与H杂交，利用分子检测技术对实验一亲本及部分F2的THTH基因进

行检测，对实验二亲本及部分F2的SD/SH基因进行检测，检测结果以带型表示（图2）。

染色体亲本及Fz的带型

Fl唧III

空白区域代表来自H的染

色体片段

阴影区域代表来自D的染

色体片段

图1图3

回答下列问题:

（1）为建立水稻基因组数据库，科学家完成了水稻条染色体的DNA测序。

⑵实验一F?中基因型TDTD对应的是带型______o理论上，F2中产生带型I、H和HI的个体

数量比为O

⑶实验二F2中产生带型a、。和丫的个体数量分别为12、120和108,表明F?群体的基因型

比例偏离定律。进一步研究发现，B的雌配子均正常，但部分花粉无活性。

己知只有一种基因型的花粉异常，推测无活性的花粉带有（填“SD”或“SH”）基因。

（4）以L7和LI2为材料，选育同时带有来自D的7号和12号染色体片段的纯合品系X（图3）。

主要实验步骤包括：①___________________________________________________________;

②对最终获得的所有植株进行分子检测，同时具有带型______的植株即为目的植株。

（5）利用X和H杂交得到F,,若F1产生的无活性花粉所日比例与实验二结果相同，雌配子均

有活性，则F2中与X基因型相同的个体所占比例为o

答案⑴12（2）1111：2：1（3）（基因）分离SD（4）①将L7和L12杂交，获得FI后自交

②a和III（5）1/80

解析（1）水稻为雌雄同株的植物，没有性染色体和常染包体之分，分析题图可知，水稻含有

12对同源染色体，即有24条染色体，故对水稻基因组测序，需要完成12条染色体的DNA

测序。

⑵实险一是将LI2（基因型TDTD）与H（基因型THTH）杂交，Fi的基因型为TDTH,F2的基因型

及比例分别为TDTD:TDTH:THTH=I：2：1,其中TDTD对应的是带型与亲本L12对应的条

带相同，即条带III,理论上，Fz中产生带型【：II：HI的个体数量比为1：2：1。

⑶实脸二是将L7（基因型SDSD）与H（基因型SHSH）杂交，Fi的基因型为SDSH,理论上F?的基

因型及比例分另"为SDSD：SDSH：SHSH=1：2：1,其中SDSD对应的带型与亲本L7对应的条

带相同，即条带a,SDSH对应条带为（3,SHSH对应条带为Y，理论上，F2中产生带型a：P：y

的个体数量比为1：2：1。实际上F2中产生带型a、入）的个体数量分别为12、120和1（）8,

表明F2群体的基因型比例偏离分离定律；进一步研究发现，B的雌配子均正常，但部分花粉

无活性：已知只有一种基因型的花粉异常，而带型a,即SDSD的个体数量很少，可推测无活

性的花粉带有SD基因。

（4）已知TD与TH,SD与SH两对基因分别位于12号和7号染色体上，两对等位基因遵循自由

组合定律，以L7和L12为材料，选育同时带有来自D的7号和12号染色体片段的纯合品系

X,基因型为SDSDTDTD；同时考虑两对等位基因，可知L7的基因型为SDSDTHTH,L12的基

因型为SHSHTDTD,①将L7和LI2杂交，获得B（SDSHTDTH）后自交，②对最终获得的所有植

株进行分子检测，同时具有带型a和III的植株即为目的植株。

（5）实险二中SDSD：SDSH：SHSH=12：120：108=1：10：9,可知花粉中SD：SH=1：9,利

用X（基因型为SDSDTDTD）和H（基因型为SHSHTHTH）杂交得到B,基因型为SDSHTDTH,若Fi

产生的无活性花粉所占比例与实验二结果相同，即雄配子类型及比例为

SDTD:SDTH:SHTD:SHTH=1：1：9：9,雌配子均有活性，类型及比例为

SDTD:SDTH：SHTD:SHTH=1：1：1：1,则F?中基因型为SDSDTDTD的个体所占比例为

1/4X1/20=l/80o

课时精练

一、选择题

1.（2022・湖北高三模拟）采用下列哪组方法，可以依次解决①〜④中的遗传问题（）

①鉴定一只白羊是否是纯种

②在一对相对性状中区别显隐性

③不断提高小麦抗病品种的纯合度

④检验杂种Fi的基因型

A.杂交、自交、测交、测交

B.测交、杂交、自交、测交

C.测交、测交、杂交、自交

D.杂交、杂交、杂交、测交

答案B

2.小鼠的体色灰色与白色是由常染色体上的一对等位基因控制的相对性状，某校生物科研小

组的同学饲养了8只小鼠（编号①〜⑧），同时进行了一次杂交实验。下表是各杂交组合及子

代鼠的体色情况。

亲本子代

杂交组合

雌雄灰白

I①灰②白56

II③白④灰46

III⑤灰⑥灰110

IV⑦白⑧白09

该小组同学认为，根据上述实验结果不能确定哪个性状是显性性状，需重新设计杂交组合,

以确定这对性状的显隐性。请选出最合理的实验方案()

A.让①与⑥杂交，③与⑧杂交，观察后代体色情况

B.让⑤与⑧杂交，⑥与⑦杂交，观察后代体色情况

C.让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况

D.让③与⑥杂交，④与⑤杂交,观察后代体色情况

答案C

解析根据后代表现型及比例推测，若灰色对白色是显性，则①④为杂合子，②©⑦⑧为隐

性纯合子，⑤@中至少有一方为显性纯合子：若白色对灰色是显性，则②③为杂合子，①④⑤⑥

均为隐性纯合子，⑦@中至少有一方为显性纯合子。通迂①与④杂交、②与③杂交，根据后

代是否发生性状分离即可对上述显隐性进行确定。如果◎与④杂交的后代中既有灰鼠又有白

鼠，②与③杂交的后代全为白鼠，则灰色为显性性状；如果①与④杂交的后代全为灰鼠，②

与③杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，则白色为显性性状。

3.半乳糖血症是一种遗传病，一对夫妇均正常，妻子的父母均正常，丈夫的父亲完全正常，

母亲是携带者，妻子的妹妹患有半乳糖血症。这对夫妇空育一个正常孩子是纯合子的概率是

()

A.1/3B.1/4C.6/11D.H/12

答案C

解析由题意分析可知，妻子的基因型及概率为l/3AA、2/3Aa,产生的配子及比例为2A：1a,

丈夫的基因型及概率为1/2AA、l/2Aa,产生的配子及比例为3A：la,随机结合后，

6AA：5Aa：laa,所以生育一个正常孩子是纯合子的概生是6/11,C正确。

4.豌豆高茎对矮茎为显性，由一对等位基因控制。多株高茎豌豆与矮茎豌豆杂交，B表现

为高茎：矮茎=9：7,若亲本中所有的高茎豌豆自交，子一代表现型及比例为()

A.高茎：矮茎=25:7

B.高茎：矮茎=3：1

C.高茎:矮茎=1：3

D.局茎：矮茎=13:3

答案A

解析多株高茎(A_)豌豆与矮茎(aa)豌豆杂交，Fi表现为奇茎：矮茎=9：7。可知亲本高茎豌

豆产生的配子中a所占比例为7/16,求得亲本高茎豌豆基因型为AA：Aa=l：7。若亲本中

所有的高茎豌豆自交，由于只有Aa自交后代中有矮茎aa且比例占1/4,因此子一代中矮茎

个体=1/4X7/8=7/32,高茎(A_)个体=1-7/32=25/32,高茎：矮茎=25：7。

5.假设羊的毛色遗传由一对基因控制，黑色(B)对白色(b)为显性。一个随机交配多代的羊群

中，白毛和黑毛的基因频率各占一半，现需对羊群进行人工选择，逐代淘汰白色个体。下列

说法错误的是()

A.淘汰前，该羊群中黑色个体数量多于白色个体数量

B.白色羊至少要淘汰2代，才能使b基因频率下降到25%

C.白色个体连续淘汰2代，羊群中Bb的比例为2/3

D.若每代均不淘汰，不论交配多少代，羊群中纯合子的比例均为1/2

答案C

解析淘汰前，该羊群中白毛和黑毛的基因频率各占一半，黑色个体数量(B_)所占比例为:X：

II3

+2X]X,=3多于白色个体数量，A正确；淘汰一次后，BB：Bb=l:2,再自由交配一次，

BB：Bb：bb=4：4：1,淘汰掉bb,BB:Bb=l：1,b的基因频率是"2X1/2=1/4,羊群

中Bb的比例为1/2,B正确、C错误；若每代均不淘汰，不论交配多少代，基因频率不变，

羊群中纯合子的比例均为1/2,D正确。

6.某雌雄同株二倍体植物含有•对等位基因A和a,其中A基因纯合时该植物不能产生雌

配子，a基因纯合时该植物不能产生雄配子，基因型为Aa的植株完全正常。现以若干基因型

为Aa的植株为亲本交配得到F”理论上，通过下列各交配方式所得F2植株中，完全正常植

株所占比例不为1/2的是()

A.让B全部植株自交

B.让Fi全部植株自由交配

C.让R中基因型为AA、Aa的植株自由交配

D.让R中基因型为Aa、aa的植株自由交配

答案B

解析基因型为Aa的植机交配，所得B的基因型及比例为AA:Aa：aa=l：2：I,其中基

因型为AA、aa的个体均不能自交产生后代，只有基因型为Aa的个体可自交产生后代，R

全部植株自交，F2植株基因型及比例为：1/4AA、l/2Aa,l/4aa,其中完全正常植株Aa所占

比例为1/2,A不符合题意；Fi全部植株自由交配，Fi产生的雌配子基因型及比例为A：a=

1：2,雄配子基因型及比例为A：a=2：1,由此可得F2中AA：Aa：aa=

(1/3X2/3)：[(l/3Xl/3)+(2/3X2/3)]：(2/3Xl/3)=2：5：2,故F2植株中完全正常植株Aa所

占比例为5/9,B符合题意；F]中基因型为AA、Aa的植株自由交配，F]产生的雌配子基因

型及比例为A：a=l：1,雄配子基因型及比例为A：a=2：1,由此可得F2中AA：Aa：aa

=(1/2X2/3)：[(1/2X1/3)+(1/2X2/3)]：(1/2X1/3)=2：5：1,所以F2梢株中完全正常植株

Aa所占比例为1/2,C不符合题意；B中基因型为Aa、aa的植株自由交配，B产生的雌配

子基因型及比例为A：a=l：2,雄配子基因型及比例为A：a=l：1,由此可得F2中

AA：Aa：aa=(l/3X1/2)：[(173X1/2)4-(2/3X1/2)]：(2/3XI/2)=l：3：2,所以F2植株中完

全正常植株Aa所占比例为1/2,D不符合题意。

7.已知基因型为Aa的大花瓣花的植株自交，其子代中大花瓣花：小花瓣花：无花瓣花=

2：1：lo现有一个该植物种群，随机传粉若干代，Fn的花瓣表现型及数量关系如图所示，

下列说法中正确的是()

A.该相对性状中，大花瓣是显性

B.Fn中各种表现型的出现是基因重组的结果

C.Fn中A的基因频率为1/3

D.其他条件不变的情况下，该植物种群的Fn+I中三种表现型的比例保持不变

答案D

解析根据题意可知，基因型为Aa的个体表现为大花瓣花，Aa自交，其子代中大花瓣花：

小花瓣花：无花瓣花=2：I：I,不能判断该相对性状中大花瓣的显隐性，A错误；本题只涉

及一对等位基因，不存在基因重组，Fn中各种表现型的出现是雌雄配子随机结合的结果，B

错误；假设一：无花瓣花的基因型为AA,小花瓣花的基因型为aa,根据图中信息可知，Fn

的花瓣的基因型及比例为Aa：AA：aa=4：4：1,即Aa和AA的基因型频率均为4/9,aa

的基因型频率为1/9,则FR中A的基因频率为4/9X1/2+4/9=2/3;假设二：无花瓣花的基因

型为aa,小花瓣花的基因型为AA,根据图中信息可知，Fn的花解的基因型及比例为

Aa：aa：AA=4：4：1,印Aa和aa的基因型频率均为4/9,AA的基因型频率为1/9,则Fn

中A的基因频率为1/9+49X1/2=1/3,由此可知，Fn中A的基因频率为1/3或2/3,C错误；

由于随机传粉后代基因频率保持不变，其他条件不变的情况下，Fn+,中A的基因频率也为1/3

或2/3,故该植物种群的R+i中三种表现型的比例保持不变，D正确。

8.果蝇的灰体和黑檀体是一对相对性状，分别由基因A、a控制，但是基因A的外显率为

75%,即具有A基因的个体只有75%是灰体，其余25%的个体为黑檀体。现将一对相对性状

的亲本果蝇杂交，下列判断正确的是()

A.亲本的杂交组合方式有2种

B.只考虑控制体色的基因，R黑檀体都是纯合子

C.若B灰体与黑檀体之比为9：7,亲本的基因型一定用同

D.Fi自由交配，获得的F2灰体和黑檀体的比例与F]相同

答案c

解析结合题意分析可知，灰体的基因型有两种，而黑檀体的基因型有三种，因此，相对性

状的亲本的杂交组合方式有6种，A错误；若Fl灰体与黑檀体之比为9：7,则亲本的基因

型均为Aa,即亲本基因型一定相同，C正确；若题中相对性状的亲本的基因型为AA和aa,

则Fi的基因型为Aa,表现型的比例为灰体：黑檀体=3：1,若Fi自由交配，F2的基因型为

AA：Aa：aa=l：2：1,因为具有A基因的个体只有75%是灰体，其余25%的个体为黑檀体，

则F2中表现型的比例为灰体：黑檀体=9：7,D错误。

9.某种群中，AA的个体占25%,Aa的个体占50%,aa的个体占25%。若种群中的雌雄个

体自由交配，且基因型为aa的个体无繁殖能力，则子代中AA：Aa：aa是（）

A.3：2：3B.4：4：1

C.1：1：0D.1：2：0

答案B

解析本题计算自由交配后子代的基因型比例，可以采月不同的解法。

解法一（杂交组合法）：由于aa的个体无繁殖能力，因此种群中雌雄自山交配的个体中，AA

个体占1/3,Aa个体占2/3。个体间自由交配的方式如表所示：

6x?1/3AA2/3Aa

1/3AA1/9AAl/9AA,l/9Aa

2/3Aal/9AA,l/9Aal/9AA,2/9Aa,l/9aa

子代中AA个体所占比例=4/9,aa个体所占比例=1/9,Aa个体所占比例=I-1/9-4/9=4/9,

故子代中AA：Aa：aa=4：4：1。

解法二（配子比例法）：由于aa的个体无繁殖能力，因此种群中雌雄自由交配的个体中，AA

个体占1/3,Aa个体占2/3。那么在雌性群体中产生的卵细胞的种类及比例是2/3A,l/3a;在

雄性群体中产生的精子的种类及比例也是2/3A,l/3a;雌雄配子间随机组合的方式如表所示：

2/3Al/3a

2/3A4/9AA2/9Aa

l/3a2/9Aa1/9aa

因此，子代中AA=4/9:Aa=4/9:aa=l/9,故子代中AA：Aa:aa=4：4：1。

二、非选择题

10.通常母鸡的羽毛宽、夜、钝且直，叫母羽；雄鸡的羽毛细、长、尖且弯曲，叫雄羽。所

有的母鸡都只具有母羽，而雄鸡可以是母羽也可以是雄羽。鸡的这种羽毛性状由位于常染色

体上的一对等位基因控制（用H、h表示）。现用一对母羽亲本进行杂交，发现子代中的母鸡都

为母羽，而雄鸡中母羽：雄羽=3：1,请回答：

（1）亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学二称为。母羽和雄羽中显性

性状是O

（2）在子代中，母羽鸡的基因型为。将子代的所有母鸡分别和雄羽鸡亲交，

理论上后代雄鸡的表现型及比例是0

（3）现有各种表现型鸡的品种，为进•步验证亲本中的母鸡是杂合子，请另行设计•杂交实验,

用遗传图解表示（需写出配子）。

答案（1）性状分离母羽（2）HH、Hh、hh母羽：雄羽=1：I（3）如图所示

P母羽母鸡雄羽雄鸡

配子

F.

11

解析（1）亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为性状分离，说明写羽对

雄羽是显性，亲本都是杂合子，即Hh。（2）在子代中，由于所有的母鸣都为母羽，所以母羽

鸡的基因型为HH、Hh、hh。由于雄羽为隐性性状，所以雄羽鸡的基因型为hh。母鸡的基因

型有HH、Hh、hh,比例为I：2：1,将子代的所有母鸡分别